（新教材）2019-2020学年人教版生物必修第二册同步练习：第1章章末综合检测（一）

（新教材）2019-2020学年人教版生物必修第二册同步练习：第1章章末综合检测（一）

章末综合检测(一) (时间：45 分钟 满分：100 分) 一、选择题(本题包括 12 小题，每小题 5 分，共 60 分) 1．(2019·四川眉山期末)下列关于性状分离及分离比的叙述，正确的是( ) A．独立遗传的两对相对性状，两对相对性状的分离相互影响 B．一对等位基因的杂交实验，F1 自交的性状分离比是固定的 C．两对等位基因的杂交实验，F1 自交的性状分离比是固定的 D．在雌雄动物的杂交实验中，性状分离可能有着性别的差异 解析：选 D。独立遗传的两对相对性状，两对相对性状的分离相互不影响，A 错误；一 对等位基因的杂交实验，如果子代的数量足够多，则 F1 自交的性状分离比一般较稳定，如 果该性状在遗传过程中存在致死现象，则 F1 自交的性状分离比是不固定的，B 错误；两对 等位基因的杂交实验中，两对等位基因在染色体上的位置不同，F1 自交的性状分离比有所不 同，C 错误；在雌雄动物的杂交实验中，如果控制性状的基因位于性染色体上，则性状分离 有着性别的差异，D 正确。 2．(2019·芜湖高一检测)杂交育种中，杂交后代的性状一旦出现就能稳定遗传的是( ) A．优良性状 B．隐性性状 C．显性性状 D．相对性状 解析：选 B。纯合子的性状是稳定遗传的，而显性性状的个体不一定是纯合子，隐性性 状的个体一定是纯合子，所以一旦出现即可稳定遗传。 3．(2019·德州高一检测)菜豆是自花传粉植物，其花色中有色对无色为显性。一株杂合 有色花菜豆(Cc)生活在海岛上，如果海岛上没有其他菜豆植株存在，且菜豆为一年生植物， 则第四年时，海岛上开有色花菜豆植株和开无色花菜豆植株的比例是( ) A．3∶1 B．15∶7 C．9∶7 D．15∶9 解析：选 C。自花传粉说明自然情况下只能自交，Cc 在自交三年后杂合子占 1/8，而剩 余的 7/8 中有一半是显性纯合子，一半是隐性纯合子，即各占 7/16，故有色花占 1/8＋7/16 ＝9/16，有色花菜豆与无色花菜豆的比例为 9∶7。 4．豌豆的红花(A)对白花(a)为显性，高茎(B)对矮茎(b)为显性，一株高茎红花豌豆与基 因型为 Aabb 的豌豆杂交，子代中 3/4 开红花，1/2 为高茎。若让这一株高茎红花豌豆自交， 则自交后代高茎红花植株中杂合子所占比例为( ) A．9/16 B．8/16 C．4/9 D．8/9 解析：选 D。由“一株高茎红花豌豆与基因型为 Aabb 的豌豆杂交，子代中 3/4 开红花， 1/2 为高茎”可知，该高茎红花豌豆的基因型为 AaBb，其自交后代中有 9 种配子组合方式 表现为高茎红花，除 AABB 为纯合子外，其余 8 种均为杂合子。 5．水稻有香味是受基因控制的，其植株和种子均有香味。研究人员为确定香味基因的 显隐性，以有香味的“粤丰 B”和无香味的“320B”水稻为材料，互为亲本进行如下杂交实验： 下列相关说法错误的是( ) A．控制有香味的基因为隐性 B．F2 中无香味的植株全部自交，后代性状表现比例为 5∶1 C．F2 无香味的 190 株植株中杂合子有 128 株 D．通过测交可以确定 F2 中无香味个体的基因型及产生配子的数量 解析：选 D。由题图可知，有香味“粤丰 B”和无香味“320B”杂交，后代均是无香味个 体，其自交后代 F2 出现性状分离，且无香味与有香味的比例约为 3∶1，因而确定水稻有无 香味的性状是由一对基因控制的，且控制有香味的基因呈隐性，控制无香味的基因呈显性， 假设相关基因分别用 B、b 表示。