化学卷·2018届河南省南阳市第一中学高二上学期第三次月考化学试题(解析版)

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化学卷·2018届河南省南阳市第一中学高二上学期第三次月考化学试题(解析版)

www.ks5u.com 一、选择题 (本题包括16小题,毎小题3分,共48分,每小题只有一个正确答案)‎ ‎1.物质的量浓度相同的下列溶液中,符合按pH由小到大顺序排列的是 A.Na2CO3 NaHCO3 NaCl NH4Cl  B.Na2CO3 NaHCO3 NH4Cl NaCl ‎ C.(NH4)2SO4 NH4Cl NaNO3 Na2S  D.NH4Cl (NH4)2SO4 Na2S NaNO3‎ ‎【答案】C ‎【考点定位】考查溶液pH的大小比较方法应用 ‎【名师点晴】把握离子水解的应用及溶液酸碱性与pH的关系为解答的关键,先是根据溶液的酸碱性将溶液分为三部分:酸性的、碱性的、中性的,再利用弱离子的水解程度:越弱越水解来比较浓度相同的溶液的pH大小即可。‎ ‎2.一定温度下,奖一定质量的冰醋酸加水稀释过程中,溶液的导电能力变化如图所示,下列 说法正确的是 A.a、b、c三点溶液的pH:cc(Ba2+)>c(Na+)>c(H+)‎ D.常温下,在pH=3的CH3COOH溶液和PH=11的NaOH溶液中,水的电离程度相同 ‎【答案】B ‎【解析】‎ 试题分析:A.AL把0.1 mol/L的CH3COOH溶液与BL0.1mol/L的KOH溶液混合,所得溶液中一定存在电荷守恒,即c(K+)+c(H+)=c(CH3COO-)+c(OH-),故A正确;B.CH3COOH溶液加入少量CH3COONa晶体时,醋酸的电离平衡向逆反应方向移动,溶液的pH增加,故B错误;C.把0.1mol/L的NaHCO3溶液与0.3mol/L的Ba(OH)2溶液等体积混合,二者发生反应NaHCO3+Ba(OH)2=BaCO3↓+NaOH+H2O,溶液中的溶质是NaOH和Ba(OH)2,二者的物质的量浓度分别为0.05mol/L、0.1mol/L,根据物料守恒得,混合溶液中离子浓度大小顺序是c(OH-)>c(Ba2+‎ ‎)>c(Na+)>c(H+),故C正确;D.酸溶液中的氢氧根、碱溶液中的氢离子均全部来自于水的电离,在pH=3的CH3COOH溶液和pH=11的NaOH溶液中,水电离出的氢离子和氢氧根均为10-11mol/L,故水的电离程度相同,故D正确;答案为B。‎ 考点:考查弱电解质的电离、盐类的水解以及酸碱混合的定性判断和计算等。‎ ‎8.某温度下,向一定体积0.1mol/L醋酸溶液中逐滴加入等浓度的NaOH溶液,溶液中pOH(pOH = — 1gc(OH-)与pH的变化关系如图所示,则 A.M点所示溶液导电能力强于Q点 B.N 点所示溶液中 c(CH3COO-) > c(Na+)‎ C.M点和N点所示溶液中水的电离程度相同 D.Q点消耗NaOH溶液的体积等于醋酸溶液的体积 ‎【答案】C ‎【考点定位】考查酸碱中和的定性判断和计算,侧重于弱电解质的电离的考查。‎ ‎【名师点晴】注意弱电解质的电离特点,把握pOH的含义是解题关键;酸溶液中pOH越大,说明溶液中氢氧根离子浓度越小,溶液氢离子浓度越大,酸性越强,随着NaOH的加入,发生中和反应,溶液氢氧根离子的浓度逐渐增大,则溶液pOH逐渐减小,pH逐渐增大,结合弱电解质的电离解答该题。‎ ‎9.下列说法不正确的是 A.用稀盐酸洗涤AgCl沉淀比用水洗涤损耗AgCl小;‎ B.