2017-2018学年甘肃省兰州第一中学高二下学期期末考试化学试题 解析版

2017-2018学年甘肃省兰州第一中学高二下学期期末考试化学试题 解析版

甘肃省兰州第一中学2017-2018学年高二下学期期末考试化学试题 ‎1. 下列数据是一些有机物的相对分子质量，可能为同系物的一组是（ ）‎ A. 16， 32， 46， 60 B. 16， 30， 42， 56‎ C. 16， 28， 40， 52 D. 16， 30， 58， 72‎ ‎【答案】D ‎【解析】同系物是指结构相似，分子组成相差若干个CH2原子团的物质，这说明同系物的相对分子质量之间相差14的倍数，所以选项D是正确的。答案选D。‎ ‎2. 下列物质的类别与所含官能团都正确的是 A. 　酚类　—OH B. 　羧酸　—CHO C.　醛类　—CHO D. CH3—O—CH3　醚类　‎ ‎【答案】D ‎【解析】试题分析：A、羟基与苯环直接相连的有机物属于酚类，而该有机物的羟基不是与苯环直接相连，不属于酚类，属于醇类，错误；B、烃分子中的H原子被羧基取代的产物属于羧酸，官能团是-COOH，错误；C、该有机物的HCOO-与苯环相连，属于酯类，官能团是-COO-，错误；D、该有机物中含有键，属于醚类，正确，答案选D。‎ 考点：考查有机物的分类及官能团的判断 ‎3. 1mol某烃在氧气中充分燃烧，需要消耗氧气‎179.2 L（标准状况下）。它在光照的条件下与氯气反应能生成三种不同的一氯取代物。该烃的结构简式是（ ）‎ A. B. ‎ C. CH3CH2CH2CH2CH3 D. CH3－‎ ‎【答案】C ‎【解析】分析：根据烃燃烧的通式和题干中1mol烃燃烧时的耗氧量，可以确定烃的化学式，烃中含有几种类型的等效氢原子，其一氯代物就有几种，据此分析。‎ 详解：4个选项中符合要求的等效氢原子的个数分别为：、、、，这样排除B、D选项，只有A、C选项符合要求，题设第二个条件是：1mol该烃燃烧需氧气‎179.2L(标准状况)即=8mol，A、C的分子式分别是C6H14和C5H12，耗氧量分别为6+=9.5mol，5+=8mol，显然，只有C选项符合要求，故选C。‎ ‎4. 下列有机物的命名正确的是（ ）‎ A. 2-甲基-2,3-二氯戊烷 B. 3,3-二甲基-4-乙基戊烷 C. 2,4,6-三氯己烷 D. 3-甲基-3-丁烯 ‎【答案】A ‎【解析】A. 2－甲基－2，3－二氯戊烷的有机物存在，命名正确，A正确；B. 3，3－二甲基－4－乙基戊烷应该是3，3，4－三甲基己烷，B错误；C. 2，4，6－三氯己烷应该是1，3，5－三氯己烷，C错误；D. 3－甲基－3－丁烯应该是2－甲基－1－丁烯，D错误，答案选A。‎ 点睛：掌握有机物的命名原则和方法是解答的关键，尤其是烷烃的命名方法，注意了解有机物系统命名中常见的错误：①主链选取不当（不包含官能团，不是主链最长、支链最多）；②编号错（官能团的位次不是最小，取代基位号之和不是最小）；③支链主次不分（不是先简后繁）；④“－”、“，”忘记或用错。‎ ‎5. 具有下列分子式的一氯代烷中，水解后产物在红热铜丝催化下，最多可被空气氧化生成四种不同的醛的是（ ）‎ A. C3H7Cl B. C4H9Cl C. C5H11Cl D. C6H13Cl ‎【答案】C ‎【解析】分析：先确定烷烃的对称中心，即找出等效的氢原子，再根据先中心后外围的原则，将氯原子逐一去代替氢原子，有几种氢原子就有几种一氯代烃，氯原子只有连接在键端的碳原子上水解生成的醇，且该碳上有氢原子，才能被氧化成醛，据此分析解答。‎ 详解：A．C3H7Cl水解生成在键端的碳原子上的醇，且该碳上有氢原子的卤代烃为：CH3CH2CH2 Cl，被空气氧化生成1种醛：CH3CH2CHO，故A错误；B．正丁烷两种一氯代物，异丁烷两种一氯代物，共4种，所以分子式为C4H9 Cl的同分异构体共有4种，其中氯原子连接在键端的碳原子上能被氧化成醛的只有1-氯丁烷、1-氯-2-甲基丙烷，故B错误；C．C5H11 Cl水解生成在键端的碳原子上的醇，且该碳上有氢原子的卤代烃为：‎ CH3CH2CH2CH2CH2 Cl；CH3CH2CH(CH3)CH2 Cl；CH3CH(CH3)CH2CH2 Cl；CH‎3C(CH3)2CH2 Cl；被空气氧化生成4种不同的醛为：CH3CH2CH2CH2CHO 戊醛；CH3CH2CH(CH3)CHO 2-甲基丁醛；CH3CH(CH3)CH2CHO 3-甲基丁醛；CH‎3C(CH3)2CHO 2，2-二甲基丙醛；故C正确；D．C6H14属于烷烃，主链为6个碳原子有：CH3(CH2)4CH3；主链为5个碳原子有：CH3CH2CH2CH(CH3)2；CH3CH2CH(CH3)CH2CH3；主链为4个碳原子有：CH3CH‎2C(CH3)3；CH3CH(CH3)CH(CH3)CH3，则相应的一取代物分别有3、5、4、3、2种。