F2 中无香味个体的基因型为 BB 和 Bb，比例为 1∶2，2/3Bb 自交后代中，产生有香味个体 bb 的比例为(2/3)×(1/4)＝1/6，其余为无香味。杂合子自交后 代出现性状分离，而 F2 无香味植株所结种子中既有有香味也有无香味的有 128 株，约占 2/3， 故可知杂合子有 128 株。测交法可以检测被测个体的基因型以及产生配子的种类和比例，但 不能得出产生配子的数量，所以 D 项错误。 6．菜豆种皮的颜色由两对非等位基因 A(a)和 B(b)控制。A 基因控制黑色素的合成(A— 显性基因—出现色素，AA 和 Aa 的效应相同)，B 基因为修饰基因，淡化颜色的深度(B—显 性基因—修饰效应出现，BB 使色素颜色完全消失，Bb 使色素颜色淡化)。现有亲代种子 P1(纯 种、白色)和 P2(纯种、黑色)，杂交实验如图所示，则下列有关推断不正确的是( ) A．P1 和 P2 的基因型分别为 AABB 和 aabb B．F1 的基因型是 AaBb C．F2 种皮为黑色的个体其基因型有 2 种 D．F2 种皮为白色的个体其基因型有 5 种 解析：选 A。由题干中的“B 基因为修饰基因，淡化颜色的深度(B—显性基因—修饰效 应出现)”可知，基因型为 AAbb 和 Aabb 的个体表现为黑色，基因型为 AABb 和 AaBb 的个 体表现为黄褐色，基因型为 aaBB、AABB、AaBB、aaBb 和 aabb 的个体表现为白色。根据 题意，亲代均为纯合子，F1 为黄褐色，且子二代中黑色∶黄褐色∶白色＝3∶6∶7，是 9∶3∶3∶1 的变形，可推导出 P1 的基因型为 aaBB，P2 的基因型为 AAbb，F1 的基因型为 AaBb。因此 F2 中种皮为黑色的个体基因型有 2 种：AAbb(1/16)、Aabb(2/16)；种皮为白色 的个体基因型有 5 种：AABB(1/16)、AaBB(2/16)、aaBB(1/16)、aaBb(2/16)和 aabb(1/16)。综 上分析，A 错误，B、C、D 正确。 7．下列叙述正确的是( ) A．孟德尔定律支持融合遗传的观点 B．孟德尔定律描述的过程发生在有丝分裂中 C．按照孟德尔定律，AaBbCcDd 个体自交，子代基因型有 16 种 D．按照孟德尔定律，对 AaBbCc 个体进行测交，测交子代基因型有 8 种 解析：选 D。孟德尔定律的假设是遗传因子独立存在，互不融合，A 项错误；孟德尔定 律发生在真核生物有性生殖形成配子的过程中，B 项错误；基因型为 AaBbCcDd 的个体自 交，子代基因型有 3×3×3×3＝81 种，C 项错误；对基因型为 AaBbCc 的个体测交，子代 基因型有 2×2×2＝8 种，D 项正确。 8．(2019·山东青岛二中高一期末)鸡的羽毛颜色由两对独立遗传的等位基因 A 和 a、B 和 b 控制，B 是有色羽基因，b 是白羽基因。已知 A_B_、aabb、A_bb 均表现为白色羽，aaB_ 表现为有色羽。下列说法不合理的是( ) A．A 基因对 B 基因的表达可能有抑制作用 B．若一白色羽个体测交后代全表现为白色羽，则该白色羽个体的基因型一定为 aabb C．若一有色羽个体测交后代中有色羽∶白色羽＝1∶1，说明该有色羽个体的基因型为 aaBb D．两个基因型为 AaBb 的个体杂交，后代中表现为有色羽的个体占 3/16 解析：选 B。分析题意可知，只有在 B 基因存在、A 基因不存在时才表现为有色羽， 而当 B 基因和 A 基因同时存在时表现为白色羽，由此可以推测 A 基因对 B 基因的表达可能 有抑制作用，A 项正确；基因型为 AAB_、aabb、A_bb 的个体与基因型为 aabb 的个体杂交 后代全都表现为白色羽，B 项错误；有色羽个体的基因型为 aaBB 或 aaBb，其中只有基因型 为 aaBb 的个体测交，后代才会出现有色羽∶白色羽＝1∶1，C 项正确；两个基因型为 AaBb 的个体杂交，后代中表现为有色羽(aaB_)的个体占(1/4)×(3/4)＝3/16，D 项正确。 