2021版高考数学一轮复习第八章立体几何初步8-3空间中的平行关系练习新人教B版

2021版高考数学一轮复习第八章立体几何初步8-3空间中的平行关系练习新人教B版

‎8.3 空间中的平行关系 核心考点·精准研析 考点一　直线、平面平行的基本问题 ‎ ‎1.如图,P为平行四边形ABCD所在平面外一点,Q为PA的中点,O为AC与BD的交点,下面说法错误的是 (　　)‎ A.OQ∥平面PCD B.PC∥平面BDQ C.AQ∥平面PCD D.CD∥平面PAB ‎2.已知a,b表示直线,α,β,γ表示平面,则下列推理正确的是 (　　)‎ A.α∩β=a,b⊂α⇒a∥b B.α∩β=a,a∥b⇒b∥α且b∥β C.a∥β,b∥β,a⊂α,b⊂α⇒α∥β D.α∥β,α∩γ=a,β∩γ=b⇒a∥b ‎3.如图是正方体的平面展开图.关于这个正方体,有以下判断:‎ ‎①EC⊥平面AFN;‎ ‎②CN∥平面AFB;‎ ‎③BM∥DE;‎ ‎④平面BDE∥平面NCF.其中正确判断的序号是 (　　)‎ A.①③ B.②③ C.①②④ D.②③④‎ ‎4.如图是长方体被一平面所截得的几何体,四边形EFGH为截面,则四边形EFGH的形状为________.  ‎ 11‎ ‎【解析】1.选C.因为O为平行四边形ABCD对角线的交点,所以AO=OC,又Q为PA的中点,所以QO∥PC.由线面平行的判定定理,可知A、B正确,又四边形ABCD为平行四边形,所以AB∥CD,故CD∥平面PAB,故D正确.‎ ‎2.选D.选项A中,α∩β=a,b⊂α,则a,b可能平行也可能相交,故A不正确;‎ 选项B中,α∩β=a,a∥b,则可能b∥α且b∥β,也可能b在平面α或β内,故B不正确;‎ 选项C中,a∥β,b∥β,a⊂α,b⊂α,根据面面平行的判定定理,再加上条件a∩b=A,才能得出α∥β,故C不正确;　‎ 选项D为面面平行性质定理的符号语言.‎ ‎3.选C.由已知中正方体的平面展开图,得到正方体的直观图如图所示:‎ 由⇒FN⊥平面EMC,故FN⊥EC;同理AF⊥EC,故EC⊥平面AFN,故①正确;由CN∥BE,则CN∥平面AFB,故②正确;由图可知BM∥DE显然错误,故③不正确;由BD∥NF得BD∥平面NCF,DE∥CF得DE∥平面NCF,由面面平行判定定理可知平面BDE∥平面NCF,故④正确.‎ ‎4.因为平面ABFE∥平面CDHG,‎ 又平面EFGH∩平面ABFE=EF,‎ 平面EFGH∩平面CDHG=HG,‎ 所以EF∥HG.同理EH∥FG,所以四边形EFGH是平行四边形.‎ 答案:平行四边形 ‎　直线、平面间平行的判定方法 ‎(1)关注是否符合判定定理与性质定理,并注意定理中易忽视的条件.‎ ‎(2)结合题意构造或绘制图形,结合图形作出判断.‎ 11‎ ‎(3)利用实物进行空间想象,比较判断.‎ ‎(4)熟记一些常见结论,如垂直于同一条直线的两个平面平行等.‎ ‎【秒杀绝招】　‎ 直接法解T1,因为Q是AP的中点,故AQ∩平面PCD =P,所以AQ∥平面PCD是错误的.‎ 考点二　直线、平面平行的判定与性质 ‎ ‎【典例】1.在三棱锥S-ABC中,△ABC是边长为6的正三角形,SA=SB=SC=15,平面DEFH分别与AB,BC,SC,SA交于D,E,F,H.D,E分别是AB,BC的中点,如果直线SB∥平面DEFH,那么四边形DEFH的面积为________. ‎ ‎2.在直三棱柱ABC-A1B1C1中,△ABC为正三角形,点D在棱BC上,且CD=3BD,点E,F分别为棱AB,BB1的中点.‎ 求证:A1C∥平面DEF.‎ ‎【解题导思】‎ 序号 联想解题 ‎1‎ 由直线SB∥平面DEFH,联想到利用线面平行的性质,判定四边形DEFH的形状,进而得到其面积.‎ ‎2‎ 求证A1C∥平面DEF,只要设法在平面DEF上找到与A1C平行的直线即可,因为CD=3BD,故联想到连接A1B,在△BA1C中由比例关系证明平行关系.‎ ‎【解析】1.