辽宁省朝阳市建平县第二高级中学2020届高三上学期期中考试化学试题
化学试卷
可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 N 14 O 16 Na 23 Mg 24 Al 27 S 32 Cl 35.5 Ca 40 Fe 56 Ba 137
第Ⅰ卷（选择题45分）
一、选择题：（本题共20小题，其中1~9题每小题2分，10~18题每小题3分，共45分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是最符合题目要求的。）
1.近年来，我国大力弘扬中华优秀传统文化体现了中华民族的“文化自信”。下列有关说法错误的是
A. 成语“百炼成钢”、“蜡炬成灰”中均包含了化学变化
B. 常温下，成语“金戈铁马”中的金属能溶于浓硝酸
C. 谚语“雷雨肥庄稼”，其过程中包含了氧化还原反应
D. 《荷塘月色》中“薄薄的青雾浮起在荷塘里”中的“青雾”属于胶体
【答案】B
【解析】
【详解】A. “百炼成钢”是将生铁中的C氧化为二氧化碳，发生了化学变化，“蜡炬成灰”是烃的燃烧，发生了化学变化，A正确；
B. Fe常温下在浓硝酸中会钝化，无法溶解在浓硝酸中，B错误；
C. “雷雨肥庄稼”是将空气中游离态的N元素氧化为化合态，涉及到了氧化还原反应，C正确；
D. “薄薄的青雾浮起在荷塘里”中的“青雾”属于胶体，D正确；
故答案选B。
2.下列各组变化中，前者是物理变化，后者是化学变化的是（ ）
A. 碘的升华、石油的分馏
B. NH4Cl溶液除铁锈、食盐水导电
C. 蛋白质溶液中加饱和(NH4)2SO4溶液、蓝色的胆矾常温下变白
D. 热的饱和KNO3溶液降温析出晶体、二硫化碳洗涤试管内壁上的硫
【答案】C
【解析】
【详解】A．碘的升华是状态的变化，属于物理变化，石油的分馏是利用物质的沸点不同分离的，没有新物质生成，属于物理变化，故A错误；
B．用NH4Cl溶液除金属表面的锈，有新物质生成，属于化学变化，食盐水导电，是电解食盐水，属于化学变化，故B错误；
C．蛋白质溶液中加饱和(NH4)2SO4溶液，发生蛋白质的盐析，是降低了蛋白质的溶解度，没有新物质生成，属于物理变化，蓝色的胆矾常温下变白，是失去了结晶水，有新物质生成，属于化学变化，故C正确；
D．热的饱和KNO3溶液降温析出晶体、二硫化碳洗涤试管内壁上的硫，2个过程中都没有新物质生成，都属于物理变化，故D错误；
故选C。
3.下列有关物质性质与用途具有对应关系的是
A. FeSO4具有氧化性，可用作食品抗氧化剂
B. SiO2熔点高、硬度大，可用于制光学仪器
C. Al(OH)3具有弱碱性，可用于制胃酸中和剂
D. NH3具有还原性，可用作制冷剂
【答案】C
【解析】
【详解】A. FeSO4具有还原性，可用作食品抗氧化剂，A项错误；
B. SiO2晶体透光性好，可用于制光学仪器，B项错误；
C.Al(OH)3具有弱碱性，能中和胃酸又不伤害人体组织细胞，C项正确；
D.NH3易液化，液化时放热，液氨汽化时吸收大量的热，所以NH3可用作制冷剂。D项错误；答案选C。
4.常温下，下列各组离子在指定溶液中一定能大量共存的是( )
A. c(H＋)
I，则HBr比HI的热稳定性强，A错误；
B. 非金属性P>Si，则H3PO4比H2SiO3的酸性强，B正确；
C. Al2O3属于两性氧化物，能与氢氧化钠溶液反应，MgO属于碱性氧化物，与NaOH溶液不反应，C错误；