9．某种鼠中，毛的黄色基因 Y 对灰色基因 y 为显性，短尾基因 T 对长尾基因 t 为显性， 且基因 Y 或 T 在纯合时都能使胚胎致死，这两对基因是自由组合的。现有两只黄色短尾鼠 交配，它们所生后代的表型比例为( ) A．9∶3∶3∶1 B．4∶2∶2∶1 C．3∶3∶1∶1 D．1∶1∶1∶1 解析：选 B。由题意可知，亲本的基因型为 YyTt×YyTt，在不考虑致死现象时，所生 后代的基因型及比例为 Y_T_∶Y_tt∶yyT_∶yytt＝9∶3∶3∶1。其中不能存活的为 YYTT、 YYTt、YyTT、yyTT、YYtt，Y_T_中能存活的只有 YyTt，Y_tt 中能存活的为 Yytt，yyT_ 中能存活的为 yyTt。 10．小麦的粒色受两对基因 R1 和 r1、R2 和 r2 控制，且独立遗传。R1 和 R2 决定红色，r1 和 r2 决定白色，并有累加效应，所以麦粒的颜色随 R 的增加而逐渐加深。将红粒(R1R1R2R2) 与白粒(r1r1r2r2)杂交得 F1，F1 自交得 F2，则 F2 的表型有( ) A．4 种 B．5 种 C．9 种 D．10 种 解析：选 B。一个个体中基因组成最多含有显性基因 4 个即 R1R1R2R2，含有显性基因 最少为 0 个，即 r1r1r2r2，由于上述亲本杂交 F1 的基因型为 R1r1R2r2，自交得 F2 的基因型为 9 种，有 R1R1R2R2、R1r1R2R2、R1R1R2r2、R1r1R2r2、R1R1r2r2、r1r1R2R2、R1r1r2r2、r1r1R2r2、r1r1r2r2， 含有的显性基因个数由 4 个到 0 个，所以后代有 5 种表型。 11．(2019·马鞍山二中高一期中)已知玉米有色子粒对无色子粒是显性。现用一有色子粒 的植株 X 进行测交实验，后代有色子粒与无色子粒的比例是 1∶3，对这种杂交现象的推测 不正确的是( ) A．测交后代的有色子粒的基因型与植株 X 相同 B．玉米的有、无色子粒遗传遵循基因的自由组合定律 C．玉米的有、无色子粒是由一对等位基因控制的 D．测交后代的无色子粒的基因型至少有三种 解析：选 C。假设相关基因用 A、a，B、b 表示，测交后代的有色子粒的基因型也是双 杂合的，与植株 X 相同，都是 AaBb，A 正确；玉米的有、无色子粒由两对基因控制，遗传 遵循基因的分离定律和基因的自由组合定律，B 正确；如果玉米的有、无色子粒是由一对等 位基因控制的，则测交后代有色子粒与无色子粒的比例不可能是 1∶3，而是 1∶1，C 错误； 测交后代的无色子粒的基因型有三种，即 Aabb、aaBb 和 aabb 三种，D 正确。 12．(2019·武汉华中师大附中期中)果蝇的基因 A、a 控制体色，B、b 控制翅型，两对 基因分别位于两对常染色体上，且基因 A 具有纯合致死效应。已知黑身残翅果蝇与灰身长 翅果蝇交配，F1 为黑身长翅和灰身长翅，比例为 1∶1。当 F1 的黑身长翅果蝇彼此交配时， 其后代表型及比例为黑身长翅∶黑身残翅∶灰身长翅∶灰身残翅＝6∶2∶3∶1。下列分析错 误的是( ) A．果蝇这两对相对性状中，显性性状分别为黑身和长翅 B．F1 的黑身长翅果蝇彼此交配产生的后代中致死个体所占的比例为 1/4 C．F1 的黑身长翅果蝇彼此交配产生的后代中致死基因型有四种 D．F2 中的黑身残翅果蝇个体测交后代表型比例为 1∶1 解析：选 C。