2020年广东省中考物理试卷

2020年广东省中考物理试卷

‎2020年广东省中考物理试卷 一、单项选择题（本大题7小题，每小题3分，共21分）在每小题列出的四个选项中，只有一个是正确的，请把答题卡上对应题目所选的选项涂黑，‎ ‎ ‎ ‎1. 若把原子、原子核、电子看成球体，原子半径的数量级为‎10‎‎−10‎m，原子核半径的数量级为‎10‎‎−15‎m，电子半径的数量级小于‎10‎‎−9‎nm．按尺度从大到小的排序是（ ） ‎ A.原子、原子核、电子 B.电子、原子、原子核 C.原子核、原子、电子 D.原子、电子、原子核 ‎ ‎ ‎ ‎2. 将电灯、开关和插座接入家庭电路中，接线正确的是（ ） ‎ A. B. C. D. ‎ ‎ ‎ ‎3. 岸上的人看到水中小鱼的光路图是（ ） ‎ A. B. C. D. ‎ ‎ ‎ ‎4. 如图所示，不能用流体压强与流速的关系来解释的是（ ） ‎ A.如图所示向两张纸中间吹气，纸张向中间靠找 B.如图所示用吸管吸饮料 C.如图所示向B管吹气，A管中的水面上升 D.如图所示飞机产生升力的原因 ‎ ‎ ‎5. 晚上，爸爸对小明说“请把电视声音调小点，不要影响邻居休息。”这里“调小”的是声音的（ ） ‎ A.音色 B.音调 C.响度 D.速度 ‎ ‎ ‎6. 如图所示的实验装置，表述错误的是（ ） ‎ A.该装置可用来研究电磁感应现象 B.该装置能将电能转化为机械能 C.该装置可用来研究磁场对通电导体的作用 第25页 共26页 ◎ 第26页 共26页 D.该装置揭示的原理可应用于电动机 ‎ ‎ ‎7. 游泳时佩戴游泳圈是防止溺水的有效方法。质量为‎50kg的小蓉佩戴游泳圈后，能静静地漂浮在水面上，如图所示。游泳圈对她的作用力大小最符合实际的是（ ） ‎ A.‎5000N B.‎500N C.‎50N D.‎‎5N 二、填空题（本大题7小题，每空1分，共21分）‎ ‎ ‎ ‎ 目前人们正致力于开发太阳能、核能、风能、海洋能、氢能…其中核能是________（选填“可再生”或“不可再生”）能源，核电站利用原子核________（选填“聚变”或“裂变”）释放的能量发电，电能属于________（选填“一次能源”或“二次能源”）。 ‎ ‎ ‎ ‎ 在“探究冰熔化时温度的变化规律”实验中，某时刻温度计的示数如图甲所示，其读数为________‎​‎‎∘‎C．图乙是冰熔化时温度的变化曲线。由图可知，冰在熔化过程中，温度________（选填“升高”“降低”或“不变”），内能________选填“增加”“减少”或“不变”）。 ‎ ‎ ‎ ‎ 如图所示，用揭指和食指按压一支铅笔的两端，拇指和食指受到的压力分别为F‎1‎和F‎2‎，受到的压强分别为p‎1‎和p‎2‎．则F‎1‎________F‎2‎，p‎1‎________p‎2‎（两空选填“‎>‎”“‎<‎”或“＝”）；若F‎2‎＝‎1N，笔尖的面积为‎1×‎‎10‎‎−6‎m‎2‎，则p‎2‎＝________Pa。 ‎ ‎ ‎ ‎ 疫情期间，医护人员通过平面镜检视防护服的穿戴情况。医护人员在平面镜中的像是________（选填“实像”或“虚像”）；当医护人员走近平面镜时，人与像之间的距离________，像的大小________（后两空选填“变大”“变小”或“不变”）。 ‎ ‎ ‎ ‎ 如图所示为“探究电流通过导体产生的热量跟________的关系”的实验装置。实验中用U形管内液面高度差的大小来反映电流通过导体产生热量的多少，这种方法叫________（选填“控制变量”或“转换”）法。通电一段时间后，左侧容器内空气吸收的热量比右侧的________（选填“多”或“少”）。 ‎ ‎ ‎ ‎ 如题图所示，点燃的蜡烛及焦距为‎15cm的凸透镜固定在光具座上，要在光屏上承接到烛焰________（选填“正立”或“倒立”）、放大的清晰实像，需将光屏向________（选填“左“或“右”）移动；一段时间后，蜡烛变短了，烛焰在光屏上成的像会向________（选填“上”或“下”）移。 ‎ ‎ ‎ ‎ 如图所示，人向下拉绳提升重物。已知物体重‎400N，动滑轮重‎60N，不计绳重及摩擦，将重物匀速提升‎0.5m，人需用的拉力为________N，绳子自由端移动的距离为________m，人所做的有用功为________J。 ‎ 三、作图题（共7分）‎ ‎ ‎ ‎ 如图所示，用根硬棒通过支点O撬起石头，画出石头所受重力G的示意图，以及力F的力臂‎1‎。 ‎ 第25页 共26页 ◎ 第26页 共26页 ‎ ‎ ‎ ‎ ‎ 请画出图中入射光线经凸透镜后的折射光线。 ‎ ‎ ‎ ‎ ①重为G的鸡蛋沉在盛有水的杯子的底部，向水中加入食盐并使其溶解，鸡蛋渐渐浮起，最终漂浮在水面，如图甲所示，请在图乙中画出上述过程中鸡蛋所受的浮力F浮随时间t变化的大致图象。 ②如题图丙所示，请按小磁针的指向，标出螺线管中的电流方向，并在括号中标明螺线管右端的极性。 ‎ 四、实验题（本大题3小题，共20分）‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎（1）如图‎1‎所示，图甲中木块的长度为________cm；天平平衡时，放在天平右盘中的砝码和游码的位置如图乙所示，所测物体的质量为________g。‎ ‎ ‎ ‎（2）如图‎2‎所示为实验室常用的弹簧测力计，使用前要检查指针、弹簧与外壳之间是否________，指针是否________。‎ ‎ ‎ ‎（3）如题‎3‎图所示，图甲中电压表的分度值为________V，读数为________V；若使用前出现如图乙所示的情况，则原因是________。‎ ‎ ‎ ‎ 做“探究电流与电阻的关系”实验时，可供选择的器材有：电压为‎6V的电源，电流表‎(0−0.6A)‎，电压表‎(0−3V)‎，开关，阻值分别为‎5Ω、‎10Ω、‎15Ω和‎20Ω的定值电阻各‎1‎个，最大阻值分别为‎10Ω和‎50Ω的滑动变阻器各‎1‎个，导线若干。 ‎ ‎（1）如题图所示的实验电路中，正确的是________，应选用最大阻值为________Ω的滑动变阻器。‎ ‎ ‎ 第25页 共26页 ◎ 第26页 共26页 ‎（2）若按图乙所示电路图连接好电路后，闭合开关，可观察到电流表的指针________（选填“向右”“反向”或“几乎不”）偏转。‎ ‎ ‎ ‎（3）按正确电路图连接电路，闭合开关，电流表和电压表均有示数，但移动滑动变阻器的滑片时，两表的示数均保持不变，经判断是接线有误，错误可能是________。‎ ‎ ‎ ‎（4）纠正错误后，依次更换定值电阻，并控制定值电阻两端电压为‎2.5V进行实验。请将记录实验数据的表格补充完整。 ①U＝________。 ‎ 实验序号 ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ ‎②________‎ ‎20‎ ‎15‎ ‎10‎ ‎5‎ ‎③________‎ ‎‎ ‎‎ ‎‎ ‎‎ ‎ ‎ ‎ 为了“探究水沸腾时温度变化的特点”，取‎0.2kg水进行实验。 ‎ ‎（1）如图甲所示实验装置的组装顺序应为________（选填“自下而上”或“自上而下”）。‎ ‎ ‎ ‎（2）根据表中的实验数据，在图乙中画出水的温度随时间变化的图象。 ‎ 时间‎/min ‎0‎ ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ ‎5‎ ‎6‎ ‎7‎ ‎8‎ 温度‎/‎​‎‎∘‎C ‎90‎ ‎92‎ ‎94‎ ‎96‎ ‎98‎ ‎99‎ ‎99‎ ‎99‎ ‎99‎ ‎ ‎ ‎（3）根据以上实验数据可知，水的沸点为________‎​‎‎∘‎C．为提高水的沸点，换用火力更大的酒精灯加热，这种做法________（选填“可行”或“不可行”）。‎ ‎ ‎ ‎（4）假如酒精灯均匀放热，且释放的热量全部被水吸收，忽略沸腾前水的质量变化以及热量的损耗，从第‎5min起‎1‎分钟内水吸收的热量是________J．‎‎[c水＝4.2×‎10‎‎3‎J/(kg⋅‎​‎‎∘‎C)]‎ 五、计算题（本大题2小题，共13分）‎ ‎ ‎ ‎ 某轿车在平直公路上行驶的‎45s内，其速度v与时间t、动力F与时间t的关系图象分别如图甲、乙所示。已知前‎10s轿车运动的路程为‎100m。求： ‎ ‎（1）前‎10s轿车运动的平均速度；‎ ‎ ‎ ‎（2）轿车在匀速直线运动阶段通过的路程；‎ ‎ ‎ ‎（3）动力F做的总功。‎ ‎ ‎ ‎ 某款电热饮水机具有加热和保温两档，额定电压为‎220V．图甲是其电路原理图。S‎0‎为温控开关，R‎1‎，R‎2‎为电热丝（阻值不变），某饮水机在额定电压下工作的电功率P与时间t的关系图象如图乙所示求： ‎ ‎（1）饮水机处于加热挡阶段消耗的电能；‎ 第25页 共26页 ◎ 第26页 共26页 ‎ ‎ ‎（2）饮水机处于保温挡时，通过R‎1‎的电流；‎ ‎ ‎ ‎（3）R‎2‎的阻值。‎ 六、综合能力题（本大题3小题，共18分）‎ ‎ ‎ ‎ 受“曹冲称象”的启发，小明在家利用量筒、碗、水盆和足量的水（密度为ρ水）、油性笔等，测量小玻璃珠的密度，如图‎1‎所示，实验步骤如下（请将步骤④补充完整）。 ①如图甲，取一定数量的小玻璃珠放入空碗中，再把碗放入盛有水的水盆中，用油性笔在碗外壁上标记水面的位置： ②如图乙，往量筒内倒入适量的水，记下量筒中水的体积V‎1‎。 ③如图丙，取出碗中所有的小玻璃珠并放入量筒中，记下小玻璃珠和水的总体积V‎2‎。 ④如图丁，将量筒中的水慢慢倒入水盆中的空碗内，直到标记处与碗外水面 相平 ，记下量筒中小玻璃珠和剩余水的总体积V‎3‎。 完成下列填空： ‎ ‎（1）小玻璃珠的总体积为V＝________。‎ ‎ ‎ ‎（2）小玻璃珠的总质量为m＝________。‎ ‎ ‎ ‎（3）小玻璃珠密度的表达式为ρ＝________‎ ‎ ‎ ‎（4）在不改变实验方法的前提下，请提出一条提高测量精度的措施：________（示例：在同等容积的情况下换用碗口面积较小的碗）。‎ ‎ ‎ ‎ 小明家的台灯是通过电位器来调节亮度的。他猜想：台灯变亮时电位器消耗电能的功率会变小，为此他设计了甲所示的电路进行探究。已知电源电压为‎4V并保持不变，电压表‎(0−3V)2‎个，电流表‎(0−0.6A)‎，滑动变阻器规格为“‎20Ω 1A”，小灯泡L标有“‎2.5V 1.25W”字样（忽略温度对灯丝电阻的影响）。 ‎ ‎（1）电路中a是________表，b是________表，‎ ‎ ‎ ‎（2）实验中，小灯泡正常发光时电流表的示数为________A。‎ ‎ ‎ ‎（3）根据实验数据，绘制出滑动变阻器的电功率PR与小灯泡的电功率PL的关系如图乙所示。由图可知：小灯泡的电功率（亮度）变大时，滑动变阻器的电功率________。‎ ‎ ‎ ‎（4）假设实验所用的小灯泡能承受的最大电压可以高出其额定电压的‎1‎‎4‎，在确保电路中各元件安全的情况下，移动滑动变阻器的滑片，小灯泡的电功率变化范围是从________W至________W。‎ ‎ ‎ ‎ 阅读下列短文，回答问题。 热敏电阻温度计 热敏电阻是用半导体材料制成的电阻，其阻值随温度的变化而变化，如图甲所示为某型号热敏电阻的实物图，阻值随温度升高而变小的，称为负温度系数热敏电阻：阻值随温度升高而变大的，称为正温度系数热敏电阻，利用热敏电阻的特性做成的温度计，叫做热敏电阻温度计。 如图乙所示为热敏电阻R‎1‎的阻值随温度t变化的图象（为方便计算，已将图线作了近似处理）。图丙是用R‎1‎做测温探头的某热敏电阻温度计的电路图，其中电源电压可在‎0.60V∼1.20V之间调节，R‎2‎为定值电阻，阻值为‎100Ω．该电路工作原理是：当保持通过R‎1‎的电流不变时，R‎1‎两端的电压随电阻均匀变化（即随温度均匀变化），故只需将电压表V‎1‎表盘的刻度改成相应的温度刻度，就可以直接从V‎1‎表盘上读出温度值。测量时，将R‎1‎放入待测温度处，闭合开关，调节电源电压，使V‎2‎表的示数保持‎0.20V不变（即电路中的电流保持‎2mA不变），再从V‎1‎表盘上读出待测温度t。 ‎ ‎（1）热敏电阻R‎1‎是________（选填“正”或“负”）温度系数热敏电阻。在标准大气压下，将R‎1‎放入冰水混合物中时，R‎1‎的阻值是________Ω。‎ ‎ ‎ ‎（2）测温时，保持R‎2‎两端电压为‎0.20V，R‎1‎两端的电压随温度升高而________（选填“变大”“变小”或“不变”）。‎ 第25页 共26页 ◎ 第26页 共26页 ‎ ‎ ‎（3）某次测温时，V‎1‎表盘上显示的温度是‎20‎​‎‎∘‎C，此时电源电压为________V。‎ ‎ ‎ ‎（4）该热敏电阻温度计测量温度的范围为________‎​‎‎∘‎C。‎ 第25页 共26页 ◎ 第26页 共26页 参考答案与试题解析 ‎2020年广东省中考物理试卷 一、单项选择题（本大题7小题，每小题3分，共21分）在每小题列出的四个选项中，只有一个是正确的，请把答题卡上对应题目所选的选项涂黑，‎ ‎1.‎ ‎【答案】‎ A ‎【考点】‎ 原子的核式模型 从微观到宏观的尺度 ‎【解析】‎ 根据原子、原子核、电子半径的大小分析。‎ ‎【解答】‎ 由题意可知，原子半径的数量级为‎10‎‎−10‎m，原子核半径的数量级为‎10‎‎−15‎m，电子半径的数量级小于‎10‎‎−9‎nm＝‎10‎‎−18‎m，则原子的半径大于原子核的半径，原子核的半径大于电子的半径，所以从大小到小的排列是原子、原子核、电子，故A正确、BCD错误。‎ ‎2.‎ ‎【答案】‎ D ‎【考点】‎ 家庭电路的连接 ‎【解析】‎ ‎（1）灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。 （2）三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。‎ ‎【解答】‎ 根据安全用电的原则，开关接在火线上，开关和电灯要串联；三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；且三孔插座与电灯要并联，故D图正确。