故分子式为C6H13-的同分异构体共有17种；最多可被空气氧化生成17种不同的醛，故D错误；故选C。‎ 点睛：本题考查同分异构体的应用和卤代烃的水解、醇的氧化等知识，本题的难点是题意的理解，氯原子只有连接在键端的碳原子上水解生成的醇，且该碳上有氢原子，才能被氧化成醛。‎ ‎6. 下列有关叙述正确的是（ ）‎ A. 质谱法通常用来确定有机物的分子结构 B. 将有机物燃烧进行定量分析，可以直接确定该有机物的分子式 C. 在核磁共振氢谱中能出现三组峰，峰面积之比为3∶1∶4‎ D. 二甲醚与乙醇不能利用红外光谱法进行鉴别 ‎【答案】C ‎【解析】A. 质谱法通常用来确定有机物的相对分子质量，A错误；B. 将有机物燃烧进行定量分析，不能直接确定该有机物的分子式，B错误；C. 根据有机物结构简式可知在核磁共振氢谱中能出现三组峰，峰面积之比为6∶2∶8＝3∶1∶4，C正确；D. 二甲醚与乙醇含有的官能团不同，可以利用红外光谱法进行鉴别，D错误，答案选C。‎ ‎7. 下列与有机物的结构、性质有关的叙述正确的是（ ）‎ A. 棉花、蚕丝和人造丝的主要成分都是纤维素 B. 甲烷和Cl2的反应与乙烯和Br2的反应属于同一类型的反应 C. 蔗糖、麦芽糖的分子式均为C12H22O11，二者互为同分异构体 D. 乙醇、乙酸均能与NaOH反应，因为分子中均含有官能团“—OH ”‎ ‎【答案】C ‎【解析】分析：A．根据蚕丝的主要成分为蛋白质分析判断；B．根据甲烷和氯气在光照条件下和溴和乙烯反应的特征分析判断；C．根据同分异构体的概念分析判断；D．‎ 根据官能团的结构和性质分析判断。‎ ‎8. 下列离子方程式正确的是（ ）‎ A. 用银氨溶液检验乙醛中的醛基：CH3CHO+2Ag(NH3)2+ +2OH－ CH3COONH4 +3NH3+2Ag↓+H2O B. 苯酚钠溶液中通入少量CO2：CO2 +H2O+‎2C6H5O－→‎2C6H5OH+CO32－‎ C. 氯乙烷中滴入AgNO3溶液检验其中氯元素：Cl－+Ag+=AgCl↓‎ D. 乙酸滴入氢氧化铜悬浊液中：2CH3COOH+Cu(OH)2=Cu2++2CH3COO-+2H2O ‎【答案】D ‎【解析】分析：A．乙酸铵为易溶的强电解质；B．苯酚钠与二氧化碳反应生成苯酚和碳酸氢钠；C．氯乙烷不溶于水；D．乙酸为弱酸，氢氧化铜是难溶物质；根据离子方程式的书写规则分析判断。‎ 详解：A．用银氨溶液检验乙醛中的醛基，正确的离子方程式为：CH3CHO+2Ag(NH3)2++2OH-CH3COO-+NH4++3NH3+2Ag↓+H2O，故A错误；B．苯酚钠与二氧化碳反应生成苯酚和碳酸氢钠，反应的化学方程式为：C6H5ONa+CO2+H2O→C6H5OH+NaHCO3，离子反应方程式为：，故B错误；C．氯乙烷不溶于水，不能电离出氯离子，则氯乙烷中滴入AgNO3溶液后没有明显现象，故C错误；D．将乙酸滴入氢氧化铜悬浊液中，生成醋酸铜和水，离子反应方程式为2CH3COOH+Cu(OH)2=Cu2++2CH3COO-+2H2O，故D正确；故选D。‎ 点睛：本题考查了离子方程式的正误判断，注意掌握离子方程式正误判断常用方法：检查反应能否发生，检查反应物、生成物是否正确，检查各物质拆分是否正确，如难溶物、弱电解质等需要保留化学式，检查是否符合原化学方程式等。本题的易错点为C ‎，要注意氯乙烷中不存在氯离子，需要水解后再检验。‎ ‎9. 实验室用溴和苯反应制取溴苯，得到粗溴苯后，要用如下操作精制：①蒸馏；②水洗；③用干燥剂干燥；④10%NaOH溶液洗。正确的操作顺序是（ ）‎ A. ①②③④② B. ②④①②③ C. ④②③①② D. ②④②③①‎ ‎【答案】D ‎【解析】分析：根据粗苯中的成分及各试剂的作用分析，可溶性的物质易溶于水，所以用水洗涤易溶于水的物质；溴和氢氧化钠能反应所以可用氢氧化钠除去溴；干燥剂能吸收水分，利用物质沸点的不同可分离沸点不同的物质，据此分析解答。‎ 详解：粗溴苯中含有苯、溴苯、溴化铁和溴，提纯时，为减少NaOH的用量，可先用水洗，可除去溴化铁和少量溴，然后加入10%的NaOH溶液洗涤，可除去溴，再用水洗除去碱液，经干燥后进行蒸馏可得溴苯，所以正确的操作顺序为：②④②③①，故选D。‎ ‎10. CPAE是蜂胶的主要活性成分，也可由咖啡酸合成，下列说法不正确的是（ ）‎ A. 1mol CPAE与足量的溴水反应，最多消耗4mol Br2‎ B. 咖啡酸可发生聚合反应，而且其分子中含有3种官能团 C. 与苯乙醇互为同分异构体的酚类物质共有9种 D. 可用金属Na检测上述反应是否残留苯乙醇 ‎【答案】D ‎【解析】分析：CPAE中含酚-OH、-COOC-和碳碳双键；咖啡酸中含有酚羟基、碳碳双键和羧基；结合相关官能团的结构和性质分析判断。