D. SO2在酸性环境中能被Ba(NO3)2氧化成硫酸钡，则SO2和SO3混合气体通入Ba(NO3)2溶液只得到BaSO4白色沉淀，D错误；
答案选B。
【点睛】本题主要考查原子半径的大小比较，由非金属性强弱来比较气态氢化物的稳定性以及最高价含氧酸的酸性的强弱，铝、镁、硫的化合物的化学性质。
7.下列离子方程式符合题意且正确的是（ ）
A. 磁性氧化铁溶于盐酸中：Fe2O3+6H+=2Fe3++3H2O
B. 在明矾溶液中加入过量Ba(OH)2溶液：Al3++4OH-=AlO2-+2H2O
C. 在盐酸中滴加少量Na2CO3溶液：CO32-+2H+=CO2↑+H2O
D. 用FeS除去废水中的Cu2+：S2-+Cu2+=CuS↓
【答案】C
【解析】
【详解】A．将磁性氧化铁溶于盐酸的离子反应为Fe3O4+8H+═2Fe3++Fe2++4H2O，故A错误；
B．明矾溶液中加入过量的Ba(OH)2溶液的离子反应为2Ba2++4OH-+Al3++2SO42-═2BaSO4↓+AlO2-+2H2O，故B错误；
C．在盐酸中滴加少量碳酸钠反应生成二氧化碳、水和氯化钠，离子反应方程式为CO32-+2H+═CO2↑+H2O，故C正确；
D．FeS的溶度积大于CuS的溶度积，加入FeS可以沉淀废水中的Cu2+：FeS+Cu2+═CuS↓+Fe2+，故D错误；
故选C。
【点睛】本题的易错点为B，要注意明矾溶液中的铝离子和硫酸根离子都能与氢氧化钡反应，其中过量的氢氧根离子与铝离子反应生成偏铝酸根离子。
8.下列实验操作能达到实验目的的是
A. 除去Fe(OH)3胶体中的FeCl3杂质
B. 证明浓硫酸与蔗糖反应生成SO2
C. 探究铁的析氢腐蚀
D. 测定双氧水分解速率
【答案】D
【解析】
【详解】A. 胶体粒径在于1-100nm之间，可以透过滤纸，故无法用过滤的方法除去Fe(OH)3胶体中的FeCl3杂质，A错误；
B. 二氧化硫和二氧化碳均可以使澄清石灰水变浑浊，浓硫酸的还原产物为二氧化硫，蔗糖的氧化产物为二氧化碳，均可以使澄清石灰水变浑浊，B错误；
C. Fe的析氢腐蚀是要在强酸性条件下进行的，该图探究的为Fe的吸氧腐蚀，C错误；
D. 该装置可以测定一定时间内氧气的生成量，进而计算出双氧水的分解速率，D正确；
故答案选D。
9.在C(s)＋CO2(g)2CO(g)反应中，可使反应速率增大的措施是( )
①升高温度 ②增加碳的量 ③恒容通入CO2 ④恒压下充入N2 ⑤恒容下充入N2 ⑥恒容通入CO
A. ①③④ B. ②④⑥ C. ①③⑥ D. ③⑤⑥
【答案】C
【解析】
试题分析：①升高温度反应速率一定加快；②碳是固体，增加碳的量反应速率不变；③恒容通入CO2气体，CO2浓度增大，反应速率加快；④恒压下充入N2容器容积增大，浓度降低，反应速率减小；⑤恒容下充入N2浓度不变，反应速率不变；⑥恒容通入CO增大CO浓度，反应速率加快，答案选C。
考点：考查外界条件对反应速率的影响
10.下列实验操作，现象和结论都正确的是
选项
操作
现象
结论
A
用坩埚钳夹一块铝箔在酒精灯上灼烧
铝箔熔化并滴落
氧化铝的熔点较低
B
向亚硫酸钠溶液中滴加足量盐酸，将产生的气体通入品红溶液
品红溶液褪色
非金属性：
C
将用砂纸除去保护膜的镁片和铝片（大小、形状相同），分别插入同浓度的稀硫酸中
镁片表面产生气泡速率大于铝片
还原性：
D
常温下，将两根大小相同的铁钉分别插入浓硝酸和稀硝酸中
浓硝酸中无明显现象，稀硝酸中产生气泡
