甘肃省白银市会宁县2018-2019学年高二上学期期末考试数学（理）试题 含解析

甘肃省白银市会宁县2018-2019学年高二上学期期末考试数学（理）试题 含解析

会宁县2018~2019学年度第一学期高二级期末质量监测考试 数学试卷(理科)‎ 一、选择题 ‎1.命题：“，”的否定是（　　）‎ A. B. ‎ C. D. ‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据特称命题的否定的性质进行改写即可.‎ ‎【详解】命题：“，”的否定是.‎ 故选：D ‎【点睛】本题考查了特称命题的否定，属于基础题.‎ ‎2.设抛物线yx2的焦点为F，点P在抛物线上，若|PF|＝3，则点P到x轴的距离为（　　）‎ A. B. ‎2 ‎C. D. 1‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 写出抛物线的准线方程，根据抛物线的定义可以求出点P到x轴的距离.‎ ‎【详解】抛物线yx2的准线为：，又因为|PF|＝3，所以根据抛物线的定义可以知道点P到准线的距离也为3，因此点P到x轴的距离为2.‎ 故选：B ‎【点睛】本题考查了抛物线的定义，考查了抛物线焦点的位置及准线方程.‎ ‎3.已知圆的半径为2，圆心在轴的正半轴上，直线与圆相切，则圆的方程为（ ）‎ A. B. ‎ C. D. ‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 设出圆心坐标，根据直线与圆相切时圆心到直线的距离等于半径计算出圆心坐标，从而可求解出圆的方程.‎ ‎【详解】设圆心为，因为与圆相切，‎ 所以圆心到直线的距离，‎ 所以或(舍).‎ 所以圆的方程为：.‎ 故选：A.‎ ‎【点睛】本题考查根据直线与圆的相切求解圆的方程，难度较易.当直线与圆相切时，有两种思路处理问题：(1)圆心到直线的距离等于半径；(2)直线与圆的方程联立后得到的一元二次方程的.‎ ‎4.由1，2，3组成无重复数字的三位数，从中任取一个为偶数的概率（　　）‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 先求出组成无重复的三位数的个数，再求出是偶数的三位数的个数，根据古典概型求出概率即可.‎ ‎【详解】因为由1，2，3组成无重复数字的三位数的个数为；，由1，2，3组成无重复数字的三位数的偶数的个数为：，所以由1，2，3组成无重复数字的三位数，从中任取一个为偶数的概率为.‎ 故选：D ‎【点睛】本题考查了古典概型的概率的求法，属于基础题.‎ ‎5.“”是“”的（ ）‎ A. 充分不必要条件 B. 必要不充分条件 C. 充分必要条件 D. 既不充分也不必要条件 ‎【答案】D ‎【解析】‎ 取，则，但，故；取，则，但是，故，故“ ”是“ ”的既不充分也不必要条件，选D.‎ ‎6.已知一个几何体的三视图如图所示（单位：），那么这个几何体的表面积是（ ）‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 还原几何体如图所示：‎ ‎.‎ 故选C.‎ ‎【详解】‎ 请在此输入详解！‎ ‎7.若平面α的一个法向量为（1，2，1），A（1，0，﹣1），B（0，﹣1，1），A∉α，B∈α，则点A到平面α的距离为（　　）‎ A. 1 B. C. D. ‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 直接应用点到平面的距离公式即可求出点A到平面α的距离.‎ ‎【详解】，根据点到平面的距离公式可得点A到平面α的距离为 ‎.‎ 故选：B ‎【点睛】本题考查了应用空间向量的数量积运算求点到面的距离，考查了数学运算能力.‎ ‎8.设等差数列{an}的前n项和为Sn，若S6＝6，S14＝16，则a7+a9+a12+a14等于（　　）‎ A. 5 B. ‎4 ‎C. 6 D. 7‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ S6＝6，S14＝16两式相减，利用等差数列下标性质，可得到一个等式，结合这个等式利用等差数列的下标性质即可求出a7+a9+a12+a14的值.‎ ‎【详解】，‎ 因此.‎ 故选：A ‎【点睛】本题考查了等差数列的下标性质，考查了数学运算能力.‎ ‎9.已知a，b均为正实数，且‎2a+3b＝4，则的最小值为（　　）‎ A. 3 B. ‎6 ‎C. 9 D. 12‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 对所求的式子进行恒等变形，最后利用基本不等式求出的最小值.‎ ‎【详解】‎ ‎(当且仅当取等号，即时取等号).‎ 故选：B ‎【点睛】本题考查了基本不等式的应用，恒等变形是解题的关键.‎ ‎10.