‎ 详解：A．CPAE含酚-OH、-COOC-和碳碳双键，其中酚-OH和碳碳双键能够与溴水反应，则1 mol最多可与含4mol 溴发生反应，故A正确；B．咖啡酸含C=C，酚-OH、-COOC-，共3种官能团，含C=C可发生加聚反应，故B正确；C．与苯乙醇互为同分异构体的酚类物质，含酚-OH、乙基(或2个甲基)，含酚-OH、乙基存在邻、间、对三种，两个甲基处于邻位的酚2种，两个甲基处于间位的有3种，两个甲基处于对位的有1种，共9种，故C 正确；D．CPAE中含酚-OH、苯乙醇中含-OH，均与Na反应生成氢气，则不能用金属Na检测上述反应是否残留苯乙醇，故D错误；故选D。‎ 点睛：本题考查有机物的结构与性质，把握官能团与性质的关系为解答的关键，侧重羧酸、酚、醇等物质性质的考查，选项C为解答的难点，注意同分异构体的推断，易错点为A，要注意酚羟基的邻对位氢原子能够被溴原子取代。‎ ‎11. 下列化合物中的所有碳原子可以在同一平面上的是（ ）‎ A. B. ‎ C. CH2=CHCH=CHCH=CH2 D. (CH3)2CH－C≡C－CH=CHCH3‎ ‎【答案】C ‎【解析】分析：甲烷是正四面体结构、乙烯是平面结构、乙炔是直线形结构、苯是平面结构，根据甲烷、乙烯、乙炔、苯的结构确定这几种物质中所有原子是否共面，据此分析解答。‎ 详解：A．该分子中直接连接两个苯环的C原子具有甲烷结构特点，甲烷是四面体结构，根据甲烷结构知，该分子中所有C原子不可能共面，故A错误；B．该分子中的C原子具有甲烷结构特点，根据甲烷结构知，该分子中所有C原子不可能共面，故B错误；C．该分子中含有三个碳碳双键，乙烯是平面型结构，根据乙烯结构知，前三个C原子共面、后三个C原子共面，且中间两个C原子共面，所以这六个C原子都共面，故C正确；D．该分子中含有，亚甲基C原子具有甲烷结构特点，根据甲烷结构知，该分子中所有C原子不可能共面，故D错误；故选C。‎ 点睛：本题主要考查有机化合物的结构特点。由于甲烷是四面体结构，只要含有或中的一种，分子中的碳原子就不可能处于同一平面内。‎ ‎12. 高分子化合物的结构：其单体可能是 ①CH2=CHCN；②乙烯；③1，3-丁二烯；④苯乙炔；⑤苯乙烯；⑥1-丁烯（ ）‎ A. ①③⑤ B. ②③⑤ C. ①②⑥ D. ①③④‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ 该高聚物链节主链不含杂原子，属于加聚反应生成的高聚物，链节主链上存在碳碳双键结构，其的单体是CH2=CHCN、CH2=CH-CH=CH2、苯乙烯，故选A。‎ 点睛：解答此类题目，首先要根据高聚物的结构简式判断高聚物是加聚产物还是缩聚产物，然后根据推断单体的方法作出判断，加聚产物的单体推断方法：(1)凡链节的主链上只有两个碳原子(无其它原子)的高聚物，其合成单体必为一种，将两半链闭合即可；(2)凡链节主链上只有四个碳原子(无其它原子)且链节无双键的高聚物，其单体必为两种，在正中间画线断开，然后将四个半键闭合即可；(3)凡链节主链上只有碳原子并存在碳碳双键结构的高聚物，其规律是“见双键，四个碳，无双键，两个碳”画线断开，然后将半键闭合，即将单双键互换。‎ ‎13. 只用水就能鉴别的一组物质是 （ ）‎ A. 苯、乙酸、四氯化碳 B. 乙醇、乙醛、乙酸 C. 乙醛、乙二醇、硝基苯 D. 苯酚、乙醇、甘油 ‎【答案】A ‎【解析】试题分析：物质在水中的溶解性及溶于水时的热效应、液体的密度等特点，都可以作为鉴别一组物质的条件。如乙酸能溶于水，与水互溶；而苯、四氯化碳难溶于水，但苯的密度比水小，而四氯化碳的密度比水大。可用水来鉴别苯、乙酸、四氯化碳，具体方法是：各取1 mL苯、乙酸、四氯化碳液体，分别加入5 mL水，振荡，静置；互溶，不分层的为乙酸；浮在水面上的是苯；沉在水下面的是四氯化碳。B组三种物质都溶于水，C组前两种物质都溶于水，D组后两种物质都溶于水，则B、C、D三组物质不能用水来鉴别，所以答案选B。‎ 考点：考查物质的鉴别 点评：该题是高考中的常见题型，属于中等难度的试题，试题综合性强，旨在考查学生灵活运用基础知识解决实际问题的能力，有利于培养学生规范严谨的实验设计能力。该类试题相应明确的是在进行物质的检验时，要依据物质的特殊性质和特征反应，选择适当的试剂和方法，准确观察反应中的明显现象，如颜色的变化、沉淀的生成和溶解、气体的产生和气味、火焰的颜色等，进行判断、推理、验证即可。‎ ‎14. 下列物质中与氢氧化钠溶液、新制氢氧化铜、纯碱、溴水、苯酚钠溶液、甲醇都能反应的是（ ）‎ A. 盐酸 B. 乙醛 C. 乙酸 D. 丙烯酸 ‎【答案】D ‎【解析】分析：与氢氧化钠反应，应含有羧基、酚羟基或能在碱性条件下水解，与溴水反应，应含有不饱和键，与甲醇反应，应含有羧基或羟基，以此解答该题。‎ 详解：A．