稀硝酸的氧化性比浓硝酸强
A. A B. B C. C D. D
【答案】C
【解析】
【详解】A. 用坩埚钳夹一块铝箔酒精灯上灼烧，由于铝外面包着一层氧化铝，而氧化铝熔点高，所以铝箔融化，但不滴落，A错误；
B. 应当比较最高价氧化物对应水化物的酸性来推断元素非金属性的强弱，B错误；
C. 将用砂纸除去保护膜的镁片和铝片（大小、形状相同），分别插入同浓度的稀硫酸中，镁片表面产生气泡速率大于铝片，说明Mg比Al更活泼，即还原性更强，C正确；
D. Fe在冷的浓硝酸中会发生钝化，故D错误；
故答案选C。
11.设为阿伏加德罗常数的值。下列说法正确的是
A. 1 mol甲苯分子最多共平面的原子个数为
B. 在标准状况下，4.48L环己烷含氢原子个数
C. ，在稀硫酸中充分水解，所得生成物中键数为
D. 和的混合气体中含有的质子数，中子数均为
【答案】D
【解析】
【详解】A. 苯基中有11个原子共平面，甲基一个C和一个H与苯基共平面，共有13个原子共平面，所以1mol甲苯分子最多共平面的原子个数为，A错误；
B. 标况下，环己烷为非气态，无法计算其物质的量，B错误；
C. ，在稀硫酸中水解为可逆反应，无法完全变为酸和醇，C错误；
D. 和的摩尔质量均为44g/mol，混合气体中含有的质子数，中子数均为，D正确；
故答案选D。
12.关于反应过程中的先后顺序，下列评价正确的是（ ）
A. 向浓度都为0.1mol/L的FeCl3和CuCl2混合溶液加入铁粉，溶质CuCl2首先与铁粉反应
B. 向过量的Ba(OH)2溶液中滴加少量的KAl(SO4)2溶液，开始没有白色沉淀生成
C. 向浓度都为0.1mol/L 的Na2CO3和NaOH的混合溶液通入CO2气体，NaOH首先反应
D. 向浓度为0.1mol/L的FeCl3溶液中，加入质量相同、大小相同的铁和铜，铜先反应
【答案】C
【解析】
【详解】A. 向浓度都为0.1mol/L的FeCl3和CuCl2混合溶液加入铁粉，因为Fe3+的氧化能力强于Cu2+，所以溶质FeCl3首先与铁粉反应，A错误；
B. 向过量的Ba(OH)2溶液中滴加少量的KAl(SO4)2溶液，开始生成BaSO4沉淀，B错误；
C. 向浓度都为0.1mol/L 的Na2CO3和NaOH的混合溶液通入CO2气体，即便我们认为Na2CO3首先与CO2反应，生成的NaHCO3也会与NaOH反应，生成Na2CO3
和水，所以NaOH首先反应，C正确；
D. 向浓度为0.1mol/L的FeCl3溶液中，加入质量相同、大小相同的铁和铜，因为铁的还原能力强，所以铁先反应，D错误；
故选C。
【点睛】向过量的Ba(OH)2溶液中滴加少量的KAl(SO4)2溶液，发生反应为Ba2++SO42-=BaSO4，Al3++4OH-=AlO2-+2H2O，反应的总的离子方程式为Al3++2SO42-+2Ba2++4OH-= 2BaSO4↓+ AlO2-+2H2O；若向过量的Ba(OH)2溶液中滴加过量的KAl(SO4)2溶液，起初发生反应为Ba2++SO42-=BaSO4，Al3++4OH-=AlO2-+2H2O，反应的总的离子方程式为Al3++2SO42-+2Ba2++4OH-= 2BaSO4↓+ AlO2-+2H2O；当Ba(OH)2完全反应后，再滴加KAl(SO4)2溶液，又发生反应Al3++3AlO2-+6H2O=4Al(OH)3↓。