‎ ‎3.‎ ‎【答案】‎ B ‎【考点】‎ 作光的折射光路图 ‎【解析】‎ 根据光线的传播方向及入射角与折射角间的关系分析各光路图，选出符合要求的选项。‎ ‎【解答】‎ 鱼反射的光由水中斜射入空气时，在水面处发生折射，折射角大于入射角，折射光线远离法线，向水面偏折，人逆着折射光线看去，“鱼”的位置升高了，故B正确、ACD错误。‎ ‎4.‎ ‎【答案】‎ B ‎【考点】‎ 流体压强与流速的关系 大气压的综合应用 ‎【解析】‎ ‎（1）（4）气体的压强与气体的流速有关，流速越大压强越小。 （2）当用口吸吸管时，管内气压减小，小于外界大气压，大气压压着饮料进入口中。 （3）当向B管吹气时，A管上方的空气流动速度增大，压强减小，A管下方压强不变，管内外产生压强差将液体压上去。‎ ‎【解答】‎ A‎、对着两张纸的中间吹气，两张纸中间的空气流速变大，压强变小，小于纸外侧的大气压，产生了一个向内的压强差，将纸压向中间，故A不符合题意。 B、用吸管吸饮料是利用了大气压的作用，不能揭示流体压强与流速的关系。故B符合题意。 C、往B管中吹气，吸管A上方空气的流速增大，压强减小，A管中液体受到向上的压强大于向下的压强，在这个管内外产生压强差的作用下，液面上升。故C不符合题意。 D、相等的时间内，空气经过机翼上面的路程大于下面的路程，机翼上面的空气流速大于下面的流速，机翼上面的压强小于下面的压强，出现压强差，出现了压力差，这个压力差就是机翼向上的升力；能用流体压强与流速的关系来解释。故D不符合题意。‎ ‎5.‎ ‎【答案】‎ C ‎【考点】‎ 音调、响度与音色的区分 声速 ‎【解析】‎ 响度是指声音的强弱，它与物体振幅有关。音量的调节，就是改变声音的响度。‎ ‎【解答】‎ 人耳能感觉到的声音的强弱称为响度，当电视音响振动幅度大时，发出声音的响度也会很大，所以这里“调小”的是声音的响度。‎ ‎6.‎ ‎【答案】‎ A ‎【考点】‎ 直流电动机的原理 磁场对通电导线的作用 电磁感应 ‎【解析】‎ 电路中有电源，是探究通电导体在磁场中受力而运动，是电能转化为机械能，是电动机工作原理图。‎ ‎【解答】‎ A‎、如图电路中有电源，是探究通电导体在磁场中受力而运动，故A错误； BCD、如图电路中有电源，是电动机工作原理图，是电能转化为机械能，工作原理是通电导体在磁场中受力而运动，故BCD正确。‎ ‎7.‎ ‎【答案】‎ C ‎【考点】‎ 物体的浮沉条件及其应用 第25页 共26页 ◎ 第26页 共26页 ‎【解析】‎ 根据重力公式算出重力，人体的密度与水的密度差不多，根据密度公式ρ=‎mV算出人体的体积，小蓉漂浮在水面时，‎1‎‎10‎的体积露出水面，根据F浮＝ρ水gV排算出浮力； 当小蓉漂浮在水面上时，受重力、浮力和游泳圈对她的作用力，据此算出游泳圈对她的作用力大小。‎ ‎【解答】‎ 小蓉的重力为：G＝mg＝‎50kg×10N/kg＝‎500N， 人体的密度与水的密度差不多，约为‎1.0×‎10‎‎3‎kg/‎m‎3‎， 根据密度公式ρ=‎mV知，人体的体积为： V=mρ=‎50kg‎1.0×‎10‎‎3‎kg/‎m‎3‎=0.05‎m‎3‎， 小蓉漂浮在水面时，‎1‎‎10‎的体积露出水面，即：V排＝‎(1−‎1‎‎10‎)V=‎9‎‎10‎V=‎9‎‎10‎×0.05‎m‎3‎＝‎0.045‎m‎3‎， 小蓉漂浮时受到的浮力为： F浮＝ρ水gV排＝‎1.0×‎10‎‎3‎kg/m‎3‎×10N/kg×0.05‎m‎3‎＝‎450N， 当小蓉漂浮在水面上时，受重力、浮力和游泳圈对她的作用力， 所以游泳圈对她的作用力大小为：F＝G−‎F浮＝‎500N−450N＝‎50N，故C符合实际。‎ 二、填空题（本大题7小题，每空1分，共21分）‎ ‎【答案】‎ 不可再生,裂变,二次能源 ‎【考点】‎ 能源的分类 ‎【解析】‎ ‎（1）像风能、水能、太阳能等可以在自然界源源不断地得到，把它们称为可再生能源；化石能源、核能等能源会越用越少，不能在短期内从自然界得到补充，这类能源称为不可再生能源。 （2）核电站利用原子核裂变发电。 （3）像电能，是通过消耗一次能源转化而来，称为二次能源。‎ ‎【解答】‎ 核能会越用越少，属于不可再生能源； 原子弹和核电站都是利用原子核裂变的链式反应发电； 电能上通过消耗一次能源而得到的能源，故属于二次能源。‎ ‎【答案】‎ ‎2‎‎,不变,增加 ‎【考点】‎ 熔化和凝固的探究实验 熔化和凝固的温度—时间图象 温度计的使用及其读数 ‎【解析】‎ ‎（1）读取温度计的示数时，要看清分度值以及示数在零上还是零下，再根据液面位置读出示数； （2）晶体熔化时吸收热量，内能变大，温度不变。