由题干信息可知，果蝇这两对相对性状中，显性性状分别为黑身和长翅， A 正确；F1 的黑身长翅果蝇彼此交配时，后代表型比例为 6∶2∶3∶1，属于 9∶3∶3∶1 的 变式，说明 F1 的基因型为 AaBb，其相互交配后代中致死个体(AA)占 1/4，B 正确；F1 的黑 身长翅果蝇彼此交配产生的后代中致死基因型有三种，即 AABB、AABb、AAbb，C 错误； 由于 AA 致死，所以 F2 中的黑身残翅果蝇的基因型为 Aabb，其测交后代表型比例为 1∶1， D 正确。 二、非选择题(本题包括 3 小题，共 40 分) 13．(16 分)某学校生物小组在一块较为封闭的低洼地里发现了一些野生植株，这些植株 的花色有红色和白色两种，茎秆有绿茎和紫茎两种。同学们分两组对该植株的花色、茎色进 行遗传方式的探究。请根据实验结果进行分析。回答下列问题： 第一组：取 90 对亲本进行实验 第二组：取绿茎和紫茎的植株各 1 株 杂交组合 F1 表型 交配组合 F1 表型 A：30 对亲本 红花×红花 36 红花∶1 白花 D：绿茎×紫茎 绿茎∶紫茎＝ 1∶1 B：30 对亲本 红花×白花 5 红花∶1 白花 E：紫茎自交 全为紫茎 C：30 对 亲本 白花×白花 全为白花 F：绿茎自交 由于虫害，植株 死亡 (1)从第一组花色遗传的结果来看，花色隐性性状为________，最可靠的判断依据是 ________组。 (2) 若 任 取 B 组 的 一 株 亲 本 红 花 植 株 使 其 自 交 ， 其 子 一 代 表 型 的 情 况 是 ________________________________________________________________________。 (3)由 B 组可以判定，该种群中显性纯合子与杂合子的比例约为________。 (4)从第二组茎色遗传的结果来看，隐性性状为________，判断依据的是________组。 (5)如果 F 组正常生长繁殖的话，其 F1 表型的情况是 __________________________________________。 (6)A、B 两组杂交后代没有出现 3∶1 或 1∶1 的分离比，试解释原因： ________________________________________________________________________。 答案：(1)白色 A (2)全为红花或红花∶白花＝3∶1 (3)2∶1 (4)紫茎 D、E (5)绿茎∶紫茎＝3∶1 (6)红花个体既有纯合子，又有杂合子，因此，后代不会出现一定的分离比 14．(12 分)(2019·辽宁二十四中高一期中)日本梨的果皮锈色遗传由两对基因控制，梨果 皮的基色呈绿色，由隐性基因 r 控制，有些品种因为形成木栓层而呈褐色。木栓层的形成受 显性基因 R 控制，而基因 H 则能一定程度上抑制木栓层的形成，且对基因型 RR 个体没有 抑制作用、对基因型 Rr 个体能部分抑制而呈红褐色(中间色)。现取相同亲本进行杂交实验 并在不同环境下培养子代，结果如图所示： (1)在干燥环境和湿润环境下，某一种基因型对应的梨果皮表型具有差异，该基因型是 ________。 (2) 根 据 实 验 你 能 得 出 基 因 、 性 状 与 环 境 的 关 系 是 ________________________________________________________________________ ________________________________________________________________________( 至 少两个方面)。 (3)干燥环境中培养的 F2 褐色、红褐色、绿色个体中，自交后代如果继续在干燥环境中 培养，部分个体无论自交多少代，都不会发生性状分离，这样的个体在 F2 中的比例为 ________。 (4)欲确定干燥环境中 F2 红褐色个体的基因型是否为 HHRr，可使其________(填交配方 式)并在干燥条件下培养，如结果为____________________，则证明其基因型为 HHRr。 答案：(1)HhRr (2)基因决定性状，同时受环境影响；一对相对性状可以由两对等位基因决定(合理即可) (3)1/2 (4)自交 褐色∶红褐色∶绿色＝1∶2∶1(或测交 红褐色∶绿色＝1∶1) 15．(12 分)某二倍体植物的耐盐与不耐盐性状由两对等位基因(A、a，B、b)控制，选择 纯合耐盐植株甲、乙杂交，所得 F1 均为不耐盐植株。F1 自交得 F2，F2 中不耐盐植株∶耐盐 植株＝5∶7。已知某种基因型的花粉不育，请分析并回答下列问题： (1)据题意分析，该植物的不耐盐对耐盐为________性。 (2)根据 F2 的性状分离比分析，F1 产生的不育花粉的基因型是_________，从 F1、F2 中 选择材料(利用纯合耐盐植株和 F1 植株为实验材料)，设计实验以证明上述结论。(要求：实 验包含可相互印证的甲、乙两个组别) ①实验思路： ________________________________________________________________________ ________________________________________________________________________。 ②实验结果： ________________________________________________________________________。 (3)若让 F2 中不耐盐植株作父本，通过一次测交实验能否确定 F2 中不耐盐植株的基因型， 并说明理由。 ________________________________________________________________________。 解析：(1)据题意分析，该植物的不耐盐对耐盐为显性性状。(2)根据 F2 的性状分离比分 析，F1 产生的不育花粉的基因型是 AB；若要从 F1、F2 中选择纯合耐盐植株和 F1 植株为实 验材料，设计实验以证明上述结论，并且要求实验包含可相互印证的甲、乙两个组别，可利 用测交实验验证，据此可知①实验思路：甲组：用 F1 植株作父本，耐盐隐性纯合植株作母 本进行杂交，统计子代的表型及比例。乙组：用 F1 植株作母本，耐盐隐性纯合植株作父本 进行杂交，统计子代的表型及比例。②实验结果：甲组：F1 为 AaBb，若 AB 花粉不育，则 可育花粉的基因型为 Ab、aB、ab，与 aabb 杂交，子代的基因型为 Aabb、aaBb、aabb，全 表现为耐盐植株。乙组：父本基因型为 aabb，母本基因型为 AaBb，子代的基因型为 AaBb、 Aabb、aaBb、aabb，子代中耐盐植株∶不耐盐植株＝3∶1。(3)F1 为 AaBb，则 F2 中不耐盐 植株的基因型有 AABb、AaBb、AaBB，由于 AB 花粉不育，若让 F2 中不耐盐植株作父本， 则 AABb 产生的花粉是 Ab，AaBb 产生的花粉是 Ab、aB、ab，AaBB 产生的花粉是 aB，与 aabb 测交产生的后代都是耐盐植株，故通过一次测交实验不能确定 F2 中不耐盐植株的基因 型。 答案：(1)显 (2)AB ①甲组：用 F1 植株作父本，耐盐隐性纯合植株作母本进行杂交， 统计子代的表型及比例。乙组：用 F1 植株作母本，耐盐隐性纯合植株作父本进行杂交，统 计子代的表型及比例 ②甲组：子代全为耐盐植株。乙组：子代中耐盐植株∶不耐盐植株＝ 3∶1 (3)不能，测交子代都是耐盐植株