13.已知A、B、C、D、E是短周期中原子序数依次增大的五种元素，A、B形成的简单化合物常用作制冷剂，D原子最外层电子数与最内层电子数相等，化合物DC中两种离子的电子层结构相同，A，B、C、D的原子序数之和是E的两倍。下列说法正确的是
A. 最高价氧化物对应的水化物的酸性：B＞E
B. 原子半径：C＞B＞A
C. 气态氢化物的热稳定性：E＞C
D. 化合物DC与EC2中化学键类型相同
【答案】A
【解析】
【分析】
A、B形成的简单化合物常用作制冷剂，该化合物为氨气，A为H，B为N；D原子最外层电子数与最内层电子数相等，则D的质子数=2+8+2=12，D为Mg；化合物DC中两种离子的电子层结构相同，C为O；A，B、C、D的原子序数之和是E的两倍，E为Si。
【详解】A. N的非金属性强于Si，最高价氧化物对应的水化物的酸性B＞E，A正确；
B. 同周期，原子半径随原子序数增大而减小，故原子半径N>O，即B>C>A，B错误；
C. 元素的非金属性越强，其气态氢化物的稳定性越强，故气态氢化物的热稳定性C>E，C错误；
D. 化合物DC为MgO，EC2为SiO2，DC中为离子键，EC2为共价键，D错误；
故答案选A。
【点睛】日常学习中注意积累相关元素化合物在实际生产生活中的应用，以便更好地解决元素化合物的推断题。
14.化学用语是学好化学知识的重要基础，下列有关化学用语表示正确的有（ ）
①用电子式表示HCl的形成过程：
②MgCl2的电子式： ③质量数为133、中子数为78的铯原子：Cs
④乙烯、乙醇结构简式依次为：CH2=CH2、C2H6O ⑤S2﹣的结构示意图：
⑥次氯酸分子的结构式：H-O-Cl ⑦CO2的分子模型示意图:
A. 3个 B. 4个 C. 5个 D. 6个
【答案】A
【解析】
分析：①用电子式表示化合物形成过程时，左边为原子的电子式；②氯化镁中含有两个氯离子不能合并；③元素符号的左上角写质量数，左下角写质子数，根据质量数=质子数+中子数分析；④乙烯的结构简式为CH2=CH2，乙醇的结构简式为C2H5OH；⑤硫离子核电荷数为16，电子数18；⑥次氯酸中氧原子分别和氢原子、氯原子形成共价键；⑦碳原子半径大于氧原子半径。
详解：①用电子式表示化合物的形成过程时，左边为原子的电子式，故①错误；
②氯化镁中含有两个氯离子，应写成，故②错误；
③元素符号的左上角写质量数，左下角写质子数，根据质量数=质子数+中子数分析，质子数=133-78=55，故③正确；
④乙烯的结构简式为CH2=CH2，乙醇的结构简式为C2H5OH，故④错误；
⑤硫离子核电荷数为16，电子数为18，故⑤正确；
⑥次氯酸中氧原子分别和氢原子、氯原子形成共价键，故⑥正确。
⑦碳原子半径大于氧原子半径，故⑦错误。
综合以上分析，正确的有③⑤⑥三项，故答案选A。
点睛：在书写电子式是要注意，电子尽可能的分步在元素符号的四周，有化学键的物质的电子式要注意分清化学键的类型，若为离子键，则书写电荷和[]，若为共价键，则不能写电荷和[]，同时注意电子式的对称性和电子的总数，注意多数原子满足8电子的稳定结构（氢原子满足2电子稳定结构）。
15.高能LiFePO4电池，多应用于公共交通。电池中间是聚合物的隔膜, 主要作用是在反应过程中只让Li+通过。结构如图所示。
原理如下：(1-x)LiFePO4+xFePO4+LixCnLiFePO4+nC。
下列说法不正确的是（ ）
A. 放电时，正极电极反应式：xFePO4+xLi++xe-===xLiFePO4
B. 放电时，电子由负极经导线、用电器、导线到正极