‎ ‎【解答】‎ 读图甲可知，温度计的分度值为‎1‎​‎‎∘‎C，示数为‎2‎​‎‎∘‎C； 由图乙可知，冰在熔化的过程中吸热，温度保持不变，内能增加；‎ ‎【答案】‎ ‎＝,‎<‎,‎‎1×‎‎10‎‎6‎ ‎【考点】‎ 压强大小比较 压力及重力与压力的区别 ‎【解析】‎ 先根据二力平衡判断铅笔受到两个力的关系，再根据力的相互作用判断铅笔对两手指压力之间的关系，最后根据压强公式p=‎FS判断手指受到的压强关系；根据p=‎FS求出压强的大小。‎ ‎【解答】‎ 铅笔处于静止状态，受到的两手指的压力是一对平衡力，所以两手指对铅笔的压力相等，手指对铅笔的压力与铅笔对手的压力是一对相互作用力， 所以这两力也相等，即两手指受到的铅笔的压力相同，即F‎1‎＝F‎2‎； 由图可知，食指的受力面积比较小，根据p=‎FS可知，食指受到的压强比较大，即p‎1‎‎<‎p‎2‎； 若F‎2‎＝‎1N，笔尖的面积为‎1×‎‎10‎‎−6‎m‎2‎，则p‎2‎‎=F‎2‎S=‎1N‎1×‎‎10‎‎−6‎m‎2‎=1×‎10‎‎6‎Pa。‎ ‎【答案】‎ 虚像,变小,不变 ‎【考点】‎ 平面镜的应用 平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案 ‎【解析】‎ 物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等。‎ ‎【解答】‎ 医护人员在平面镜中的像是虚像；根据物和像大小相等可知，当他靠近平面镜时，他的像的大小不变； 当医护人员走近平面镜时，像距变小、物距变小，他与镜中的像的距离变小；‎ ‎【答案】‎ 电阻,转换,少 ‎【考点】‎ 焦耳定律 ‎【解析】‎ 由电路图可知两电阻串联，根据串联电路的电流特点可知通过它们的电流关系，根据Q＝I‎2‎Rt比较两电阻产生的热量关系，密闭空气吸收热量后，体积不变，压强变大，U形管内两液面的差值变大，据此进行解答。‎ ‎【解答】‎ 由电路图可知两电阻串联，通过两个电阻的电流和通电时间相同，电阻不同，所以探究的是电流通过导体产生的热量跟电阻的关系； 电热丝对空气盒内的空气加热，空气受热膨胀，会推动U型管内的液柱变化，通过液柱的变化可以判定电阻产生热量的多少，这是转换法的应用； 由Q＝I‎2‎Rt可知，在电路和通电时间相同时，右侧电阻较大，产生的热量较多，左侧U形管的液面高度差小于右侧U形管。‎ ‎【答案】‎ 倒立,右,上 ‎【考点】‎ 第25页 共26页 ◎ 第26页 共26页 凸透镜成像规律及其探究实验 ‎【解析】‎ ‎（1）当物距处于f和‎2f之间时，凸透镜成倒立放大的实像； （2）实验一段时间后，蜡烛变短了，烛焰移到了主光轴的下方，所成的像将移到主光轴的上方，光屏应移到像的位置。‎ ‎【解答】‎ 如题图所示，点燃的蜡烛及焦距为‎15cm的凸透镜固定在光具座上，要在光屏上承接到烛焰放大的实像，实像是倒立，光屏应在大于‎2‎倍焦距的地方，即v>30cm，需将光屏向右移动； 凸透镜成倒立的实像，蜡烛变短，相对于凸透镜向下移动，所以其像向上移动。‎ ‎【答案】‎ ‎230‎‎,‎1‎,‎‎200‎ ‎【考点】‎ 有用功、额外功、总功 ‎【解析】‎ ‎（1）由图知，n＝‎2‎，不计绳重及摩擦，拉力F=‎1‎‎2‎(G+G动)‎； （2）绳子自由端移动的距离s＝‎2h， （3）克服物体的重力所做的功为有用功，利用W＝Gh计算。‎ ‎【解答】‎ ‎（2）绳子自由端通过的距离： s＝‎2h＝‎2×0.5m＝‎1m(1)(3)‎人所做的有用功为： W＝Gh＝‎400N×0.5m＝‎200J。 故答案为：‎230‎；‎1‎；‎200‎。‎ 三、作图题（共7分）‎ ‎【答案】‎ 石头重力的作用点在重心，过重心沿竖直向下的方向画一条带箭头的线段，并用符号G表示； 过支点O作垂直于动力作用线的垂线段，即为F的力臂L，如下图所示： ‎ ‎【考点】‎ 力臂的画法 ‎【解析】‎ 过物体的重心，用一条带箭头的线段表示出重力的作用点和方向，注意重力的方向竖直向下； 过支点作力的作用线的垂线段就得到F的力臂。‎ ‎【解答】‎ 石头重力的作用点在重心，过重心沿竖直向下的方向画一条带箭头的线段，并用符号G表示； 过支点O作垂直于动力作用线的垂线段，即为F的力臂L，如下图所示： ‎ ‎【答案】‎ ‎【考点】‎ 透镜的光路图 ‎【解析】‎ 在作凸透镜、凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。‎ ‎【解答】‎ 平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点。