盐酸与溴水、甲醇不反应，故A错误；B．乙醛与纯碱、苯酚钠、甲醇不反应，故B错误；C．乙酸与溴水不反应，故C错误；D．丙烯酸含有碳碳双键，可与溴水发生加成反应，含有羧基，可与氢氧化钠、氢氧化铜、纯碱、苯酚钠以及甲醇反应，故D正确；故选D。‎ ‎15. 今有乙酸和乙酸甲酯的混和物中，测得含碳的质量百分数为X，则混和物中氧的质量百分数为（ ）‎ A. (1－X)/7 B. 6(1－X)/‎7 C. (6－7X)/6 D. 无法计算 ‎【答案】C ‎【解析】分析：乙酸、乙酸甲酯各分子中碳原子与氢原子个数之比为1：2，据此可以计算碳元素与氢元素的质量之比，根据混合物中碳元素的质量分数计算出氢元素的质量分数，最后w(O)=1-w(C)-w(H)计算。‎ 详解：乙酸、乙酸甲酯各分子中碳原子与氢原子个数之比为1：2，故组成的混合物中，碳原子与氢原子个数之比为1：2，则碳元素与氢元素的质量之比为12：2=6：1，混合物中碳元素的总的质量分数为X，则氢元素的质量分数=X，故混合物中氧元素质量分数1-X-X=1-X，故选C。‎ ‎16. 利用下列装置（部分仪器已省略），能顺利完成对应实验的是（ ）‎ A. A B. B C. C D. D ‎【答案】B 考点：考查了化学实验方案的评价的相关知识。‎ ‎17. 下列说法正确的是（ ）‎ A. 纤维素三硝酸酯的结构简式为 B. 化合物是苯的同系物 C. 按系统命名法，化合物的名称为2,3,3－三甲基丁烷 D. 1 mol阿斯匹林（‎ ‎）与足量的NaOH溶液反应，消耗NaOH最大的物质的量为2mol ‎【答案】A ‎【解析】分析：A．根据纤维素的分子通式为(C6H10O5)n，结构单元中含有3个羟基分析判断；B．根据苯的同系物的概念分析判断；C．依据烷烃的命名方法分析判断；D．能与NaOH反应的有-COOH、酚羟基和酯基等分析判断。‎ 详解：A．纤维素的分子通式为(C6H10O5)n，结构单元中含有3个羟基，因此纤维素三硝酸酯的结构简式为，故A正确； B．分子中含有两个苯环，不属于苯的同系物，故B错误；C．的名称为2，2，3-三甲基丁烷，故C错误；D．能与NaOH反应的有-COOH、酚羟基和酯基，则1mol与足量NaOH溶液充分反应，消耗3molNaOH，故D错误；故选A。‎ 点睛：本题考查有机化合物命名、苯的同系物、有机物的性质等。本题的易错项为D，要注意酯基水解后的羟基是否为酚羟基。‎ ‎18. 某有机物的分子式为C9H10O3。它有多种同分异构体，同时符合下列四个条件的同分异构体有①能与Na2CO3溶液反应，但是不能生成气体；②苯环上的一氯代物只有两种；③能发生水解反应；④该有机物是苯的二取代物。（ ）‎ A. 4种 B. 5种 C. 6种 D. 7种 ‎【答案】C ‎【解析】分析：①能与Na2CO3溶液反应，但是不能生成气体，说明含有酚羟基；②苯环上的一氯代物只有两种，说明苯环上有两种等效氢原子；③能发生水解反应，说明含有酯基；④该有机物是苯的二取代物，说明苯环上含两个取代基，根据有机物的分子式和结构特点来书写。‎ 详解：①能与Na2CO3溶液反应，但是不能生成气体，说明含有酚羟基；②苯环上的一氯代物只有两种，说明苯环上有两种等效氢原子；③能发生水解反应，说明含有酯基；④该有机物是苯的二取代物，说明苯环上含两个取代基，所以苯环上的两个取代基处于对位，其中一个是羟基，另一个是含有酯基的基团，可以是-COOCH2CH3，-CH2COOCH3‎ ‎，HCOOCH2CH2-，HCOOCH(CH3)-，-OOCCH2CH3，CH3COOCH2-，共六种，故选C。‎ ‎19. 含有C＝C的有机物与O3作用形成不稳定的臭氧化物，臭氧化物在还原剂存在下，与水作用分解为羰基化合物，总反应为: ＋(R1、R2、R3、R4为H或烷基)。以下四种物质发生上述反应，所得产物为纯净物且能发生银镜反应的是（ ）‎ A. (CH3)‎2C＝C(CH3)2 B. CH2=CHCH=CHCH=CH‎2 C. D. ‎ ‎【答案】D ‎【解析】分析：根据反应原理为双键从中间断开，直接接上一个氧原子，所得产物为纯净物说明产物只有一种，能发生银镜反应说明含有醛基，则与双键相连的碳上有氢原子，据此分析判断。‎ 详解：A．(CH3)‎2C=C(CH3)2与双键相连的碳上没有氢原子，得到的是酮，不是醛，故A错误；B. CH2=CHCH=CHCH=CH2中有3个双键，得到的产物有2种，分别为甲醛和乙二醛，故B错误；C．中有2个双键，且结构不对称，得到的产物有2种，故C错误；D．反应产物只有一种，与双键相连的碳上有氢原子，氧化得到醛，故D正确；故选D。‎ ‎20. 天然维生素P（结构如图）存在于槐树花蕾中，它是一种营养增补剂。关于维生素P的叙述正确的是（ ）‎ A. 若R为甲基则该物质的分子式可以表示为C16H10O7‎ B. 