C. 充电时，阴极电极反应式：xLi++xe-+nC===LixCn
D. 充电时，Li+向左移动
【答案】D
【解析】
【分析】
由总反应：(1-x)LiFePO4+xFePO4+LixCnLiFePO4+nC。放电时，作为原电池，LixCn为负极，化合价升高失去电子发生氧化反应，电子由负极到正极移动；FePO4为正极，化合价降低得到电子发生还原反应。充电时，作为电解池，LiFePO4参与阴极与阳极的反应，阳离子向阴极移动。
【详解】A. 放电时，FePO4为正极，正极化合价降低得到电子发生还原反应，电极反应式为xFePO4+xLi++xe-===xLiFePO4，故A正确；
B. 放电时，作为原电池，电子由负极经导线、用电器、导线到正极，故B正确；
C. 充电时，阴极化合价降低得到电子发生还原反应，电极反应式为xLi++xe-+nC===LixCn，故C正确；
D. 充电时，作为电解池，阳离子向阴极移动，Li+向右移动，故D错误；
答案选D。
16.R是一种香精的调香剂，其水解反应的方程式如下：
下列说法不正确的是（ ）
A. R的分子式为C11H12O2 B. R能发生加成、氧化、取代反应
C. N的芳香族同分异构体有3种(不含N) D. 用溴的四氯化碳溶液可以区分M和N
【答案】C
【解析】
【详解】A．R()的分子式为C11H12O2，故A正确；
B．R()中含有碳碳双键，能发生加成、氧化反应，含有酯基，能够发生水解反应，也属于取代反应，故B正确；
C．N()的芳香族同分异构体有：苯环上含有甲基和羟基的酚类3种、含有醚键的1种，不含N，共4种，故C错误；
D．M()中含有碳碳双键，能够使溴的四氯化碳溶液褪色，而N()不能，可以用溴的四氯化碳溶液区分M和N，故D正确；
故选C。
17.某有机物的分子式为，该物质与金属钠反应有气体生成。则该有机物可能的结构有几种（不考虑立体异构）
A. 8 B. 10 C. 12 D. 14
【答案】C
【解析】
【详解】该物质与金属钠反应有气体生成，说明分子中含有-OH，即可转变为4个C的烷烃的二元取代物，可采用定一议一的方法。4个C的烷烃共有两种结构，正丁烷和异丁烷，正丁烷共有8种二元取代物，异丁烷共有4种二元取代物，共有12种，故答案选C。
18.已知常温下，Ksp(NiS)≈1.0×10-21，Ksp(ZnS)≈1.0×10-25，pM=-lgc(M2+)。向20mL0.1mol·L-1NiCl2溶液中滴加0.1mol·L-1Na2S溶液，溶液中pM与Na2
S溶液体积的关系如图所示，下列说法正确的是（ ）
A. 图像中，V0=40，b=10.5
B. 若NiCl2(aq)变为0.2mol·L-1，则b点向a点迁移
C. 若用同浓度ZnCl2溶液替代NiCl2溶液，则d点向f点迁移
D. Na2S溶液中存在c(OH-)=c(H+)+c(HS-)+c(H2S)
【答案】C
【解析】
【分析】
向20mL0.1mol·L-1NiCl2溶液中滴加0.1mol·L-1Na2S溶液，反应的方程式为：NiCl2+Na2S= NiS↓+2NaCl；pM=-lgc(M2+)，则c(M2+)越大，pM越小，结合溶度积常数分析判断。
【详解】A．根据图像，V0点表示达到滴定终点，向20mL0.1mol·L-1NiCl2溶液中滴加0.1mol·L-1Na2S溶液，滴加20mL Na2S溶液时恰好完全反应，根据反应关系可知，V0=20mL，故A错误；
