高考数学一轮复习练案61高考大题规范解答系列五-解析几何含解析

高考数学一轮复习练案61高考大题规范解答系列五-解析几何含解析

‎ [练案61]高考大题规范解答系列(五)——解析几何 ‎1．(2018·天津高考)设椭圆＋＝1(a>b>0)的左焦点为F，上顶点为B，已知椭圆的离心率为，点A的坐标为(b,0)，且|FB|·|AB|＝6.‎ ‎(1)求椭圆的方程；‎ ‎(2)设直线l：y＝kx(k>0)与椭圆在第一象限的交点为P，且l与直线AB交于点Q.若＝sin∠AOQ(O为原点)，求k的值．‎ ‎[解析]　(1)设椭圆的焦距为‎2c，由已知有＝，‎ 又由a2＝b2＋c2，可得‎2a＝3b.‎ 由已知可得，|FB|＝a，|AB|＝b，‎ 由|FB|·|AB|＝6，可得ab＝6，从而a＝3，b＝2.‎ 所以，椭圆的方程为＋＝1.‎ ‎(2)设点P的坐标为(x1，y1)，点Q的坐标为(x2，y2)．‎ 由已知有y1>y2>0，故|PQ|sin∠AOQ＝y1－y2.‎ 又因为|AQ|＝，而∠OAB＝，‎ 故|AQ|＝y2.‎ 由＝sin∠AOQ，可得5y1＝9y2.‎ 由方程组消去x，可得y1＝.‎ 易知直线AB的方程为x＋y－2＝0，‎ 由方程组消去x，可得y2＝.‎ 由5y1＝9y2，可得5(k＋1)＝3，两边平方，整理得56k2－50k＋11＝0，‎ 解得k＝，或k＝.‎ 所以，k的值为或.‎ ‎2．(2019·全国Ⅰ)已知抛物线C：y2＝3x的焦点为F，斜率为的直线l与C的交点为A，B，与x轴的交点为P.‎ ‎(1)若|AF|＋|BF|＝4，求l的方程；‎ - 8 -‎ ‎(2)若＝3，求|AB|.‎ ‎[解析]　设直线l：y＝x＋t，A(x1，y1)，B(x2，y2)．‎ ‎(1)由题设得F(，0)，故|AF|＋|BF|＝x1＋x2＋，‎ 由题设可得x1＋x2＝.‎ 由可得9x2＋12(t－1)x＋4t2＝0，‎ 则x1＋x2＝－.‎ 从而－＝，得t＝－.‎ 所以l的方程为y＝x－.‎ ‎(2)由＝3可得y1＝－3y2.‎ 由可得y2－2y＋2t＝0.‎ 所以y1＋y2＝2.从而－3y2＋y2＝2，故y2＝－1，y1＝3.‎ 代入C的方程得x1＝3，x2＝.‎ 故|AB|＝＝.‎ ‎3．(2019·湖南联考，20)已知椭圆C：＋＝1(a>b>0)的一个焦点与上、下顶点两两相连构成直角三角形，以椭圆C的长轴长为直径的圆与直线x＋y－2＝0相切．‎ ‎(1)求椭圆C的标准方程；‎ ‎(2)设过椭圆右焦点且不重合于x轴的动直线与椭圆C相交于A、B两点，探究在x轴上是否存在定点E，使得·的定值为－？‎ ‎[解析]　(1)由题意知，解得 则椭圆C的标准方程为＋y2＝1.‎ ‎(2)当直线的斜率存在时，设直线方程为y＝k(x－1)(k≠0)，A(xA，yA)，B(xB，yB)，‎ 联立得(1＋2k2)x2－4k2x＋2k2－2＝0，‎ Δ＝8k2＋8>0.‎ ‎∴xA＋xB＝，xAxB＝.‎ 假设在x轴上存在定点E(x0,0)，使得·为定值．‎ - 8 -‎ 则·＝(xA－x0，yA)·(xB－x0，yB)＝xAxB－x0(xA＋xB)＋x＋yAyB＝xAxB－x0(xA＋xB)＋x＋k2(xA－1)(xB－1)‎ ‎＝(1＋k2)xAxB－(x0＋k2)(xA＋xB)＋x＋k2‎ ‎＝.