分子中有三个苯环 C. lmol该化合物与NaOH溶液作用消耗NaOH的物质的量以及与氢气加成所需的氢气的物质的量分别是4 mol、8 mol D. lmol该化合物最多可与5molBr2完全反应 ‎【答案】C ‎【解析】分析：由结构可知，分子中含2个苯环，4‎ 个酚羟基、羰基、碳碳双键及醚键，结合酚、烯烃等有机物的性质来解答。‎ 详解：A．R为甲基，根据维生素P的结构简式可以得出其分子式为：C16H12O7，故A错误；B．维生素P结构中含有两个苯环，故B错误；C．维生素P结构中含有的苯环、碳碳双键、碳氧双键都能与氢气发生加成反应，一定条件下1mol该物质可与H2加成，耗H2最大量为8mol，维生素P结构中含有酚羟基，能与氢氧化钠反应，每1mol维生素P结构中含有4mol酚羟基，所以1mol该物质可与4molNaOH反应，故C正确；D．结构中含有酚羟基，能与溴水发生取代反应，反应时-OH的邻、对位氢原子能够被取代，含有碳碳双键，能发生加成反应，1mol该物质与足量溴水反应耗6molBr2，故D错误；故选C。‎ ‎21. 一种气态烷烃和一种气态烯烃组成的混合物共‎10克，混合气体的密度是相同状况下H2密度的12.5倍，让混合气体通过盛有溴水的试剂瓶时，试剂瓶的质量增加了‎8.4克，组成该混合气体的可能是（ ）‎ A. 乙烷和乙烯 B. 乙烷和丙烯 C. 甲烷和乙烯 D. 甲烷和丙烯 ‎【答案】C ‎【解析】试题分析：由于混合气密度是相同状况下H2密度的12.5倍，因此混合气的平均摩尔质量为‎25g/mol，因此混合气中一定有甲烷。混合气的总的物质的量为；由于混合气体通过装有溴水的试剂瓶时，试剂瓶总质量增加了‎8.4g，即烯烃的质量为‎8.4g，则甲烷的质量为，则甲烷的物质的量为，则烯烃的物质的量为0.3mol，故烯烃的摩尔质量为，故为乙烯。故答案C。‎ 考点：考查有关混合物反应的计算。‎ ‎22. 下列叙述中,正确的一组是（ ）‎ ‎①糖类、油脂、蛋白质在一定条件下都能发生水解 ‎②制造婴儿用的一次性纸尿片采用的吸水保水的材料可以是 ‎③石油的分馏、裂化和煤的干馏都是化学变化 ‎④葡萄糖与果糖、淀粉与纤维素均互为同分异构体 ‎⑤淀粉遇碘酒变蓝色,葡萄糖能与新制Cu(OH)2发生反应 ‎⑥塑料、橡胶和纤维都是合成高分子材料 ‎⑦向蛋白质溶液中加入饱和CuSO4溶液,出现盐析现象,加水溶解 A. ②⑤ B. ①⑤⑦ C. ③④⑥ D. ②⑥⑦‎ ‎【答案】A ‎【解析】分析：①根据糖类包括单糖、二糖、多糖分析判断；②根据羟基属于亲水基团分析判断；③根据石油的分馏、裂化和煤的干馏的概念和本质分析判断；④根据高分子化合物的聚合度不一定相等分析判断；⑤淀粉遇碘酒变蓝色，葡萄糖含有醛基能与新制Cu(OH)2发生反应，据此判断；⑥根据高分子化合物有天然的也有合成的分析判断；⑦根据属于重金属盐溶液，结合蛋白质的性质分析判断。‎ 详解：①糖类中单糖不能水解，油脂蛋白质在一定条件下都能发生水解，故①错误；②羟基属于亲水基团，因此具有吸水性，故②正确；③石油的分馏是物理过程，石油的裂化、煤的干馏是化学变化，故③错误；④葡萄糖与果糖的分子式相同，结构不同，是同分异构体、淀粉与纤维素是高分子化合物，二者的聚合度不同，不是同分异构体，故④错误；⑤淀粉遇碘酒变蓝色，葡萄糖含有醛基能与新制Cu(OH)2发生反应，故⑤正确；⑥橡胶和纤维素有天然的也有合成的，故⑥错误；⑦向蛋白质溶液中加入饱和CuSO4溶液，使蛋白质发生变性，，析出后不能溶解，故⑦错误；故选A。‎ ‎23. 有0.2mol某有机物和0.5mol氧气在一密闭容器中燃烧得产物为CO2、CO、H2O(气)．产物依次通过浓硫酸时，浓硫酸的质量增加了‎10.8g；再通过灼热的氧化铜时，氧化铜的质量减轻了‎3.2g；又通过碱石灰时，碱石灰的质量增加了‎17.6g．该有机物的化学式是（ ）‎ A. C2H4 B. C2H6O C. C2H6O2 D. C3H6O3‎ ‎【答案】B ‎【解析】试题分析：浓硫酸增重‎10.8g说明反应产物中含水‎10.8g，即产物中含水=0.6mol，通过灼热氧化铜，氧化铜质量减轻‎3.2g，物质的量为：=0.2mol，‎ CO+CuOCO2+Cu△m ‎1mol 1mol ‎‎16g ‎0.2mol 0.2mol 0.2mol 根据碳元素守恒可知CO与CuO反应生成的CO2的物质的量为0.2mol，质量为0.2mol×‎44g/mol=‎8.8g。有机物燃烧生成的CO2的质量为‎17.6g-8.8g=‎8.8g，物质的量为 ‎=0.2mol，根据碳元素守恒可知，1mol有机物含有碳原子物质的量为2mol，根据氢元素守恒可知，1mol有机物含有氢原子物质的量为=6mol，根据氧元素守恒可知，1mol有机物含有氧原子物质的量为=1mol。所以有机物的分子式为C2H6O，故选B。