沉淀反应中常加过量的沉淀剂,其目的是使沉淀完全 C.对于Al(OH)3(s) Al(OH)3(aq) Al3++3OH-,前者为溶解平衡,后者为电离平衡 D.除去溶液中Mg2+,用OH-沉淀Mg2+比用CO32-效果好,Mg(OH)2的溶解度比MgCO3大 ‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ 试题分析:A.氯化银沉淀溶解平衡中存在溶度积常数,Ksp=,银离子浓度增大,平衡向沉淀方向进行;用稀盐酸洗涤AgCl沉淀比用水洗涤损耗AgCl小,故A正确;B.为使离子完全沉淀,加入过量的沉淀剂,能使离子沉淀完全;故B正确;C.氢氧化铝是难溶物质,存在沉淀溶解平衡和电离平衡;故C正确;D.Mg(OH)2的溶解度比MgCO3小;故D错误;答案为D。‎ 考点:考查沉淀溶解平衡的计算应用、平衡移动的影响因素、难溶物质的溶解度比较方法。‎ ‎10.在体积均为1L、pH均等于2的盐酸和醏酸溶液中,分别投入0.23 gNa,则图中比较符合反应事实的曲线是 ‎【答案】B ‎【考点定位】考查酸与金属的反应及图象分析 ‎【名师点晴】明确酸的强弱、pH与浓度的关系、图象中纵横坐标的含义是解答本题的关键,pH均等于2的盐酸和醋酸溶液,开始氢离子浓度相同,pH相同,但醋酸为弱酸,则醋酸的浓度大于盐酸的浓度,与等量的Na反应时,醋酸生反应速率大,以此来解答。‎ ‎11.某温度时,卤化银(AgX,X=Cl,Br,I)的3条溶解平衡曲线如图所示,AgCl,AgBr,AgI的Ksp依次减小。己知pAg=一1gc (Ag+),pX=一1gc (X -),利用 pX—pAg的坐标系可表示出AgX的溶度积与溶液中的c (Ag+)和c (X-)的相互关系。下列说法错误的是 A.e点表示由过量的KI与AgNO3反应产生AgI沉淀 B.A线是AgCl的溶解平衡曲线,C线是AgI的溶解平衡曲线 C.d点是在水中加入足量的AgBr形成的饱和溶液 D.坐标点(8, 4)形成的溶液事AgCl的不饱和浓液 ‎【答案】A ‎【解析】‎ 试题分析:A.因为e点在曲线上,即处于沉淀-溶解平衡状态,不存在净生成沉淀或有部分沉淀溶解的问题,表示的是碘化银沉淀的溶解沉淀平衡状态,故A错误;B.已知pAg=-lgc(Ag+),pX=-lgc(X-),银离子、氯离子浓度越大,浓度的负对数得到数值越小,依据图象分析可知,氯化银溶解度大于溴化银大于碘化银,溶液中的离子浓度也是氯化银溶解度大于溴化银大于碘化银,所以A线表示俄是AgCl,B线表示的是AgBr,C线表示的是AgI,故B正确;C.点是沉淀溶解平衡线上的一点,说明是沉淀溶解平衡状态下的饱和溶液,故C正确;D.坐标点(8,4),与平衡线相比较,c(Cl-)较小,是AgCl的不饱和溶液,故D正确;故选A。‎ 考点:考查难溶电解质的溶解平衡图象。‎ ‎12.常温下,向20mL0.2mol/LH2A溶液中滴加0.2mol/LNaOH溶液。有关微粒的物质的量变化如下图(其中Ⅰ代表H2A,Ⅱ代表HA-,Ⅲ代表A2-),根据图示判断,下列说法正确的是 A.H2A在水中的电离方程式是:: H2A=H++HA-;HA-=H++A2-‎ B.当V(NaOH)=20mL时,溶液中各粒子浓度的大小顺序为:c(Na+)>c(HA-)>c(H+)> c(A2-)>c(OH-)‎ C.等体积等浓度的NaOH溶液与H2A溶液混合后,其溶液中水的电离程度比纯水的大、‎ D.