过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变。‎ ‎【答案】‎ ‎ ②小磁针的左端为N极，右端为S极，根据磁极间的相互作用规律可知，螺线管的左端为N极，右端为S极，根据安培定则可知，螺线管中正面的电流方向是向上的，如图所示： 。‎ ‎【考点】‎ 安培定则 ‎【解析】‎ ‎①根据物体的浮沉条件：浮力小于重力时下沉、浮力大于重力时上浮、浮力等于重力时漂浮以及阿基米德原理判断鸡蛋所受浮力的变化； ②根据磁极间的相互作用规律得出螺线管的极性，根据安培定则判断螺线管中电流的方向。‎ ‎【解答】‎ ‎①最初鸡蛋沉入水底，受到的浮力小于重力（即F浮‎10Ω， 所以，应选用最大阻值为‎50Ω的滑动变阻器；‎ 若按图乙所示电路图连接好电路后，闭合开关，由电压表的内阻很大、在电路中相当于断路可知，电路中几乎无电流，所以，可观察到电流表的指针几乎不偏转；‎ 闭合开关，电流表和电压表均有示数，但移动滑动变阻器的滑片时，两表的示数均保持不变， 说明滑动变阻器接线错误，即将上面两个接线柱接入电路或将下面两个接线柱接入电路；‎ 由题意可知，定值电阻两端的电压为‎2.5V； 探究电流与电阻的关系实验，应记录的是“电阻R/Ω”和“电流I/A”。‎ ‎【答案】‎ 自下而上 见解答；‎ ‎99‎‎,不可行 ‎1.68×‎‎10‎‎3‎ ‎【考点】‎ 探究水的沸腾实验 热量的计算 ‎【解析】‎ ‎（1）实验中用酒精灯外焰加热，并且温度计玻璃泡不能碰容器底和壁，所以组装器材时要按自下而上的顺序； ‎ 第25页 共26页 ◎ 第26页 共26页 ‎（2）根据表格中数据描点，用平滑的曲线连接； （3）水沸腾的条件：达到沸点，继续吸热；液体的沸点随气压的增大而增大； （4）利用Q吸＝cm△t求‎1‎分钟内水吸收的热量。‎ ‎【解答】‎ 实验中用酒精灯外焰加热，并且温度计玻璃泡不能碰容器底和壁，所以组装器材时要自下而上的顺序；‎ 根据表格中数据描点，用平滑的曲线连接，如下图： ；‎ 根据以上实验数据可知，水的沸点为‎99‎​‎‎∘‎C；液体的沸点随气压的增大而增大，换用了火力更大的酒精灯加热，不能使气压增大，不能提高水的沸点，故此方法不可行。‎ 忽略沸腾前水的质量变化以及热量的损耗，从第‎5min起‎1‎分钟内水吸收的热量等于水沸腾前‎1min吸收的热量： Q吸＝c水m△t＝‎4.2×‎10‎‎3‎J/(kg⋅‎​‎‎∘‎C)×0.2kg×2‎​‎‎∘‎C＝‎1.68×‎10‎‎3‎J。‎ 五、计算题（本大题2小题，共13分）‎ ‎【答案】‎ 前‎10s轿车运动的平均速度为‎10m/s；‎ 轿车在匀速直线运动阶段通过的路程为‎700m；‎ 动力F做的总功为‎1.1×‎10‎‎6‎J。‎ ‎【考点】‎ 变速运动与平均速度 速度公式及其应用 功的计算 ‎【解析】‎ ‎（1）已知前‎10s轿车运动的路程为‎100m，利用速度公式可求得均速度； （2）由图象可知轿车在匀速直线运动阶段的时间和速度，利用速度公式变形可求得通过的路程； （3）由图象可知，‎0∼10s、‎10s∼45s时间内轿车的动力F和路程，利用W＝Fs可求得动力F做的总功。‎ ‎【解答】‎ 已知前‎10s轿车运动的路程为‎100m，则前‎10s轿车运动的平均速度v‎1‎‎=s‎1‎t‎1‎=‎100m‎10s=10m/s，‎ 由图象甲可知，轿车在匀速直线运动阶段的时间t‎2‎＝‎45s−10s＝‎35s，速度v‎2‎＝‎20m/s， 由v=‎st可得，通过的路程s‎2‎＝v‎2‎t‎2‎＝‎20m/s×35s＝‎700m；‎ 由图象乙可知，‎0∼10s的动力F‎1‎＝‎4000N， 则‎0∼10s的动力做功W‎1‎＝F‎1‎s‎1‎＝‎4000N×100m＝‎4×‎10‎‎5‎J， ‎10s∼45s时间内轿车的动力F‎2‎＝‎1000N，已知通过的路程s‎2‎＝‎700m； 则‎10s∼45s时间内动力做功W‎2‎＝F‎2‎s‎2‎＝‎1000N×700m＝‎7×‎10‎‎5‎J， 则动力F做的总功。W＝W‎1‎‎+‎W‎2‎＝‎4×‎10‎‎5‎J+7×‎10‎‎5‎J＝‎1.1×‎10‎‎6‎J。‎ ‎【答案】‎ 饮水机处于加热挡阶段消耗的电能为‎1.452×‎10‎‎5‎J；‎ 饮水机处于保温挡时，通过R‎1‎的电流为‎0.2A；‎ R‎2‎的阻值为‎110Ω。