‎ ‎【考点定位】考查有机物分子式的确定 ‎【名师点晴】本题考查有机物分子式的确定。注意所含元素原子个数的计算角度，注意质量守恒定律的应用。浓硫酸具有吸水性，浓硫酸的质量增加‎10.8g说明反应产物中含水‎10.8g，通过灼热氧化铜，氧化铜质量减轻‎3.2g，结合方程式可计算CO的物质的量，通过碱石灰时，碱石灰的质量增加了‎17.6g可计算总CO2的物质的量，根据氧元素守恒可计算有机物中含有O的物质的量，进而求得化学式，并判断可能的结构简式。‎ ‎24. 以下实验：其中可能失败的实验是（ ）‎ ‎①为检验RX是碘代烷，将RX与NaOH水溶液混合后再加入AgNO3溶液；‎ ‎②鉴别己烯、甲苯、丙醛三种无色液体，可以使用银氨溶液和KMnO4酸性溶液 ‎③用锌与稀硝酸反应制取氢气，用排水法收集氢气；‎ ‎④在试管中加入2mL 10%的CuSO4溶液，滴入2%的NaOH溶液4～6滴，振荡后加入乙醛溶液0.5mL，加热至沸腾来检验醛基 ‎⑤为检验淀粉已水解，将淀粉与少量稀硫酸加热一段时间后再加入银氨溶液，水浴加热。‎ ‎⑥用浓溴水除去混在苯中的苯酚,过滤得到纯净的苯 ‎⑦乙醇和1:1的硫酸共热到‎170℃‎制乙烯 A. ①②③④⑤⑥⑦ B. ①④⑤⑥ C. ①③④⑤ D. ③⑤⑥⑦‎ ‎【答案】A ‎【解析】分析：①碘代烷不溶于水，要检验RX是碘代烷，需要将碘元素转化为碘离子再检验；②根据己烯、甲苯、丙醛中加入银氨溶液和KMnO4酸性溶液的现象分析判断；③稀硝酸具有强氧化性；④根据乙醛与新制氢氧化铜悬浊液反应时，溶液需要呈碱性分析判断；⑤淀粉已水解，只需要检验是否有葡萄糖生成即可；⑥根据有机物与有机物一般互溶分析判断；⑦实验室里用无水乙醇和浓硫酸共热至‎170℃‎制乙烯；据此分析解答。‎ 详解：①为检验RX是碘代烷，将RX与NaOH水溶液混合加热后，要先加入HNO3‎ ‎，中和未反应的NaOH，然后再加入AgNO3溶液，否则实验不成功，故错误；②己烯、甲苯、丙醛三种无色液体中只有丙醛与银氨溶液反应，己烯、甲苯都能使KMnO4酸性溶液褪色，不能鉴别，故错误；③稀硝酸具有强氧化性，锌和稀硝酸反应生成NO而不是氢气，应该用稀硫酸或稀盐酸制取氢气，故错误；④在制取新制氢氧化铜悬浊液时，应该NaOH过量，溶液呈碱性，应该是在试管中加入2mL10%的NaOH溶液，滴入2%的CuSO4溶液4～6滴，振荡后加入乙醛溶液0.5mL，加热至沸腾来检验醛基，故错误；⑤为检验淀粉已水解，将淀粉与少量稀硫酸加热一段时间后，先加入NaOH溶液中和未反应的稀硫酸，再加入银氨溶液，水浴加热，银镜反应必须在碱性条件下，否则实验不成功，故错误；⑥浓溴水与苯酚生成的三溴苯酚易溶于苯，不能通过过滤分离，故错误；⑦实验室里用无水乙醇和浓硫酸共热至‎170℃‎制乙烯，‎140℃‎时乙醇发生取代反应生成乙醚，故错误；故选A。‎ 点睛：本题考查化学实验方案评价，涉及物质的制备、物质性质、实验时溶液酸碱性的控制等，明确实验原理及物质性质是解本题关键。本题易错选项是①⑤，很多同学往往漏掉加入酸或碱而导致实验失败。‎ ‎25. Ⅰ、下列涉及有机化合物的说法是正确的是 ______________________ ‎ A．除去乙烷中少量的乙烯：通过酸性KMnO4溶液进行分离 B．甲苯硝化制对硝基甲苯与苯甲酸和乙醇反应制苯甲酸乙酯的反应类型不同 C．用氢氧化钠溶液鉴别花生油和汽油 D．除去乙醇中少量的乙酸：加足量生石灰，蒸馏 E．除去乙酸乙酯中少量的乙酸：用饱和氢氧化钠溶液洗涤、分液、干燥、蒸馏 Ⅱ、正丁醛经催化加氢得到含少量正丁醛的1-丁醇粗品，为纯化1-丁醇，该小组查阅文献得知：①R-CHO+NaHSO3（饱和）→RCH（OH）SO3Na↓；②沸点：乙醚‎34℃‎，1-丁醇‎118℃‎；并设计出如下提纯路线：‎ ‎（1）试剂1为__________，操作2为__________，操作3为__________。‎ ‎（2）写出正丁醛银镜反应方程式___________________________________‎ Ⅲ、已知：1,2-二溴乙烷可作汽油抗爆剂的添加剂,常温下它是无色液体,密度是‎2.18g/cm3,沸点‎131.4℃‎,熔点‎9.79℃‎ ‎,不溶于水,易溶于醇、醚、丙酮等有机溶剂。在实验中可以用下图所示装置制备1,2-二溴乙烷。其中分液漏斗和烧瓶a中装有乙醇和浓硫酸的混合液,试管d中装有液溴(表面覆盖少量水，溴蒸汽有毒)。请填写下列空白：‎ ‎ ‎ ‎（1）写出制备1,2-二溴乙烷的化学方程式：　________________________________。‎ ‎（2）安全瓶b可以防止倒吸,并可以检查实验进行时试管d是否发生堵塞。请写出发生堵塞时瓶b中的现象：_______________________________________。