当 V(NaOH)=30mL 时,溶液中存在以下关系:2c(H+)+c(HA-)+2c(H2A)=c(A2-)+2c(OH-)‎ ‎【答案】B 考点:考查酸碱混合溶液定性判断。‎ ‎13.25℃时,有c(CH3COO-)+c(CH3COO-)=0.1mol/L的一组醋酸、醋酸钠混合溶液,溶液中c(CH3COOH)、c(CH3COO-)与pH的关系如图所示。下列有关溶液中离子浓度关系的叙述不正确的是 A.pH=5.5的溶液中:c(CH3COOH)>c(CH3COO-)>c(H+)>c(OH-) ‎ B.W点所表示的溶液中:c(Na+)+c(H+)=c(CH3COOH)+c(OH-) ‎ C.pH=3.5的溶液中:c(Na+)+c(H+)-c(OH-)+c(CH3COOH)=0.1mol·L-1 ‎ D.25℃时,醋酸的电离常数Ka=1×10-4.75‎ ‎【答案】A 考点:考查离子浓度大小判断及电离平衡常数的计算。‎ ‎14.A、B、C、D四种无色溶液,它们分别是CH3COONa溶液、NH4C1溶液、NaHSO4溶液和BaCl2溶液中的一种,己知A、B溶液的pH相同,A、C溶液混合后溶液变浑浊。下列说法正确的是 A.D溶液的pH<7 B.C溶液中的溶质溶于水促进了水的电离 C.溶液A滴入到碳酸氢钠溶液中产生气体 D.溶液B进行焰色反应呈黄色 ‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ 试题分析:有A、B、C、D四种无色溶液,它们分别是CH3COONa溶液、NH4Cl溶液、NaHSO4溶液和BaCl2‎ 溶液的一种:醋酸钠溶液显示碱性、氯化铵显示酸性、硫酸氢钠显示酸性、氯化钡显示中性,由A、B溶液的pH相同,可知A、B为NH4Cl溶液、NaHSO4溶液;A、C混合溶液变浑浊,四种物质中能够生成沉淀的是NaHSO4溶液和BaCl2溶液,根据以上分析可知A为NaHSO4溶液,B为NH4Cl溶液,C为BaCl2溶液,剩下的D为CH3COONa溶液;A、D为醋酸钠溶液,醋酸根离子水解,溶液显示碱性,pH>7,故A错误;B、C为氯化钡溶液,氯化钡电离的氯离子和钡离子都不水解,所以氯化钡不影响水的电离,故B错误;C、A为NaHSO4溶液,硫酸氢钠滴入到碳酸氢钠溶液中产生二氧化碳气体,故C正确;D、B为氯化铵,焰色反应显示黄色的为硫酸氢钠,故D错误;故选C。‎ ‎【考点定位】考查未知物的检验,涉及离子反应、弱电解质的电离平衡、盐类水解等。‎ ‎【名师点晴】试题有利于培养学生的逻辑思维能力和发散思维能力,提高学生的应试能力和学习效率,该类试题需要注意的是进行物质的检验时,要依据物质的特殊性质和特征反应,准确观察反应中的明显现象,如颜色的变化、沉淀的生成和溶解、气体的产生和气味、火焰的颜色等,进行判断、推理、验证即可。‎ ‎15.下列离子方程式书写正确的是 A.FeI2溶液中通入过量Cl2:2Fe2++2I-+2Cl2=2Fe3++I2+4Cl-‎ B.己知电离平衡常数:H2CO3>HClO>HCO3-,向NaClO溶液中通入少量二氧化碳: 2C1O-+ CO2+ H2O=2HClO +CO32-‎ C.AlCl3溶液中加入过量氨水:Al3++4NH3·H2O=-+2H2O+4NH4+‎ D.等体积等浓度的Ba (OH) 2稀溶液与NH4HCO3稀溶液混合:‎ Ba2++ 2OH-+ NH4++ HCO3-= BaCO3↓+ NH3·H2O+ H2O ‎【答案】D 考点:考查离子方程正误判断 ‎ ‎16.