取AC的中点G,连接SG,BG.‎ 11‎ 易知SG⊥AC,BG⊥AC,SG∩BG=G,‎ 故AC⊥平面SGB,所以AC⊥SB.‎ 因为SB∥平面DEFH,SB⊂平面SAB,平面SAB∩平面DEFH=HD,则SB∥HD.同理SB∥FE.‎ 又D,E分别为AB,BC的中点,‎ 则H,F也为AS,SC的中点,‎ 从而得HF∥AC∥DE,且HF=AC=DE,‎ 所以四边形DEFH为平行四边形.‎ 又AC⊥SB,SB∥HD,DE∥AC,所以DE⊥HD,‎ 所以四边形DEFH为矩形,‎ 其面积S=HF·HD=·=.‎ 答案:‎ ‎2.如图,连接AB1,A1B,交于点H,A1B交EF于点K,连接DK,‎ 因为ABB1A1为矩形,所以H为线段A1B的中点,因为点E,F分别为棱AB,BB1的中点,所以点K为线段BH的中点,所以A1K=3BK,‎ 又因为CD=3BD,所以A1C∥DK,又A1C⊄平面DEF,DK⊂平面DEF,所以A1C∥平面DEF.‎ 11‎ ‎1.利用判定定理判定直线与平面平行,关键是找平面内与已知直线平行的直线.可先直观判断平面内是否已有,若没有,则需作出该直线,常考虑三角形的中位线、平行四边形的对边或过已知直线作一平面找其交线.‎ ‎2.判断或证明线面平行的常用方法 ‎(1)利用线面平行的定义(无公共点).‎ ‎(2)利用线面平行的判定定理(a⊄α,b⊂α,a∥b⇒a∥α).‎ ‎(3)利用面面平行的性质(α∥β,a⊂α⇒a∥β;α∥β,a⊄β,a∥α⇒a∥β).‎ ‎1.如图所示,在正方体ABCD-A1B1C1D1中,AB=2,点E为AD的中点,点F在CD上.若EF∥平面AB1C,则线段EF的长度为________. ‎ ‎【解析】在正方体ABCD-A1B1C1D1中,AB=2,‎ 所以AC=2.‎ 又E为AD中点,EF∥平面AB1C,EF⊂平面ADC,平面ADC∩平面AB1C=AC,‎ 所以EF∥AC,所以F为DC中点,所以EF=AC=.‎ 答案:‎ ‎2.如图,在四棱锥P-ABCD中,底面ABCD为梯形,AB∥CD,∠BAD=60°,AB=2,　CD=4,E为PC的中点.‎ 求证:BE∥平面PAD.‎ ‎【证明】设F为PD的中点,连接EF,FA.‎ 11‎ 因为EF为△PDC的中位线,‎ 所以EF∥CD,且EF=CD=2.又AB∥CD,AB=2,所以ABEF,故四边形ABEF为平行四边形,‎ 所以BE∥AF.‎ 又AF⊂平面PAD,BE⊄平面PAD,‎ 所以BE∥平面PAD.‎ 考点三　面面平行的判定与性质及平行的综合问题 ‎ 命 题 精 解 读 考什么:(1)考查面面平行的判定与性质定理的应用.(2)考查直线、平面平行的综合问题.(3)考查直观想象、逻辑推理、数学运算的核心素养.‎ 怎么考:以柱、锥等几何体为载体,考查证明线线、线面、面面平行.‎ 新趋势:考查作已知几何体的截面或求截面面积问题.‎ 学 霸 好 方 法 ‎1.证明面面平行的方法 ‎(1)面面平行的定义.‎ ‎(2)面面平行的判定定理.‎ ‎(3)垂直于同一条直线的两个平面平行.‎ ‎(4)两个平面同时平行于第三个平面,那么这两个平面平行.‎ ‎(5)利用“线线平行”“线面平行”“面面平行”的性质相互转化.‎ ‎2.交汇问题:常联系柱、锥等几何体命题,考查平行、垂直或空间角.‎ 面面平行的判定与性质 ‎【典例】如图所示,在三棱柱ABC-A1B1C1中,E,F,G,H分别是AB,AC,A1B1,A1C1的中点,求证:‎ 11‎ ‎(1)B,C,H,G四点共面.‎ ‎(2)平面EFA1∥平面BCHG.‎ ‎【证明】(1)因为G,H分别是A1B1,A1C1的中点,‎ 所以GH是△A1B1C1的中位线,所以GH∥B1C1.‎ 又因为B1C1∥BC,所以GH∥BC,‎ 所以B,C,H,G四点共面.‎ ‎(2)因为E,F分别是AB,AC的中点,所以EF∥BC.‎ 因为EF⊄平面BCHG,BC⊂平面BCHG,‎ 所以EF∥平面BCHG.