【生物】2020届 一轮复习 人教版 孟德尔的豌豆杂交实验(二) 作业

【生物】2020届 一轮复习 人教版 孟德尔的豌豆杂交实验(二) 作业

‎2020届 一轮复习 人教版 孟德尔的豌豆杂交实验(二) 作业 基础对点练——考纲对点·夯基础 考点　基因自由组合定律 ‎1．[2019·江苏扬州质检]下列细胞为生物体的体细胞，所对应生物体自交后代性状分离比为9:3:3:1 的是(不考虑交叉互换)(　　)‎ 解析：只有两对等位基因位于两对同源染色体上的杂合子，其自交后代才可产生9:3:3:1的性状分离比，C正确。‎ 答案：C ‎2．如下图所示，某植株F1自交后代花色发生性状分离，下列不是其原因的是(　　)‎ A．F1能产生不同类型的配子 B．雌雄配子随机结合 C．减Ⅱ后期发生了姐妹染色单体的分离 D．减Ⅰ后期发生了同源染色体的分离和非同源染色体的自由组合 解析：在减数分裂形成配子时，等位基因随着同源染色体的分离而分离，从而形成不同类型的配子，雌雄配子随机结合，进而形成了一定的性状分离比；姐妹染色单体的分离导致相同基因的分离，不是后代发生性状分离的原因。‎ 答案：C ‎3．据图分析，下列选项中不遵循基因自由组合定律的是(　　)‎ 解析：A、a与D、d位于同一对同源染色体上，不能自由组合，同理B、B与C、c也不能自由组合。但位于不同对同源染色体上的基因可以自由组合。‎ 答案：A ‎4．孟德尔利用假说—演绎法发现了遗传的两大定律。其中在研究两对相对性状的杂交实验时，属于演绎推理的是(　　)‎ A．F1表现显性性状，F1自交产生四种表现型不同的后代，比例是9:3:3:1‎ B．F1形成配子时，每对遗传因子彼此分离，不同对的遗传因子自由组合，F1产生四种比例相等的配子 C．F1产生数目和种类相等的雌雄配子，且雌雄配子结合机会相同 D．F1测交将产生四种表现型的后代，比例为1:1:1:1‎ 解析：在假说—演绎中，测交实验的理论分析和预期结果属于演绎推理的内容。‎ 答案：D ‎5．[2019·华中师大附中押题]人的眼睛散光(A)对不散光(a)为显性；直发(B)和卷发(b)杂合时表现为波浪发，两对基因分别位于两对常染色体上。一个其母亲正常但本人有散光症的波浪发女性，与一个无散光症的波浪发男性婚配。下列叙述正确的是(　　)‎ A．基因B、b的遗传不符合基因的分离定律 B．卵细胞中同时含A、B的概率为1/2‎ C．所生孩子中最多有6种不同的表现型 D．生出一个无散光症直发孩子的概率为3/8‎ 解析：‎ 基因B、b的遗传符合基因的分离定律，A错误；一个其母亲正常但大人有散光症的波浪发女性的基因型是AaBb，卵细胞中同时含A、B的概率为1/4，B错误；一个其母亲正常但本人有散光症的波浪发女性的基因型是AaBb，一个无散光症的波浪发男性的基因型是aaBb，二者婚配，所以生孩子中最多有2[散光(Aa)、不散光(aa)]×3[直线(BB)、波浪发(Bb)、卷发(bb)]＝6种不同的表现型，其中生出一个无散光症直发孩子(aaBB)的概率为1/2aa×1/4BB＝1/8，C正确，D错误。‎ 答案：C ‎6．如图表示不同基因型豌豆体细胞中的两对基因及其在染色体上的位置，这两对基因分别控制两对相对性状，其中两种基因型的豌豆杂交，子代四种表现型的比例为3:3:1:1，这两种豌豆分别为(　　)‎ A．甲、乙　　　　　　　　B．甲、甲 C．甲、丁　 D．丙、丁 解析：甲植株(AaBb)与丁植株(Aabb)杂交，子代表现型比例为3:3:1:1。‎ 答案：C 提能强化练——考点强化·重能力 ‎7．