在下列条件下,能大量共存的微粒组是 化学式 HClO H2CO3‎ 电离常数(25℃)‎ K1=3.0×10-8‎ K1=4.3×10-7‎ K2=5.6×10-11‎ A.c(H+)=1×10-14mol/L的溶液:K+、Na+、AlO2-、S2O32-‎ B.上表提供的数据下:HClO 、HCO3-、ClO-、CO32-‎ C.能与Al反应生成H2的溶液:NH4+、Ca2+、NO3-、I-‎ D.中性的溶液中:CO32-、Na+、SO42-、AlO2-‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ 试题分析:A.c(H+)=1×10-14mol/L的溶液,显碱性,该组离子之间不反应,可大量共存,故A正确;B.由表中的数据可知,酸性HClO>CO32-,二者发生强酸制取弱酸的反应,不能共存,故B错误;C.与Al反应生成H2的溶液,为非氧化性酸或强碱溶液,碱溶液中不能存在NH4+,酸溶液中NO3-、I-(或Al)发生氧化还原反应,不能共存,故C错误;D.CO32-、AlO2-均水解显碱性,与中性溶液不符,故D错误;故选A。‎ ‎【考点定位】考查离子的共存 ‎【名师点晴】把握习题中的信息及常见离子之间的反应为解答的关键,注意明确离子不能大量共存的一般情况:能发生复分解反应的离子之间; 能发生氧化还原反应的离子之间等;解决离子共存问题时还应该注意题目所隐含的条件,如:溶液的酸碱性,据此来判断溶液中是否有大量的 H+或OH-;溶液的颜色,如无色时可排除 Cu2+、Fe2+、Fe3+、MnO4-等有色离子的存在;溶液的具体反应条件,如“氧化还原反应”、“加入铝粉产生氢气”等,选项BD为解答的关键,注意选项B中表格数据的应用。‎ 第II卷(非选择题)‎ ‎17.(共8分) pC类似pH,是指极稀溶液中溶质物质的量浓度的常用对数负值。如溶液溶质的浓度为:1×10-3mol/L,则该溶液中溶质的pC=-lg(1×10-3)=3。已知H2CO3溶液中存在的化学平衡为:CO2+H2OH2CO3H+ +HCO3--2H++CO32-。下图为H2CO3溶液的pC-pH图。请回答下列问题:‎ ‎(1)在pH=0~4时,H2CO3溶液中主要存在的离子为:__________;在pH=12时,H2CO3溶液中主要存在的含碳阴离子为:______________;‎ ‎(2)pH<5时,溶液中H2CO3的pC总小于3的原因是_______________________。‎ ‎(3)一定浓度的NaHCO3和Na2CO3混合溶液是一种“缓冲溶液”,在这种溶液中加入少量的强酸或强碱,溶液的pH变化不大,其原因是______________________。‎ ‎【答案】(1)H+和HCO3- CO32-和HCO3-‎ ‎(2)CO2本身在水中的溶解度小,加之酸性增强(或H+浓度增大),上述电离平衡向左移动,放出CO2‎ ‎(3)在该溶液中加入少量的酸,H+与CO32-结合生成HCO3-(或使平衡:HCO3-H++CO32-发生移动)‎ ‎ (3)“缓冲溶液”中加入少量的强酸或强碱,溶液的pH变化都不大,加入强酸时氢离子与碳酸根离子反应,离子方程式为:CO32-+H+=HCO3-,加入碱时与碳酸氢根离子反应,该离子反应为HCO3-+OH-=H2O+CO32-, 故答案为:CO32-+H+=HCO3-;氢氧根离子能够与碳酸氢根离子中和生成碳酸根离子和水,HCO3-+OH-=H2O+CO32-,使溶液pH基本不变 考点:考查弱电解质在溶液中的电离平衡。