‎ ‎∵·为定值，∴·的值与k无关，‎ ‎∴2x－4x0＋1＝2(x－2)，‎ 解得x0＝，此时·＝－为定值，定点为(，0)，‎ 当直线的斜率不存在时，也满足·＝－为定值，且定点为(，0)．综上，存在点E(，0)，使得·为定值，且定值为－.‎ ‎4．(2019·陕西模拟)已知动圆过定点A(4,0)，且在y轴上截得弦MN的长为8.‎ ‎(1)求动圆圆心的轨迹C的方程；‎ ‎(2)已知点B(－1,0)，设不垂直于x轴的直线l与轨迹C交于不同的两点P，Q，若x轴是∠PBQ的角平分线，证明直线l过定点．‎ ‎[解析]　(1)如图，设动圆圆心O1(x，y)，‎ 由题意，|O‎1A|＝|O‎1M|.‎ 当O1不在y轴上时，‎ 过O1作O1H⊥MN交MN于H，则H是MN的中点，‎ ‎∴|O‎1M|＝，又|O‎1A|＝，‎ ‎∴＝，化简得y2＝8x(x≠0)．‎ 又当O1在y轴上时，O1与O重合，点O1的坐标(0,0)也满足方程y2＝8x，‎ ‎∴动圆圆心的轨迹C的方程为y2＝8x.‎ ‎(2)由题意，设直线l的方程为y＝kx＋b(b≠0)，‎ - 8 -‎ P(x1，y1)，Q(x2，y2)，‎ 将y＝kx＋b代入y2＝8x中，‎ 得k2x2＋(2bk－8)x＋b2＝0.‎ 其中Δ＝－32kb＋64>0.‎ 由韦达公式，得x1＋x2＝，①‎ x1x2＝.②‎ 因为x轴是∠PBQ的角平分线，‎ 所以＝－，‎ 即y1(x2＋1)＋y2(x1＋1)＝0，‎ ‎(kx1＋b)(x2＋1)＋(kx2＋b)(x1＋1)＝0，‎ ‎2kx1x2＋(b＋k)(x1＋x2)＋2b＝0，③‎ 将①，②代入③得，2kb2＋(k＋b)(8－2bk)＋2k2b＝0.‎ ‎∴k＝－b，此时Δ>0.‎ ‎∴直线l的方程为y＝k(x－1)，即直线l过定点(1,0)．‎ ‎5．(2019·湖南省湘潭市模拟)已知点F(，0)是椭圆C：＋＝1(a>b>0)的一个焦点，点M(，)在椭圆C上．‎ ‎(1)求椭圆C的方程；‎ ‎(2)若直线l与椭圆C交于不同的A，B两点，且kOA＋kOB＝－(O为坐标原点)，求直线l斜率的取值范围．‎ ‎[解析]　(1)解法一：由题可知，椭圆的另一个焦点为(－，0)，‎ 所以点M到两焦点的距离之和为 ＋＝4.‎ 所以a＝2.‎ 又因为c＝，所以b＝1，‎ 则椭圆C的方程为＋y2＝1.‎ 解法二：由题意知，解得，‎ ‎∴椭圆C的方程为＋y2＝1.‎ ‎(2)当直线l的斜率不存在时，结合椭圆的对称性可知，kOA＋kOB＝0，不符合题意．‎ - 8 -‎ 故设l直线的方程为y＝kx＋m，A(x1，y1)，B(x2，y2)，‎ 联立，可得(4k2＋1)x2＋8kmx＋4(m2－1)＝0.∴Δ＝64k‎2m2‎－16(m2－1)(4k2＋1)＝16(4k2－m2＋1)>0，‎ 且 而kOA＋kOB＝＋＝＝2k＋＝2k＋＝，‎ 由kOA＋kOB＝－，可得m2＝4k＋1.‎ 所以k≥－，又因为16(4k2－m2＋1)>0，‎ 所以4k2－4k>0.‎ 综上，k∈[－，0)∪(1，＋∞)．‎ ‎6．(2019·北京卷)已知抛物线C：x2＝－2py经过点(2，－1)．‎ ‎(1)求抛物线C的方程及其准线方程；‎ ‎(2)设O为原点，过抛物线C的焦点作斜率不为0的直线l交抛物线C于两点M，N，直线y＝－1分别交直线OM，ON于点A和点B.求证：以AB为直径的圆经过y轴上的两个定点．‎ ‎[解析]　(1)由抛物线C：x2＝－2py经过点(2，－1)，‎ 得p＝2.