‎ ‎【考点】‎ 电功的计算 电功率与电压、电流的关系 ‎【解析】‎ ‎（1）根据图乙判断出加热挡的功率和加热时间，根据EW＝Pt算出饮水机处于加热挡阶段消耗的电能； （2）当开关S、S‎0‎闭合时，R‎1‎与R‎2‎并联，电路中的总电阻最小，根据P=‎U‎2‎R可知，饮水机的总功率最大，此时为加热状态； 当只闭合开关S时，电路为R‎1‎的简单电路，饮水机处于保温状态； 根据图乙判断出保温挡的功率，根据P＝UI算出保温挡时通过R‎1‎的电流； （3）当开关S、S‎0‎闭合时，两电阻并联，电路中的总电阻最小，根据P=‎U‎2‎R分析电路功率大小可知饮水机处于哪种工作状态；饮水机保温时电路为R‎1‎的简单电路，饮水机加热时R‎1‎与R‎2‎并联，饮水机加热功率减去保温功率即为R‎2‎的电功率，根据并联电路的电压特点和P=‎U‎2‎R求出R‎2‎的阻值。‎ ‎【解答】‎ 由图乙知，加热挡的功率为P加热＝‎484W，加热时间为t＝‎5min＝‎300s， 饮水机处于加热挡阶段消耗的电能为：W＝P加热t＝‎484W×300s＝‎1.452×‎10‎‎5‎J；‎ 当开关S、S‎0‎闭合时，R‎1‎与R‎2‎并联，电路中的总电阻最小，根据P=‎U‎2‎R可知，饮水机的总功率最大，此时为加热状态； 当只闭合开关S时，电路为R‎1‎的简单电路，饮水机处于保温状态； 根据图乙知保温挡的功率为‎44W， 根据P＝UI知，保温挡时通过R‎1‎的电流为： I=PU=‎44W‎220V=0.2A；‎ 因电路的总功率等于各用电器功率之和， 所以，加热时电阻丝R‎2‎的电功率： P‎2‎＝P加热‎−‎P‎1‎＝P加热‎−‎P保温＝‎484W−44W＝‎440W， 因并联电路中各支路两端的电压相等， 由P=‎U‎2‎R可得，电阻R‎2‎的阻值： R‎2‎‎=U‎2‎P‎2‎=‎(220V‎)‎‎2‎‎440W=110Ω；‎ 六、综合能力题（本大题3小题，共18分）‎ ‎【答案】‎ V‎2‎‎−‎V‎1‎ ρ水‎(V‎2‎−V‎3‎)‎ 第25页 共26页 ◎ 第26页 共26页 ρ(V‎2‎−V‎3‎)‎V‎2‎‎−‎V‎1‎ 取出碗中所有的小玻璃珠，慢慢放入量简中，注意不要溅出水（或测量水的体积时，视线要以凹液面为准）‎ ‎【考点】‎ 物体的浮沉条件及其应用 ‎【解析】‎ ‎（1）根据排水法得出小玻璃珠的总体积； （2）由题意，根据等效替代法，量简中减小的水的质量即小玻璃珠的总质量，求出量筒中减小水的体积，根据密度公式求出减小水的质量； （3）由（1）（2），根据ρ=‎mV求出小玻璃珠密度的表达式； （4）从提高测量体积的精度性考虑。‎ ‎【解答】‎ 量简中水的体积V‎1‎，取出碗中所有的小玻璃珠并放入量简中，记下小玻璃珠和水的总体积V‎2‎，小玻璃珠的总体积为V＝V‎2‎‎−‎V‎1‎；‎ 取一定数量的小玻璃珠放入空碗中，再把碗放入盛有水的水盆中，用油性笔在碗外壁上标记水面的位置； 取出碗中所有的小玻璃珠并放入量简中，记下小玻璃珠和水的总体积V‎2‎。 将量简中的水慢慢倒入水盆中的空碗内，直到标记处与碗外水面相平，根据等效替代法，量简中减小的水的质量即小玻璃珠的总质量， 因减小水的体积：‎△V＝V‎2‎‎−‎V‎3‎， 减小水的质量：m＝ρ水‎(V‎2‎−V‎3‎)‎，‎ 小玻璃珠密度的表达式为：ρ=mV=‎ρ(V‎2‎−V‎3‎)‎V‎2‎‎−‎V‎1‎；‎ 在不改变实验方法的前提下，提高测量精度的措施：取出碗中所有的小玻璃珠，慢慢放入量简中，注意不要溅出水（或测量水的体积时，视线要以凹液面为准）。‎ ‎【答案】‎ 电流,电压 ‎0.5‎ 先变大后变小 ‎0.2‎‎,‎‎1.8‎ ‎【考点】‎ 欧姆定律的应用 电功率的计算 ‎【解析】‎ ‎（1）根据电流表与待测电路串联，电压表与待测电路并联分析回答； （2）小灯泡L标有“‎2.5V 1.25W”字样的含义，根据P＝UI求出小灯泡正常发光时电流表的示数； （3）根据图乙绘制出滑动变阻器的电功串PR与小灯泡的电功率PL的关系回答； （4）根据P=‎U‎2‎R得出灯正常发光时的电阻，灯与变阻器串联，电压表分别测变阻器和灯的的电压，电流表测电路的电流， 根据实验所用的小灯泡能承受的最大电压可以高出其额定电压的‎1‎‎4‎，可知灯的最大电压，由欧姆定律求出灯的最大电流，结合电流选用小量程确定电路的最大电流，根据P大＝I‎2‎RL得出灯的最大功率； 变阻器连入电路的电阻越大，变阻器的电压越大，根据已知条件确定变阻器的最大电压，由串联电路电压的规律求出灯的最小电压，根据P=‎U‎2‎R求出灯的最小功率。