‎ ‎18.(共12分)某学生用0.1mol·L-1的标准NaOH溶液滴定未知浓度的盐酸,取20.00mL待测稀盐酸溶液放入锥形瓶中,并滴加2-3滴酚酞作指示剂。重复上述滴定操作2~3次,记录数据如下。‎ ‎(1)在上述实验中,下列操作(其他操作正确)会造成测定结果偏高的有________。‎ A.滴定前平视读数,终点读数时仰视读数 B.锥形瓶水洗后未用待测盐酸润洗 C.酸式滴定管使用前,水洗后未用待测盐酸溶液润洗 D.标准液漏滴在锥形瓶外一滴 E.滴定前仰视读数,终点滴定后俯视读数 F.碱式滴定管尖嘴部分有气泡,滴定后消失 ‎(2)若在达到滴定终点时,不憤多加了一滴NaOH溶液(―滴溶液体积约为0.05mL)继续加水到50mL,所得溶液的pH为_____________。 ‎ ‎(3)若用该NaOH溶液滴定未知浓度的CH3COOH溶液,反应恰好完全时,下列叙述中正确的是____________。‎ A.溶液呈中性,可选用甲基橙或酚酞作指示剂 B.溶液呈中性,只能选用石蕊作指示剂 C.溶液显碱性,可选用甲基橙或酚酞作指示剂 D.溶液呈碱性,只能选用酚酞作指示剂 ‎(4)氧化还原滴定——取草酸溶液置于锥形瓶中,加入适量稀硫酸,用浓度为0.1mol/L 的 高锰酸钾溶液滴定,发生的反应为:2KMnO4+5H2C2O4+3H2SO4=K2SO4+10CO2↑+2MnSO4+8H2O。表格中记录了实验数据:‎ 滴定次数 待测液体积 ‎(mL)‎ 标准KMnO4溶液体积(mL)‎ 滴定前读数 滴定后读数 第一次 ‎25.00‎ ‎0.50‎ ‎23.40‎ 第二次 ‎25.00‎ ‎4.00‎ ‎23.90‎ 第三次 ‎25.00‎ ‎5.00‎ ‎25.10‎ ‎①滴定时,滴定终点时滴定现象是____________________。‎ ‎②该草酸溶液的物质的量浓度为_______________________。‎ ‎【答案】(1)ADF (2)10 (3) D ‎(4)①锥形瓶中溶液由无色变为紫红色,且半分钟内不褪色; ②0.2 mol/L ‎(2)不慎多加了一滴NaOH溶液(―滴溶液体积约为0.05mL)继续加水到50mL,此时溶液显碱性,c(OH-)=0.05×10-3L×0.1mol·L-1÷(50×10-3)=1×10-4mol/L,此时溶液的pH=10;‎ ‎(3)实验室现有3种指示剂,其pH变色范围如下:甲基橙:3.1~4.4; 石蕊:5.0~8.0;‎ ‎ 酚酞:8.2~10.0;A.NaOH溶液滴和CH3COOH溶液反应恰好完全时,生成了CH3COONa,CH3COONa水解溶液呈碱性,应选择碱性范围内变色的指示剂,即酚酞,故A错误;B.NaOH溶液滴和CH3COOH溶液反应恰好完全时,生成了CH3COONa,CH3COONa水解溶液呈碱性,应选择碱性范围内变色的指示剂,即酚酞,故B错误;C.NaOH溶液滴和CH3COOH溶液反应恰好完全时,生成了CH3COONa,CH3COONa水解溶液呈碱性,应选择碱性范围内变色的指示剂,即酚酞,故C错误;D.NaOH溶液滴和CH3COOH溶液反应恰好完全时,生成了CH3COONa,CH3COONa水解溶液呈碱性,应选择碱性范围内变色的指示剂,即酚酞,故D正确;故选D。