B．根据图像，V0点表示达到滴定终点，溶液中存在NiS的溶解平衡，温度不变，溶度积常数不变，c(M2+)不变，则pM=-lgc(M2+)不变，因此b点不移动，故B错误；
C．Ksp(NiS)≈1.0×10-21，Ksp(ZnS)≈1.0×10-25，ZnS溶解度更小，滴定终点时，c(Zn2+)小于c(Ni2+)，则pZn2+=-lgc(Zn2+)＞pNi2+，因此若用同浓度ZnCl2溶液替代NiCl2溶液，则d点向f点迁移，故C正确；
D．Na2S溶液中存在质子守恒，c(OH-)=c(H+)+c(HS-)+2c(H2S)，故D错误；
故选C。
【点睛】本题的易错点为B，要注意在NiS的饱和溶液中存在溶解平衡，平衡时，c(Ni2+)不受NiCl2起始浓度的影响，只有改变溶解平衡时的体积，c(Ni2+)才可能变化。
第Ⅱ卷（非选择题55分）
二、非选择题：（共55分）
19.某矿渣主要含硫酸钡、氧化铜、氧化铝等（杂质不参加反应），利用矿渣提取金属的工艺流程如图所示（乙、丙、丁、戊均为单质）：
回答下列问题：
（1）沉淀①为_____________(填“强”、“弱”或“非”）电解质。
（2）灼烧沉淀②所需要的非玻璃仪器有坩埚、__________、___________、__________。
（3）滤液①的主要成分为___________________________。
（4）滤液①中加入适量盐酸发生的离子方程式为_______________、__________________。
（5）反应①的反应条件是________________________。
（6）电解滤液③时阴极的电极反应式为_________________________。
【答案】 (1). 强 (2). 坩埚钳 (3). 三脚架 (4). 泥三角 (5). NaOH、NaA1O2 (6). A1O2-+H++H2O=A1(OH)3↓ (7). H++ OH- =H2O (8). 电解 (9). 2H2O+2e-= H2↑+2OH-(或2H++ 2e-=H2↑)
【解析】
某矿渣主要含硫酸钡、氧化铜、氧化铝等，加入过量的NaOH，得滤渣①BaSO4、CuO，加入盐酸，沉淀①为BaSO4，滤液②为CuCl2和HCl；滤液①为NaOH、NaAlO2 ，加适量的HCl，得沉淀②为Al(OH)3 ，灼烧后生成Al2O3,电解生成Al和O2；电解滤液③NaCl溶液，得H2、Cl2和NaOH溶液；（1）沉淀①为BaSO4，是强电解质。（2）灼烧沉淀②所需要的非玻璃仪器有坩埚、坩埚钳、三脚架、泥三角。（3）滤液①的主要成分为NaOH、NaAlO2 。（4）滤液①中加入适量盐酸发生的离子方程式为、AlO2－+H＋+H2O=A1(OH)3↓ 、H＋+ OH－ =H2O。（5）反应①的反应条件是电解。
（6）电解滤液③时阴极的电极反应式为2H2O+2e－= H2↑+2OH-(或2H＋+ 2e－=H2↑)。
20.为减小和消除CO2对环境的影响，一方面世界各国都在限制其排放量，另一方面科学家加强了对CO2创新利用的研究。最近有科学家提出“绿色自由”构想：把空气吹入碳酸钾溶液，然后再把CO2从溶液中提取出来，经化学反应后使之变为可再生燃料甲醇。“绿色自由”构想技术流程如下：
（1）在合成塔中，若有4.4kg CO2与足量H2恰好完全反应，可放出4947 kJ的热量，试写出合成塔中发生反应的热化学方程式是 。
（2）以甲醇为燃料制作新型燃料电池，电池的正极通入O2，负极通入甲醇，在酸性溶液中甲醇与氧作用生成水和二氧化碳。该电池负极发生的反应是：