‎ ‎【解答】‎ a表串联在电路中，故a是电流表；b表并联在电路中，b是电压表；‎ 小灯泡L标有“‎2.5V 1.25W”字样，表示灯的额定电压为‎2.5V，额定功率为‎1.25W， 根据P＝UI可得，实验中，小灯泡正常发光时电流表的示数为： IL‎=PLUL=‎1.25W‎2.5W=0.5A；‎ 根据图乙绘制出滑动变阻器的电功串PR与小灯泡的电功率PL的关系可知，小灯泡的电功率（亮度）变大时，滑动变阻器的电功率先变大后变小；‎ 根据P=‎U‎2‎R可得，灯正常发光时的电阻为： RL‎=UL‎2‎PL=‎(2.5V‎)‎‎2‎‎1.25W=5Ω； 灯与变阻器串联，电压表分别测变阻器和灯的的电压，电流表测电路的电流， 实验所用的小灯泡能承受的最大电压可以高出其额定电压的‎1‎‎4‎，即灯的最大电压为‎5‎‎4‎‎×2.5V＝‎3.125V，灯的最大电流为： I灯‎=UR=‎3.125V‎5Ω=0.625A，根据电流选用小量程，故电路的最大电流为‎0.6A， 灯的最大功率为： P大＝I‎2‎RL＝‎(0.6A‎)‎‎2‎×5Ω＝‎1.8W； 变阻器连入电路的电阻越大，变阻器的电压越大，其最大值为‎3V，这时的电流最小， 由串联电路电压的规律可得，灯的最小电压为UV＝‎4V−3V＝‎1V， 灯的最小功率为： P小‎=UV‎2‎RL=‎(1V‎)‎‎2‎‎5Ω=0.2W， 在确保电路中各元件安全的情况下，移动滑动变阳器的滑片，小灯泡的电功率变化范围是从‎0.2W至 ‎1.8W。‎ ‎【答案】‎ 负,‎‎520‎ 变小 ‎0.92‎ ‎2.5‎​‎‎∘‎C∼40‎ ‎【考点】‎ 欧姆定律的应用 ‎【解析】‎ ‎（1）根据图乙得出热敏电阻R‎1‎的阻值与温度的关系，然后判断出热敏电阻的类型；在标准大气压下，冰水混合物的温度为‎0‎​‎‎∘‎C，根据图乙读出R‎1‎的阻值； （2）测温时，保持R‎2‎两端电压为‎0.20V时，电路中的电流保持‎2mA不变，根据图乙可知热敏电阻R‎1‎的阻值随温度的变化，根据欧姆定律得出R‎1‎两端的电压与温度的关系； （3）根据图乙可知，R‎1‎与t的关系为一次函数，设为R‎1‎＝kt+b，然后把图中两组数据代入即可得出表达式，根据表达式求出V‎1‎表盘上显示的温度是‎20‎​‎‎∘‎C时R‎1‎的阻值，根据欧姆定律求出V‎1‎的示数，利用串联电路的电压特点求出此时电源电压； （4）‎ 第25页 共26页 ◎ 第26页 共26页 由题意可知，电源电压可在‎0.60V∼1.20V之间调节，根据串联电路的电压特点求出电源的电压为‎0.60V或‎1.20V时热敏电阻两端的电压，根据欧姆定律求出此时热敏电阻的阻值，根据R‎1‎与t的关系求出对应的温度，然后求出该热敏电阻温度计测量温度的范围。‎ ‎【解答】‎ 由图乙可知，热敏电阻R‎1‎的阻值随温度的升高而变小，为负温度系数热敏电阻； 在标准大气压下，将R‎1‎放入冰水混合物中时，热敏电阻R‎1‎的温度为‎0‎​‎‎∘‎C，其阻值为‎520Ω；‎ 测温时，保持R‎2‎两端电压为‎0.20V时，电路中的电流保持‎2mA不变， 因热敏电阻R‎1‎的阻值随温度的升高而变小， 所以，由U＝IR可知，R‎1‎两端的电压变小，即R‎1‎两端的电压随温度升高而变小；‎ 由图乙可知，R‎1‎与t的关系为一次函数，设为R‎1‎＝kt+b， 把t＝‎0‎​‎‎∘‎C、R‎1‎＝‎520Ω和t＝‎30‎​‎‎∘‎C、R‎1‎＝‎280Ω代入可得： ‎520Ω＝k×0‎​‎‎∘‎C+b，‎280Ω＝k×30‎​‎‎∘‎C+b， 联立等式可得：k＝‎−8Ω/‎​‎‎∘‎C，b＝‎520Ω， 则R‎1‎＝‎−8(Ω/‎​‎‎∘‎C)×t+520Ω， 当V‎1‎表盘上显示的温度是‎20‎​‎‎∘‎C时，R‎1‎＝‎−8(Ω/‎​‎‎∘‎C)×20‎​‎‎∘‎C+520Ω＝‎360Ω， 此时V‎1‎的示数： U‎1‎＝IR‎1‎＝‎2×‎10‎‎−3‎A×360Ω＝‎0.72V， 因串联电路中总电压等于各分电压之和， 所以，此时电源电压： U＝U‎1‎‎+‎U‎2‎＝‎0.72V+0.20V＝‎0.92V；‎ 由题意可知，电源电压可在‎0.60V∼1.20V之间调节， 当电源的电压U′‎＝‎0.60V时，热敏电阻两端的电压： U‎1‎‎′‎＝U′−‎U‎2‎＝‎0.60V−0.20V＝‎0.40V， 此时热敏电阻的阻值：R‎1‎‎′=U‎1‎‎′‎I=‎0.40V‎2×‎10‎‎−3‎A=200Ω， 由R‎1‎＝‎−8(Ω/‎​‎‎∘‎C)×t+520Ω可得，t′‎＝‎40‎​‎‎∘‎C； 当电源的电压U″＝‎1.20V时，热敏电阻两端的电压： U‎1‎″＝U″‎−‎U‎2‎＝‎1.20V−0.20V＝‎1.00V， 此时热敏电阻的阻值：R‎1‎″$= frac{U_{1}"}{I} = frac{1.00V}{2 imes 10^{- 3}A} = 500Omega$， 由R‎1‎＝‎−8(Ω/‎​‎‎∘‎C)×t+520Ω可得，t″＝‎2.5‎​‎‎∘‎C， 所以，该热敏电阻温度计测量温度的范围为‎2.5‎​‎‎∘‎C∼40‎​‎‎∘‎C。‎ 第25页 共26页 ◎ 第26页 共26页