‎ ‎(4)滴定结束前混合液为无色,滴定结束时混合液变成了紫红色,所以滴定终点现象为:锥形瓶中溶液由无色变为紫红色,且半分钟内不褪色; ②三次滴定消耗标准液体积分别为:22.90mL,19.90mL,20.10mL,第一次滴定的数据误差大舍去,消耗标准液的平均体积为:(19.90mL+20.10mL)÷2=20.00mL,高锰酸钾的物质的量为0.1mol•L-1×0.020L=0.002mol,根据反应2KMnO4+5H2C2O4+3H2SO4=K2SO4+10CO2↑+2MnSO4+8H2O可知,n(H2C2O4)=5/2×n(KMnO4)=0.005mol,待测液草酸的物质的量浓度c(H2C2O4)=0.005mol÷0.025L=0.2 mol•L-1。‎ 考点:考查酸碱中和滴定操作、误差分析、指示剂的选择及计算等。‎ 考查中和滴定操作,涉及中和滴定、氧化还原滴定、沉淀滴定。‎ ‎19.(共12分)某无色溶液X,含有K+、Ba2+、Al3+、Fe3+、AlO2-、CO32-、SO42-中,的若干种离子,现做如下实验:‎ ‎(1)分别写出形成白色沉淀甲和气体B的离子方程式______、______; (2)通过上述实验,可确定X溶液中一定存在的离子是______;一定不存在的离子是________;可能存在的离子是______,请设计实验验证该离子是否存在_________________________;‎ ‎【答案】(1)Al3+ + 3HCO3-=Al(OH)3↓ + 3CO2↑;NH4++OH-NH3↑+ H2O ‎(2)K+、AlO2-、CO32-;Ba2+、Al3+、Fe3+; SO42-; 向所得沉淀乙中滴加足量的稀硝酸,若沉淀不完全溶解,则证明含有SO42-‎ ‎(2)由以上分析可知,X溶液中一定存在的离子是CO32-、AlO2-、Na+,一定不存在的离子是Ba2+、Al3+、Fe3+,因最后加入过量氢氧化钡溶液,因之前加入的碳酸氢铵过量,则生成的白色沉淀可能为BaCO3,不能确定SO42-是否存在,可向所得沉淀乙中滴加足量的稀硝酸,若沉淀不完全溶解,则证明含有SO42-。‎ ‎【考点定位】考查无机物的推断 ‎【名师点晴】把握物质的性质、常见离子之间反应与现象推断物质为解答的关键,溶液呈无色,则不含Fe3+,加入过量盐酸只产生气体,则一定含有CO32-,不含Ag+,反应后溶液呈酸性,加入过量碳酸氢铵溶液,生成气体和白色沉淀,则发生反应应为:Al3++3HCO3-═Al(OH)3↓+3CO2↑,则原溶液中含有AlO2-,则一定不含Ba2+、Al3+、Fe3+,因这些离子与AlO2-发生相互促进的水解而不能大量共存,根据溶液电中性原则,一定含有Na+,最后加入过量氢氧化钡溶液,因之前加入的碳酸氢铵过量,则生成的白色沉淀可能为BaCO3,不能确定是否存在SO42-,以此解答。‎ ‎20.(共8分)常温下,如果取0.1 mol·L-1HA溶液与0.1mol·L-1NaOH溶液等体积混合(忽略混合后溶液体积的变化),测得混合溶液的PH=8,试问答以下问题:‎ ‎(1)混合溶液的pH=8的原因______________________(用离子方程式表示);‎ ‎(2)求出混合溶液中下列算式的精确计算结果(填具体数字):c(Na+)-c(A-)=______mol·L-1‎ ‎(3)己知NH4A溶液为中性,又知HA溶液加到Na2CO3溶液中有气体放出,试推断 (NH4)2CO3溶液的pH__7(填“>”、“<”、或‘‘=”);将同温度下等浓度的四种盐溶液:‎ A.NH4HCO3 B.NH4A C.(NH4)2SO4 D.NH4Cl ‎ 按pH由大到小的顺序排列是____________________ (填序号)。