CH3OH + H2O － 6e－="===" CO2 + 6H+
则正极发生的反应是 ；放电时，H＋移向电池的 （填“正”或“负”）极。
（3）常温常压下，饱和CO2水溶液的pH=5.6，c(H2CO3)=1.5×10－5mol·L－1。若忽略水的电离及H2CO3的第二级电离，则H2CO3HCO3－＋H+ 的平衡常数K= 。（已知：10－5.6=2.5×10－6）
（4）常温下，0.1 mol·L－1NaHCO3溶液的pH大于8，则溶液中c(H2CO3) c(CO32－) (填“＞”、“＝”或“＜”)，原因是 （用离子方程式和必要的文字说明）。
（5）小李同学拟用沉淀法测定空气中CO2的体积分数，他查得CaCO3、BaCO3的溶度积（Ksp）分别为4.96×10－9、2.58×10－9。小李应该选用的试剂是___________________。
【答案】1）CO2（g）+3H2（g）="==" CH3OH（g）+H2O（g）ΔH＝－49．47kJ/mol（3分）
（2）O2+ 4H+ + 4e－＝2 H2O （2分） 正 （2分）
（3）4.2×10－7mol·L－1 （3分）
（4）＞（1分）因为既存在 HCO3－CO32－＋H+ 也存在HCO3－＋H2OH2CO3＋OH－、而HCO3－的水解程度大于电离程度 （2分）
（5）Ba（OH）2（或NaOH溶液和BaCl2溶液） (2分)
【解析】
21.亚硝酰氯(NOC1)的沸点为-5.5℃，具有刺鼻恶臭味，在潮湿空气中易水解，溶于浓硫酸，是有机合成中的重要试剂。某同学用如图装置，由NO与干燥纯净的Cl2反应制备NOCl。
己知：①Cl2沸点为-34.6℃，NO2Cl沸点为-15℃②2NO+Cl2=2NOC12NO2+Cl2=2NO2Cl
回答下列问题：
（1）铜与稀硝酸反应的化学方程式为______。
（2）图中实验装置的连接顺序为：a→_______。
（3）实验时，先制取氯气使充满除A、B、C外的整套装置，目的是______；装置中充满氯气后，下—步是制取NO，具体操作是______；E中冰盐水的温度可低至-22℃，其作用是______。
（4）该同学的实验设计可能的不足之处是______（答出一条即可)。
（5）若无C装置，则不利于NOCl的制备，主要原因是______（用化学方程式表示)。
【答案】 (1). 3Cu+8HNO3(稀)=3Cu(NO3)2+2NO↑+4H2O (2). d、e—b、c—i、j—f、g—h (3). 排出装置中的空气中 (4). 打开止水夹，并将铜丝插入稀硝酸 (5). 将NOCl冷凝为液态 (6). B、C上部的空气会将NO氧化（或E中制得的NOCl产品中可能混有少量NO2Cl） (7). NOCl+H2O=HNO2+HCl
【解析】
【分析】
由干燥纯净的氯气与一氧化氮在常温常压下合成NOCl。根据装置图，由二氧化锰与浓盐酸制备氯气，制得的氯气中混有氯化氢和水蒸气，需要用饱和食盐水吸收氯化氢气体，用浓硫酸干燥，由A用铜和稀硝酸反应制备NO，制得的NO中可能混有其他氮氧化合物，故B用水净化NO，装置C用浓硫酸干燥，将氯气和NO干燥后在装置D中发生反应，在冰盐水冷却的E装置中冷凝收集NOCl，氯气、NO以及NOCl均不能排放到空气中，可以用氢氧化钠溶液吸收尾气；NOCl遇水易水解，故在收集装置和尾气处理装置之间需加一个干燥装置，据此分析解答。