[2019·江西赣州模拟]关于下列图解的理解，正确的是(　　)‎ A．基因自由组合定律的实质表现在图中的④⑤⑥‎ B．③⑥过程表示减数分裂过程 C．左图中③过程的随机性是子代Aa占1/2的原因之一 D．右图子代中aaBB的个体在aaB_中占的比例为1/16‎ 解析：非同源染色体上的非等位基因的自由组合发生在减数分裂过程中，即图中的④⑤，A项错误；③⑥表示受精作用，B项错误；左图中③过程的随机性是子代Aa占1/2的原因之一，C项正确；右图子代中aaBB的个体占整个子代的比例为1/16，aaBb的个体占整个子代的比例为2/16，所以子代中aaBB的个体在aaB_中占的比例为1/3，D项错误。‎ 答案：C ‎8．[2019·四川雅安高三诊断]‎ 豌豆子叶的黄色(Y)对绿色(y)为显性，圆粒种子(R)对皱粒种子(r)为显性。某人用黄色圆粒和绿色圆粒的豌豆进行杂交，发现后代性状统计结果为：黄色圆粒376，黄色皱粒124，绿色圆粒373，绿色皱粒130，下列说法错误的是(　　)‎ A．亲本的基因组成是YyRr和yyRr B．F1中纯合子占的比例是1/4‎ C．用F1中的黄色圆粒豌豆与绿色皱粒豌豆杂交，得到的F2有四种表现型 D．用F1中的黄色圆粒豌豆与绿色皱粒豌豆杂交得到的F2中，r基因的频率为1/3‎ 解析：根据题意分析，某人用黄色圆粒Y_R_和绿色圆粒yyR_的豌豆进行杂交，后代黄色:绿色＝(376＋124) : (373＋130)≈1:1，圆粒:皱粒＝(376＋373) : (124＋130)≈3:1，因此亲本基因型为YyRr和yyRr，A正确；F1中纯合子的比例为1/2×1/2＝1/4，B正确；F1中的黄色圆粒豌豆基因型为YyRR或YyRr，绿色皱粒豌豆基因型为yyrr，两者杂交后代的表现型为2×2＝4种，C正确；用F1中的黄色圆粒豌豆(YyRR或YyRr)与绿色皱粒豌豆(yyrr)杂交得到的F2中，Rr:rr＝(2/3) : (1/3)＝2:1，因此r的基因频率＝2/3×1/2＋1/3＝2/3，D错误。‎ 答案：D ‎9．[2019·海淀模拟]将纯合的野鼠色小鼠与棕色小鼠杂交，F1代全部表现为野鼠色。F1个体间相互交配，F2代表现型及比例为野鼠色:黄色:黑色:棕色＝9:3:3:1。若M、N为控制相关代谢途径的显性基因，据此推测最合理的代谢途径是(　　)‎ 解析：由F1的表现型可知：野鼠色为显性，棕色为隐性。F1雌雄个体间相互交配，F2出现野鼠色:黄色:黑色:棕色＝9:3:3:1，说明双显性为野鼠色，双隐性为棕色，M_N_为野鼠色，mmnn为棕色，只具有M或N(M_nn或mmN_)表现为黄色或黑色，A符合题意。‎ 答案：A ‎10．[2019·衡阳模拟]‎ 某种蝴蝶紫翅(P)对黄翅(p)是显性，绿眼(G)对白眼(g)为显性，两对基因分别位于两对同源染色体上，生物小组同学用紫翅绿眼和紫翅白眼的蝴蝶进行杂交，F1出现的性状类型及比例如下图所示。下列说法不正确的是(　　)‎ A．上述亲本的基因型是PpGg×Ppgg B．F1紫翅绿眼个体自交(基因型相同个体间的交配)，相应性状之比是15:5:3:1‎ C．F1紫翅白眼个体自交(基因型相同个体间的交配)，其中纯合子所占比例是2/3‎ D．