‎ ‎（3）c装置内NaOH溶液的作用是______________________________； ‎ ‎（4）e装置内NaOH溶液的作用是_______________________________。‎ ‎【答案】 (1). C、D (2). 饱和NaHSO3溶液 (3). 萃取 (4). 蒸馏 (5). CH3CH2CH2CHO+2Ag(NH3)2OHCH3CH2CH2COONH4+2Ag↓+3NH3+H2O (6). CH2＝CH2＋Br2 → CH2BrCH2Br (7). b中水面会下降，玻璃管中的水面会上升，甚至溢出 (8). 吸收酸性气体（二氧化硫、二氧化碳等） (9). 吸收挥发出来的溴，防止污染环境 ‎【解析】Ⅰ、A．酸性KMnO4溶液能把乙烯氧化为CO2引入新杂质，应该用溴水，A错误；B．甲苯硝化制对硝基甲苯与苯甲酸和乙醇反应制苯甲酸乙酯的反应类型相同，均是取代反应，B错误；C．花生油属于油脂，能与氢氧化钠发生皂化反应，汽油属于烃类，因此可以用氢氧化钠溶液鉴别花生油和汽油，C正确；D．乙酸和氧化钙反应，因此除去乙醇中少量的乙酸：加足量生石灰，蒸馏即可，D正确；E．氢氧化钠能和乙酸乙酯反应，除去乙酸乙酯中少量的乙酸：用饱和碳酸钠溶液洗涤、分液、干燥、蒸馏，E错误，答案选CD；‎ Ⅱ、（1）粗品中含有正丁醛，根据所给的信息利用饱和NaHSO3溶液形成沉淀，然后通过过滤即可除去；由于饱和NaHSO3溶液是过量的，所以加入乙醚的目的是萃取溶液中的1-丁醇；因为1-丁醇和乙醚的沸点相差很大，因此可以利用蒸馏将其分离开；（2）正丁醛发生银镜反应方程式为CH3CH2CH2CHO+2Ag(NH3)2OHCH3CH2CH2COONH4+2Ag↓+3NH3+H2O；‎ Ⅲ、（1）乙烯与溴水发生加成反应生成1，2-二溴乙烷，化学方程式为CH2＝CH2＋Br2 → CH2BrCH2Br。（2） 若d中发生堵塞，则生成的气体无法排出，导致b中压强增大，所以b中水面会下降，玻璃管中的水面会上升，甚至溢出。（3‎ ‎）浓硫酸具有脱水性和强氧化性，在加热的情况下，乙醇与浓硫酸发生副反应生成二氧化碳、二氧化硫等酸性气体，二氧化硫能与溴水反应生成硫酸、氢溴酸。为了防止对制备1，2－二溴乙烷的干扰，容器c中NaOH溶液的作用是除去乙烯中带出的酸性气体；（4）液溴易挥发，制得的产物中含有有毒的溴蒸气，则e装置内NaOH溶液的作用是吸收挥发出来的溴，防止污染环境。‎ ‎26. 某有机化合物A经李比希法测得其中含碳为70.59%、含氢为 5.88%，其余含有氧。现用下列方法测定该有机化合物的相对分子质量和分子结构。‎ 方法一：用质谱法分析得知A的质谱图如图1：‎ 方法二：核磁共振仪测出A的核磁共振氢谱有4个峰，其面积之比为1：2：2：3。如图2。‎ 方法三：利用红外光谱仪测得A分子的红外光谱，如图3。‎ ‎（1）A的摩尔质量__________。‎ ‎（2）A的分子式为_____________。‎ ‎（3）该物质属于哪一类有机物___________。‎ ‎（4）A的分子中只含一个甲基的依据是________（填序号）。‎ a．A的相对分子质量 b．A的分子式 c．A的核磁共振氢谱图 d．A分子的红外光谱图 ‎（5）A的结构简式为_______________________。‎ ‎【答案】 (1). ‎136g/mol (2). C8H8O2 (3). 酯类 (4). bc (5). ‎ ‎【解析】分析：由A的质谱图，可知A的相对分子质量为136，结合元素质量分数计算A中C、H、O原子个数，进而确定有机物A的分子式；A的核磁共振氢谱有4个峰，说明分子中有4种H原子；由红外光谱图知，A含有苯环，占6个C原子，还含有C=O、C-O-C、C-C、C-H，其中C=O、C-O-C可组合为 ，结合分子式、核磁共振氢谱判断；‎ 详解：(1)由A的质谱图，可知A 的相对分子质量为136，摩尔质量为‎136g/mol，故答案为：‎136g/mol；‎ ‎(2)A 的相对分子质量为136，则分子中N(C)==8，N(H)==8，则N(O)==2，则分子式为C8H8O2，故答案为：C8H8O2；‎ ‎(3)由红外光谱图知，A含有苯环，占6个C原子，还含有C=O、C-O-C、C-C、C-H，其中C=O、C-O-C可组合为 ，属于酯类，故答案为：酯类；‎ ‎(4)由A的核磁共振氢谱图知，A有4个峰，则A中有4种氢原子，结合分子式为C8H8O2，且其比例为1：2：2：3，又由于-CH3上氢原子数为3，所以只能有一个-CH3，故答案为：bc；‎ ‎(5)根据上述分析，分子中有4种氢原子，且其比例为1：2：2：3，结构中含有一个-CH3、一个苯环，且属于酯类，故A的结构简式为：，故答案为：。‎ ‎27. 