在正方体中，点，分别是，的中点，则直线与平面所成角的正弦值是（ ）‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 设正方体棱长为，以为轴建立空间直角坐标系，求得和平面的一个法向量为，利用向量的夹角公式，即可求解.‎ ‎【详解】设正方体棱长为，分别以为轴建立空间直角坐标系，‎ 则，‎ 所以.‎ 设平面的法向量为，‎ 则即令，则，‎ 即平面的一个法向量为.‎ 设直线与平面所成角为，‎ 则.‎ 故选D.‎ ‎【点睛】本题主要考查了利用空间向量求解直线与平面所成的角，根据几何体的结构特征，建立适当的空间直角坐标系，求得直线的方向向量和平面的一个法向量，利用向量的夹角公式，准确计算是解答的关键，着重考查了推理与运算能力，属于基础题.‎ ‎11.执行如图所示的程序框图，则输出的结果为（　　）‎ A. 5 B. ‎6 ‎C. 7 D. 8‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据所给初始值先执行循环体再判断直至当时，退出循环体，输出的值.‎ ‎【详解】，进入循环体，，显然不成立，再进入循环体，‎ ‎，显然不成立，再进入循环体，，显然不成立，再进入循环体，，显然不成立，再进入循环体，，显然不成立，再进入循环体，，显然不成立，再进入循环体，，显然成立，所以输出.‎ 故选：D ‎【点睛】本题考查了循环结构，考查了数学运算能力.‎ ‎12.设双曲线1（a＞0，b＞0）的左、右焦点分别为F1，F2，过点F1的直线与双曲线交于P，Q两点，且|QF1|﹣|PF1|＝‎3a，0，则此双曲线的离心率为（ ）‎ A. B. C. 2 D. ‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 讨论，的位置，可得在左支上，在右支上，且，，设，由双曲线的定义和直角三角形的勾股定理，计算可得所求离心率．‎ ‎【详解】解：若，同在左支上，由，即，可得，不符合题意；‎ 故在左支上，在右支上，且，‎ ‎，设，可得，，，‎ 在直角三角形中，可得，解得，‎ 可得，，‎ 在直角三角形中，可得，‎ 即有，即有．‎ 故选：．‎ ‎【点睛】本题考查双曲线的定义、方程和性质，考查直角三角形的勾股定理，化简运算能力，属于中档题．‎ 二、填空题 ‎13.已知变量x，y满足约束条件，则z＝2x﹣y取最大值为_____.‎ ‎【答案】1‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 在平面直角坐标系内，画出可行解域，平移直线，在可行解域内找到当直线 在纵轴上的截距最小时所经过的点，把点的坐标代入目标函数中即可求出目标函数的最大值.‎ ‎【详解】在平面直角坐标系内，画出可行解域，如下图所示；平移直线，当平移的直线过直线与直线交点时，此时直线在纵轴上的截距最小，因此z＝2x﹣y取最大值为.‎ 故答案为：1‎ ‎【点睛】本题考查了求目标函数的最大值问题，正确画出可行解域是解题的关键.‎ ‎14.设x，，向量，，，且，，则______．‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由，得，求得，由求得，从而可得．再由坐标运算求得模．‎ ‎【详解】由得，∴．由知．‎ ‎∴，．‎ 故答案为．‎ ‎【点睛】本题考查求向量的模，解题时可由向量垂直和平行求得其中的变量，从而可得，计算出模．本题属于基础题．‎ ‎15.f(x)＝2sinωx(0<ω<1)，在区间上的最大值是，则ω＝________.‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】函数f(x)的周期T＝，‎ 因此f(x)＝2sinωx在上是增函数，‎ ‎∵0<ω<1，∴是的子集，‎ ‎∴f(x)在上是增函数，‎ ‎∴＝，即2sin＝，‎ ‎∴ω＝，‎ ‎∴ω＝，故答案为.‎ ‎16.如图，在四棱锥中，底面为菱形，，侧棱底面，，，则异面直线与所成角余弦值为_________.‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 以分别为轴，以过点平行与的直线为轴建立空间直角坐标系，求得向量的坐标，利用向量的夹角公式，即可求解.‎ ‎【详解】由题意，以分别为轴，以过点平行与的直线为轴建立空间直角坐标系，‎ 则，‎ 所以，‎ 设与所成的角为，则，‎ 所以与所成的角的余弦值为.‎ ‎【点睛】‎ 本题主要考查了异面直线所成角的求解，其中解答中建立适当的空间直角坐标系，把异面直线所成的角转化为两个向量所成的角，利用向量的夹角公式，准确运算是解答的关键，着重考查了推理与运算能力，属于中档试题.‎ 三、解答题 ‎17.在中，角的对边分别为，为的面积，若．‎ ‎（1）求；‎ ‎（2）若，求的值．‎ ‎【答案】（1）；（2）‎ ‎【解析】‎ ‎【试题分析】（1）利用三角形面积公式化简题目所给等式可求得的大小，进而求得的值.（2）结合（1）用的余弦定理，化简得出，结合可求出点的值.