F1紫翅绿眼个体与黄翅白眼个体交配，则后代相应性状之比是3:3:1:1‎ 解析：根据紫翅:黄翅＝3:1，说明双亲控制该性状的基因都为杂合子(PP)；绿眼:白眼＝1:1，说明双亲控制该性状的基因为Gg和gg，因此双亲的基因型为PPGg×PPgg，故A正确；Gg自交，绿眼:白眼＝3:1，P_自交，出现黄翅的概率为2/3×1/4＝1/6，紫翅为1－1/6＝5/6，即紫翅:黄翅＝5:1，故F1的紫翅绿眼(P_Gg)个体自交后代表现型的比例为15:5:3:1，故B正确；同理F1的紫翅白眼(P_gg)自交，纯合子的概率为：1－2/3×1/2＝2/3，故C正确；F1的紫翅绿眼(P_Gg)与黄翅白眼(ppgg)杂交，后代表现型之比为2:2:1:1，故D错误。‎ 答案：D ‎11．[2019·内蒙古北京八中乌兰察布分校调考]某种动物的眼色由两对独立遗传的等位基因(A、a和B、b)控制，具体控制关系如图。相关叙述正确的是(　　)‎ A．A基因正常表达时，以任一链为模板转录和翻译产生酶A B．B基因上可结合多个核糖体，以提高酶B的合成效率 C．该动物群体中无色眼的基因型只有1种，猩红色眼对应的基因型有4种 D．若一对无色眼亲本所形成的受精卵中基因a突变成了基因A，或基因b突变成了基因B，则发育成的子代为深红色眼 解析：A基因正常表达时，以非编码链为模板转录形成mRNA，以mRNA为模板翻译产生酶A，A错误；以B基因的一条链为模板、转录出的mRNA可结合多个核糖体，以提高酶B的合成效率，B错误；分析图示可知：无色眼没有酶A和酶B，为无色底物，缺乏A基因和B基因，基因型只有aabb这1种，猩红色眼有A基因控制合成的酶A或B基因控制合成的酶B，因此对应的基因型有4种，分别为AAbb、Aabb、aaBB、aaBb，C正确；若一对无色眼亲本(aabb)所形成的受精卵中基因a或b发生突变，发育成的子代的基因型为Aabb或aaBb，表现为猩红色眼，D错误。‎ 答案：C 大题冲关练——综合创新·求突破 ‎12．[2019·广西钦州质检]某种野生植物有紫花和白花两种表现型，由A、a和B、b两对等位基因控制，已知紫花形成的生化途径如图所示。现有基因型不同的两白花植株杂交，F1植株中紫花:白花＝1:1，若将F1中的紫花植株自交，所得F2中紫花:白花＝9:7。请回答下列问题：‎ ‎(1)基因的基本组成单位是________，其数目在A基因和a基因中________(填“相同”、“不同”或“相同或不同”)A、a和B、b这两对等位基因遵循基因的________________________________________________________________________‎ 定律。‎ ‎(2)据图可知，基因是通过控制____________________，进而控制生物体的性状。‎ ‎(3)两亲本白花植株的基因型是________________，F1中的紫花植株自交所得F2中白花植株纯合子的基因型是____________________。‎ ‎(4)那紫花形成的生化途径中，若中间产物是红色(形成红花)，那么基因型为AaBb的植株自交，子一代植株的表现型及比例为________________________________________________________________________。‎ 解析：(1)基因是具有遗传效应的DNA片段，所以其基本组成单位是脱氧核苷酸。由于A和a基因的存在是基因突变的结果，即A突变为a或a突变为A，根据基因突变是基因内碱基对的增添、缺失或替换导致的，所以A和a基因中脱氧核苷酸中(即碱基)数量可能相同，也可能不同。根据前面的分析可知，紫花性状是由2对基因控制，这两对等位基因的遗传遵循基因的自由组合定律。(2)据图可知，基因是通过控制酶的合成来控制代谢过程，进而控制生物体的性状。