【详解】(1)铜与稀硝酸制备NO，化学方程式为：3Cu+8HNO3(稀)=3Cu(NO3)2+2NO↑+4H2O，故答案为：3Cu+8HNO3(稀)=3Cu(NO3)2+2NO↑+4H2O；
(2)由二氧化锰与浓盐酸制备氯气，制得的氯气中混有氯化氢和水蒸气，需要首先用饱和食盐水吸收氯化氢气体，再用浓硫酸干燥，则a连接d、e-b、c，将干燥后的氯气和NO在装置D中发生反应，在冰盐水冷却的E中冷凝收集NOCl，氯气、NO以及NOCl均不能排放到空气中，用氢氧化钠溶液吸收，NOCl遇水易水解，故在收集装置和尾气处理装置之间需加一个干燥装置，故c-i、j-f、g-h，故答案为：d、e-b、c-i、j-f、g-h；
(3)NO能够与空气中的氧气反应，需要排除装置中的空气，实验时，先制取氯气，使氯气充满除A、B、C外的整套装置，装置中充满氯气后，打开止水夹，并将铜丝插入稀硝酸中，制备NO，E中冰盐水将NOCl冷凝为液态，便于收集；故答案为：排出装置中的空气；打开止水夹，并将铜丝插入稀硝酸中；将NOCl冷凝为液态；
(4)NO遇空气中的氧气被氧化，B、C上部的空气会将NO氧化，不利于反应，故答案为：B、C上部的空气会将NO氧化；
(5)若无C装置，NOCl与水蒸气发生水解反应：NOCl+H2O=HNO2+HCl，故答案为：NOCl+H2O=HNO2+HCl。
22.有机物Ⅰ是有机合成中间体，如可合成J或高聚物等，其合成J的线路图如图：
已知：①，A苯环上的一氯代物只有2种
②有机物B是最简单的单烯烃，J为含有3个六元环的酯类
③（、为烃基或H原子）
回答以下问题：
（1）A的化学名称为_____；E的化学式为_____。
（2）的反应类型：____；H分子中官能团的名称是____。
（3）J的结构简式为____。
（4）写出I在一定条件下生成高聚物的化学反应方程式____。
（5）有机物K是G的一种同系物，相对分子质量比G少14，则符合下列条件的K的同分异构体有___种（不考虑立体异构）。
a．苯环上只有两个取代基
b．既能发生银镜反应也能与溶液反应
写出其中核磁共振氢谱有6个峰，峰面积之比为2:2:1:1:1:1的结构简式____。
【答案】 (1). 对甲基苯甲醛（或4-甲基苯甲醛） (2). (3). 消去反应 (4). 氯原子、羧基 (5). (6). n+(n-1)H2O (7). 6 (8).
【解析】
【分析】
根据已知①，A为，根据流程和已知②可知，B为乙烯、C为乙醇、D为乙醛，根据已知③，可知E为，被银氨溶液氧化生成F()，F发生消去反应生成G（）。根据J分子结构中含有3个六元环可知，G与HCl发生加成反应，氯原子加在羧基邻位碳上，生成H为，H在碱性条件下发生水解反应再酸化生成I为
，两分子I在浓硫酸作用下发生成酯化反应，生成环酯J为。
【详解】（1）A的化学名称为对甲基苯甲醛（或4-甲基苯甲醛）；E的化学式为；
（2）的反应类型为消去反应，H分子中官能团的名称是氯原子、羟基；
（3）J的结构简式为；
（4）I在一定条件下发生缩聚反应生成高聚物的化学反应方程式为n+(n-1)H2O；
（5））K是G的一种同系物，相对分子质量比G小14，说明K比G少一个—CH2—，根据题意知，K的同分异构体分子中含有酚羟基和醛基，根据分子式知还应有碳碳双键，即有—OH和—CH=CH—CHO或连接在苯环上，分别得到3种同分异构体，故符合条件的同分异构体有6种，其中的核磁共振氢谱有6个峰，峰面积之比为2∶2∶1∶1∶1∶1。