‎ ‎【试题解析】‎ ‎（1）由有，得，‎ 由可得，故．‎ ‎（2）由余弦定理有：，得，即，可得，由，解得：．‎ ‎18.已知函数是奇函数，其中是常数．‎ ‎（1）求函数的定义域和的值；‎ ‎（2）若，求实数的取值范围．‎ ‎【答案】（1）定义域为，；（2）.‎ ‎【解析】‎ 试题分析：（1）由，得函数的定义域，由奇函数得，可得；‎ ‎（2）由，得，解不等式即可.‎ 试题解析：‎ ‎（1）由，得函数的定义域为，‎ 由是奇函数，得，所以．‎ ‎（2）由（1）知，由，得，‎ 当时，，，不成立，当时，，，‎ 所以时，实数的取值范围是．‎ ‎19.已知为等比数列的前项和，且公比为2，.‎ ‎（1）求的通项公式；‎ ‎（2）若，求数列的前项和.‎ ‎【答案】（1）；（2）‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎（1）运用等比数列前n项和公式和等比数列的通项公式，解方程即可得到首项，即可得到所求通项；‎ ‎（2）由对数的运算性质求得bn，再由裂项相消求和即可得到所求和．‎ ‎【详解】（1）∵，∴，‎ ‎∴.‎ ‎（2）∵，，∴，，‎ ‎∴ ，‎ ‎∴ .‎ ‎【点睛】本题考查等比数列的通项公式和前n项和公式，以及数列的求和方法：裂项相消求和，考查方程思想和运算能力，属于中档题．‎ ‎20.如图，四棱锥中，底面是平行四边形，，，且底面.‎ ‎(1)证明：平面平面；‎ ‎(2)若二面角为，求与平面所成角的正弦值.‎ ‎【答案】（1）证明见解析；（2）.‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎（1）先由底面，得到，再在平行四边形中，得到，利用线面垂直判定定理，证得平面，再由面面垂直的判定定理，即可得到平面平面.‎ ‎（2）由（1）知，分别以所在的直线为轴建立空间直角坐标系，求得平面的一个法向量，利用向量的夹角公式，即可求解.‎ ‎【详解】（1）证明：因为底面，所以，‎ 因为平行四边形中，，所以，‎ 因为，所以平面，‎ 而平面，所以平面平面.‎ ‎（2）由（1）知，平面，‎ 所以即为二面角的平面角，即，‎ 分别以所在的直线为轴建立空间直角坐标系，如图所示，‎ 设，则,‎ 则,‎ 所以，‎ 设平面的法向量为，‎ 则，令，得，‎ 所以与平面所成角的正弦值为.‎ ‎ ‎ ‎【点睛】本题考查了面面垂直的判定与证明，以及空间角的求解问题，意在考查学生的空间想象能力和逻辑推理能力，解答中熟记线面位置关系的判定定理和性质定理，通过严密推理是线面位置关系判定的关键，同时对于立体几何中角的计算问题，往往可以利用空间向量法，通过求解平面的法向量，利用向量的夹角公式求解.‎ ‎21.已知抛物线，过焦点F的直线l与抛物线分别交于A、B两点，O为坐标原点，且.‎ ‎(1)求抛物线的标准方程；‎ ‎(2)对于抛物线上任一点Q，点P（2t，0）都满足|PQ|≥2|t|，求实数t的取值范围.‎ ‎【答案】(1) ；(2)（﹣∞，]‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎(1)设出过焦点F的直线l的方程，与抛物线方程联立，利用一元二次方程根与系数关系，结合，可以求出抛物线的标准方程；‎ ‎(2)设出点Q坐标，根据|PQ|≥2|t|，根据点Q横坐标的取值范围，结合不等式的性质可以求出实数t的取值范围.‎ ‎【详解】(1)抛物线的焦点F（，0），设直线l的方程为x＝my，‎ 设A（x1，y1），B（x2，y2），联立抛物线方程可得y2﹣2pmy﹣p2＝0，‎ 可得，‎ 则 ，‎ 由，可得 解得p，即抛物线方程为y2＝x；‎ ‎(2)设点Q的坐标为（x0，y0），有y02＝x0，‎ 由|PQ|≥2|t|，即2|t|，整理可得x02﹣4tx0+y02≥0，‎ 即x02﹣4tx0+x0≥0，可得x0（x0﹣4t+1）≥0，‎ 由x0≥0，可得x0﹣4t+1≥0，即1﹣4t≥0，可得t，‎ 则t的取值范围是（﹣∞，].‎ ‎【点睛】本题考查了直线与抛物线的位置关系，考查了根据向量的数量积求抛物线的标准方程，考查了数学运算能力.‎ ‎22.已知椭圆的右焦点为，上顶点为，周长为，离心率为.‎ ‎(1)求椭圆的方程；‎ ‎(2)若点是椭圆上第一象限内的一个点，直线过点且与直线平行，直线且与椭圆交于两点，与交于点，是否存在常数，使.若存在，求出的值，若不存在，请说明理由.‎ ‎【答案】(1) (2) ‎ ‎【解析】‎ 试题分析：（1）周长为，离心率为，结合，即可得方程；‎ ‎（2）求出直线斜率得的方程为，可设方程为，由 得，由得，利用弦长公式及韦达定理表示线段长即可得解.‎ 试题解析：‎ ‎(1)由题意知，，‎ 又，∴，，‎ ‎∴椭圆的方程为.‎ ‎(2)由得，∴，‎ 又，，，‎ ‎∴的方程为，可设方程为，‎ 由得，‎ 由得，，，‎ 设，，则，，‎ 由弦长公式：，‎ 同理，，，‎ ‎∴，，‎ ‎∴，‎ ‎∴存在常数，使.‎