‎ ‎【答案】(共8分 )(1)A-+H2OHA+OH- (2)9.9×10-7 (3) > A>B>D>C 考点:考查盐溶液呈酸碱性的原因、溶液酸碱性的判断、离子浓度大小的比较等。‎ ‎21.(共12分)工业上制取纯净的CuCl2·2H2O的主一要过程是:①将粗氧化铜(含少量Fe)溶 解于稀盐酸中,加热、过滤,调节滤液的pH为3.5;②对①所得滤液按下列步骤进行操作:‎ ‎(1) 加入合适氧化剂X,下列物质可采用的是______________。‎ A.KMnO4 B.H2O2 C.Cl2水 D.HNO3‎ 然后再加入Y物质调整至溶液pH=3.5,使Fe3+转化为Fe(OH)3,可以达到除去Fe3+而不损失CuCl2的目的,生产中Y 可选:____________________。‎ A.NaOH B.NH3-H2O C.CuO D.Cu(OH)2‎ ‎(2)甲同学怀疑调整至溶液pH=3.5是否能达到除去Fe3+而不损失Cu2+的目的,乙同学认为可以通过计算确定,他査阅有关资料得到如下数据,常温下Fe(OH)3的溶度积 Ksp=8.0×10-38, Cu(OH)2的溶度积Ksp=3.0×10-20, 通常认为残留在溶液中的离子浓度小于1×10-5 mol·L-1时就认为沉淀完全,设溶液中CuCl2的浓度为3.0 mol·L-1,则Cu(OH)2开始沉淀时溶液的pH为_______, Fe3+完全沉淀时溶液的pH为______,通过计算确定上述方案_______(填“可行”或“不可行”)。‎ ‎(3)溶液乙在蒸发结晶时应注意__________________________________。 ‎ ‎【答案】(1)B C C D (2)4 3.3 可行 ‎ ‎(3)通入HCl气体(或加入盐酸),并不断搅拌且不能蒸干 ‎(2)Cu(OH)2的溶度积Ksp=3.0×10-20,溶液中CuSO4的浓度为3.0mol•L-1,c(Cu2+)=3.0mol•L-1;由溶度积常数c(Cu2+)×c2(OH-)=3.0×10-20;c2(OH-)==10-20,解得c(OH-)=10-10mol/L,由水溶液中的离子积c(H+)×c(OH-)=10-14,可知c(H+)=10-4mol/L,溶液pH=4,则Cu(OH)2开始沉淀时溶液的pH为4;残留在溶液中的离子浓度小于1×10-5 mol•L-1时就认为沉淀完全,Fe(OH)3的溶度积Ksp=8.0×10-38,c(Fe3+)×c3(OH-)=8.0×10-38;c3(OH-)==8.0×10-33,解得c(OH-)=2×10-11mol/L,由水溶液中的离子积c(H+)×c(OH-)=10-14可知c(H+)=5×10-4mol/L,则pH=3.3,即通过计算可知pH=3.5能达到除去Fe3+而不损失Cu2+的目的,则方案可行;‎ ‎(3)氯化铜水溶液蒸发浓缩,需要在氯化氢气流中蒸发,抑制水解反应进行,析出得到氯化铜晶体。‎ ‎【考点定位】考查物质制备实验方案的设计、物质的分离与提纯方法综合应用 ‎【名师点晴】明确制备流程及反应原理为解答关键,需要注意除杂不能引入新的杂质,①的滤液中含有亚铁离子、铜离子、氯离子,加入氧化剂将亚铁离子氧化成铁离子,然后加入Y调节溶液的pH,将铁离子转化成氢氧化铁沉淀除去,得到的溶液乙为氯化铜溶液,然后在持续通入HCl气体并不断搅拌条件下蒸发溶液乙获得氯化铜晶体,据此分析解题。 ‎
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