‎ 又G,E分别为A1B1,AB的中点,A1B1∥AB且A1B1=AB,所以A1G∥EB,A1G=EB,‎ 所以四边形A1EBG是平行四边形,所以A1E∥GB.‎ 又因为A1E⊄平面BCHG,GB⊂平面BCHG,‎ 所以A1E∥平面BCHG.‎ 又因为A1E∩EF=E,A1E,EF⊂平面EFA1,‎ 所以平面EFA1∥平面BCHG.‎ 平行关系的综合应用 ‎【典例】如图所示,四棱锥P-ABCD的底面是边长为a的正方形,侧棱PA⊥底面ABCD,在侧面PBC内,有BE⊥PC于E,且BE=a,试在AB上找一点F,使EF∥平面PAD. ‎ ‎【解析】在平面PCD内,过E作EG∥CD交PD于G,连接AG,在AB上取点F,使AF=EG,‎ 因为EG∥CD∥AF,EG=AF,‎ 11‎ 所以四边形FEGA为平行四边形,所以FE∥AG.‎ 又AG⊂平面PAD,FE⊄平面PAD,所以EF∥平面PAD.所以F即为所求的点.又PA⊥平面ABCD,所以PA⊥BC,‎ 又BC⊥AB,所以BC⊥平面PAB.所以PB⊥BC.‎ 所以PC2=BC2+PB2=BC2+AB2+PA2.‎ 设PA=x则PC=,由PB·BC=BE·PC得:·a=·a,‎ 所以x=a,即PA=a,所以PC=a.‎ 又CE==a,‎ 所以=,所以==,‎ 即GE=CD=a,所以AF=a.‎ 故点F是AB上靠近B点的一个三等分点.‎ ‎1.如图,平面α∥平面β∥平面γ,两条直线a,b分别与平面α,β,γ相交于点A,B,C和点D,E,F.已知AB=2 cm,DE=4 cm,EF=3 cm,则AC的长为______ cm. ‎ ‎【解析】因为平面α∥平面β∥平面γ,两条直线a,b分别与平面α,β,γ相交于点A,B,C和点D,E,F,过D作直线平行于a交β于M,交γ于N.连接AD,BM,CN,ME,NF,‎ 11‎ 所以AD∥BM∥CN,ME∥NF,‎ 所以==,‎ 因为AB=2 cm,DE=4 cm,EF=3 cm,‎ 所以=,解得BC= cm,‎ 所以AC=AB+BC=2+=(cm).‎ 答案:‎ ‎2.如图,在正方体ABCD-A1B1C1D1中,S是B1D1的中点,E,F,G分别是BC,DC,SC的中点,求证:‎ ‎(1)直线EG∥平面BDD1B1.‎ ‎(2)平面EFG∥平面BDD1B1.‎ ‎【证明】(1)如图,连接SB,‎ 因为E,G分别是BC,SC的中点,所以EG∥SB.‎ 又因为SB⊂平面BDD1B1,EG⊄平面BDD1B1,‎ 所以直线EG∥平面BDD1B1.‎ ‎(2)连接SD,因为F,G分别是DC,SC的中点,‎ 11‎ 所以FG∥SD.‎ 又因为SD⊂平面BDD1B1,FG⊄平面BDD1B1,‎ 所以FG∥平面BDD1B1,‎ 又EG⊂平面EFG,FG⊂平面EFG,EG∩FG=G,‎ 所以平面EFG∥平面BDD1B1.‎ ‎1.在四面体ABCD中,M,N分别是面△ACD、△BCD的重心,则四面体的四个面中与MN平行的是________. ‎ ‎【解析】如图,连接AM并延长交CD于E,连接BN并延长交CD于F,由重心性质可知,E,F重合为一点,且该点为CD的中点E,由==,得MN∥AB,因此,MN∥平面ABC且MN∥平面ABD.‎ 答案:平面ABC、平面ABD ‎2.如图,在正方体ABCD-A1B1C1D1中,O为底面ABCD的中心,P是DD1的中点,设Q是CC1上的点,问:当点Q在什么位置时,平面D1BQ∥平面PAO?‎ ‎【解析】当Q为CC1的中点时,平面D1BQ∥平面PAO.‎ 证明如下:因为Q为CC1的中点,P为DD1的中点,‎ 所以QB∥PA.因为P,O分别为DD1、DB的中点,所以D1B∥PO.又因为D1B⊄平面PAO,PO⊂‎ 11‎ 平面PAO,‎ QB⊄平面PAO,PA⊂平面PAO,‎ 所以D1B∥平面PAO,QB∥平面PAO,‎ 又D1B∩QB=B,D1B、QB⊂平面D1BQ,‎ 所以平面D1BQ∥平面PAO.‎ 11‎