‎ 所以抛物线C的方程为x2＝－4y，其准线方程为y＝1.‎ ‎(2)抛物线C的焦点为F(0，－1)．‎ 设直线l的方程为y＝kx－1(k≠0)．‎ 由得x2＋4kx－4＝0.显然Δ＝16k2＋16>0.‎ 设M(x1，y1)，N(x2，y2)，则x1x2＝－4.‎ 直线OM的方程为y＝x.‎ 令y＝－1，得点A的横坐标xA＝－.‎ 同理得点B的横坐标xB＝－.‎ 设点D(0，n)，‎ 则＝(－，－1－n)，＝(－，－1－n)，‎ ·＝＋(n＋1)2＝＋(n＋1)2‎ - 8 -‎ ‎＝＋(n＋1)2＝－4＋(n＋1)2.‎ 令·＝0，即－4＋(n＋1)2＝0，‎ 得n＝1或n＝－3.‎ 综上，以AB为直径的圆经过y轴上的定点(0,1)和(0，－3)．‎ ‎7．(2020·山西大学附中诊断)已知椭圆C：＋＝1(a>b>0)的左，右焦点分别为F1，F2，离心率为，P是椭圆C上的一个动点，且△PF‎1F2面积的最大值为.‎ ‎(1)求椭圆C的方程；‎ ‎(2)设斜率存在的直线PF2与椭圆C的另一个交点为Q，是否存在点T(0，t)，使得|TP|＝|TQ|？若存在，求出t的取值范围；若不存在，请说明理由．‎ ‎[解析]　(1)∵椭圆离心率为，当P为C的上顶点时，△PF‎1F2的面积有最大值.‎ ‎∴∴a＝2，b＝，c＝1.‎ 故椭圆C的方程为：＋＝1.‎ ‎(2)设直线PQ的方程为y＝k(x－1)，‎ 当k≠0时，y＝k(x－1)代入＋＝1，‎ 得：(3＋4k2)x2－8k2x＋4k2－12＝0；‎ 设P(x1，y1)，Q(x2，y1)，线段PQ的中点为N(x0，y0)，‎ x0＝＝，y0＝＝k(x0－1)＝，‎ 即N(，)，‎ ‎∵|TP|＝|TQ|，∴直线TN为线段PQ的垂直平分线；‎ ‎∴TN⊥PQ，则kTN·kPQ＝－1.‎ 所以·k＝－1，⇒t＝＝，‎ 当k>0时，因为4k＋≥4(当k＝时取等号)，‎ ‎∴t∈(0，]．‎ 当k<0时，因为4k＋≤－4(当k＝－时取等号)，‎ - 8 -‎ ‎∴t∈[－，0)．‎ 当k＝0时，t＝0符合题意．‎ 综上，t的取值范围为[－，]．‎ ‎8．(2019·广东省期末联考)已知椭圆C：＋＝1(a>b>0)的离心率为，点M(，)在椭圆C上．‎ ‎(1)求椭圆C的标准方程；‎ ‎(2)若不过原点的直线l与椭圆C交于A，B两点，与直线OM交于点N，并且点N是线段AB的中点，求△OAB面积的最大值．‎ ‎[解析]　(1)由椭圆C：＋＝1(a>b>0)的离心率为，‎ 点M(，)在椭圆上得，‎ 解得.‎ 所以椭圆C的方程为＋＝1.‎ ‎(2)易得直线OM的方程为y＝x.‎ 当直线l的斜率不存在时，AB的中点不在直线y＝x上，故直线l的斜率存在．‎ 设直线l的方程为y＝kx＋m(m≠0)，与＋＝1联立消y得(3＋4k2)x2＋8kmx＋‎4m2‎－12＝0，‎ 所以Δ＝64k‎2m2‎－4(3＋4k2)(‎4m－12)＝48(3＋4k2－m2)>0.‎ 设A(x1，y1)，B(x2，y2)，则x1＋x2＝－，‎ x1x2＝，‎ 由y1＋y2＝k(x1＋x2)＋‎2m＝，所以AB的中点N(－，)，‎ 因为N在直线y＝x上，所以－＝2×，‎ 解得k＝－.‎ 所以Δ＝48(12－m2)>0得－2

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