(3)F1紫花植株自交，所得F2植株中紫花:白花＝9:7，而9:7是9:3:3:1的变式，说明F1紫花植株的基因型是AaBb，由于其自交所得F2中紫花:白花＝9:7，所以紫花植株的基因型是A_B_，白花植株纯合体的基因型是aaBB、AAbb、aabb，基因型不同的两白花植株杂交，F1紫花:白花＝1:1，即1×(1:1)，说明亲本中有一对基因显性纯合子和隐性纯合子杂交，另一对基因属于测交，所以两白花亲本植株的基因型是Aabb×aaBB或AAbb×aaBb。其中F2中纯合白花的基因型有三种：aaBB、AAbb、aabb。(4)若中间产物是红色(形成红花)，那么基因型为AaBb的植株自交，子一代植株的表现型及比例为紫花(A_B_):红花(A_bb) :白花(3aaB_、1aabb)＝9:3:4。‎ 答案：(1)脱氧核苷酸　相同或不同　自由组合 ‎(2)酶的合成来控制代谢过程 ‎(3)Aabb×aaBB或AAbb×aaBb　aaBB、AAbb、aabb ‎(4)紫花:红花:白花＝9:3:4‎ ‎13．[2019·开封模拟]某植物茎秆有短节与长节，叶形有皱缩叶与正常叶，叶脉有绿色和褐色，茎秆有甜与不甜。下面是科研人员用该植物进行的两个实验(其中控制茎秆节长度的基因用A和a表示，控制叶形的基因用B和b表示)。请回答下列问题：‎ ‎(1)[实验一]纯合的短节正常叶植物与纯合的长节皱缩叶植物杂交，F1全为长节正常叶植株，F2中长节正常叶:长节皱缩叶:短节正常叶:短节皱缩叶＝9:3:3:1。‎ ‎①从生态学方面解释上述实验中F1的性状表现有利于________________________________________________________________________。‎ ‎②请在方框内画出F1基因在染色体的位置(用“|”‎ 表示染色体，用“·”表示基因在染色体上的位置)。‎ ‎ (2)[实验二]纯合的绿色叶脉茎秆不甜植株与纯合的褐色叶脉茎秆甜植株杂交，F1全为绿色叶脉茎秆不甜植株，F2中只有两种表现型，且绿色叶脉茎秆不甜植株:褐色叶脉茎秆甜植株＝3:1(无突变、致死现象等发生)。‎ ‎①与实验一的F2结果相比，请尝试提出一个解释实验二的F2结果的假设：________________________________________________________________________。‎ ‎②根据你的假设，实验二中F1产生配子的种类有________种。‎ ‎③为验证你的假设是否成立，可采用________法，若实验结果为________________________________________________________________________，则假设成立。‎ 解析：(1)茎秆长节、正常叶更有利于植株光合作用的进行，增强其生存斗争能力。从F2的表现型比例可知控制茎秆节长、叶形的两对等位基因位于两对同源染色体上，据此可画出基因在染色体上的位置。(2)实验二的F2中只有两种表现型，且比例为3:1，推测控制叶脉颜色、茎 秆甜度的两对等位基因可能位于同一对同源染色体上。按照这个假设，F1能产生两种配子。为验证假设是否成立，可用测交的方法，如果假设成立，则测交结果为绿色叶脉茎秆不甜植株与褐色叶脉茎秆甜植株的比例为1:1。‎ 答案：(1)①增加光合作用能力，增强生存斗争能力　②‎ 如右框内所示 ‎(2)①两对等位基因位于一对同源染色体上　②2　③测交　绿色叶脉茎秆不甜植株:褐色叶脉茎秆甜植株＝1:1(其他答案合理也可)‎