卡托普利（E）是用于治疗各种原发性高血压的药物，合成路线如下：‎ ‎（1）A的系统命名_______，B中官能团的名称是_______，B→C的反应类型是________。‎ ‎（2）C→D转化的另一产物是HCl，则试剂X的分子式___________。‎ ‎（3）D在NaOH醇溶液中发生消去反应，经酸化后的产物Y有多种同分异构体，写出同时满足下列条件的物质Y的同分异构体的结构简式___________、___________。‎ a．红外光谱显示分子中含有苯环，苯环上有四个取代基且不含甲基 b．核磁共振氢谱显示分子内有6种不同环境的氢原子 c．能与FeCl3溶液发生显色反应 ‎（4）B在氢氧化钠溶液中的水解产物酸化后可以发生聚合反应，写出该反应的化学方程式____。‎ ‎【答案】 (1). 2-甲基丙烯酸 (2). 羧基、氯原子 (3). 取代反应 (4). C5H9NO2 (5). (6). (7). ‎ ‎【解析】（1）A→B发生加成反应，碳链骨架不变，则B消去可得到A，则A为，名称为2-甲基丙烯酸，B中含有-COOH、-Cl，名称分别为羧基、氯原子；由合成路线可知，B→C时B中的-OH被-Cl取代，发生取代反应；（2）由合成路线可知，C→D时C中的-Cl被其它基团取代，方程式为C+X→D+HCl，根据原子守恒，则X的分子式为：C5H9NO2；（3）根据流程中，由D的结构式，推出其化学式为C9H14NClO3，在NaOH醇溶液中发生消去反应，经酸化后的产物Y的化学式为：C9H13NO3，不饱和度为：(9×2+2−13+1)/2=4，则红外光谱显示分子中含有苯环，苯环上有四个取代基且不含甲基，则四个取代基不含不饱和度；核磁共振氢谱显示分子内有6种不同环境的氢原子；能与NaOH溶液以物质的量之比1：1完全反应，说明含有一个酚羟基；所以符合条件的同分异构体为：、；（4）根据B 的结构简式可知，B在氢氧化钠溶液中的水解产物酸化后得到，可发生缩聚反应，反应方程式为。‎ 点睛：本题考查有机物的合成，明确合成图中的反应条件及物质官能团的变化、碳链结构的变化是解答本题的关键，（3）中有机物推断是解答的难点，注意结合不饱和度分析解答。‎ ‎28. 化合物M是一种香料，可用如下路线合成：‎ 已知：①双键在链端的烯烃发生硼氢化-氧化反应，生成的醇羟基在链端：‎ ‎②‎ ‎③A、B发生同一反应类型有机物都只生成C ‎④核磁共振氢谱显示E分子中有两种氢原子，F为芳香族化合物。‎ 请回答下列问题：‎ ‎（1）原料C4H10的名称是 _______________（用系统命名法）；‎ ‎（2）写出反应A→C的反应试剂和条件：____________________；‎ ‎（3）F与新制Cu(OH)2反应的化学方程式 _______________________；‎ ‎（4）D +G →M反应的化学方程式_________________________；‎ ‎（5）写出N、M的结构简式 _________________、_________________；‎ ‎（6）写出与G具有相同官能团的G的所有芳香类同分异构体（不包括G本身）的结构简式：_____。‎ ‎【答案】 (1). 2-甲基丙烷 (2). 氢氧化钠的醇溶液，加热 (3). (4). CH3-CH（CH3）-CH2OH++H2O (5). (6). (7). ‎ ‎【解析】分析：由C→D发生的反应结合信息①可知，C中存在C=CH2结构，结合丁烷与氯气发生取代反应能够生成2种一氯取代物，且消去氯原子后生成相同的产物，则原料为CH3-CH(CH3)-CH3，A、B为CH3-CCl(CH3)-CH3或CH3-CH(CH3)-CH2Cl，A→C发生在NaOH/醇溶液中并加热的消去反应，C为CH3-C(CH3)=CH2，D为CH3-CH(CH3)-CH2OH；E分子中有两种氢原子，F为芳香族化合物，根据E和N的反应条件结合信息②可知，E、F均为醛，E为CH3CHO，由F的分子式可知，N为，F为，F→G发生氧化反应，G为，D与G发生酯化反应生成M，则M为，然后结合有机物的结构和性质来解答。‎ 详解：(1)原料C4H10为CH3-CH(CH3)-CH3，名称是2-甲基丙烷，故答案为：2-甲基丙烷；‎ ‎(2)A→C为卤代烃的消去反应，其反应条件氢氧化钠的醇溶液，加热，故答案为：氢氧化钠的醇溶液，加热；‎ ‎(3)F与新制Cu(OH)2反应的化学方程式为，故答案为：；‎ ‎(4)D为CH3-CH(CH3)-CH2OH，G为，二者发生酯化反应生成M()的化学反应方程式为CH3-CH(CH3)-CH2OH++H2O，故答案为：CH3-CH(CH3)-CH2OH++H2O；‎ ‎(5)根据上述分析，N为，M为，故答案为：；；‎ ‎(6)G为苯丙烯酸()，与G具有相同官能团的G的所有芳香类同分异构体有、、、，共有4种，故答案为：4；  或或或。‎ ‎ ‎