- 2021-06-15 发布 |
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文档介绍
专题8-7+立体几何中的向量方法(Ⅰ)—证明平行与垂直(练)-2018年高考数学(理)一轮复习讲练测
2018年高考数学讲练测【新课标版】【练】第八章 立体几何 第07节 立体几何中的向量方法(Ⅰ)—证明平行与垂直 A 基础巩固训练 1.已知等差数列的前n项和为,且,则过点和的直线的一个方向向量的坐标可以是( ) A. B.(2,4) C. D.(-1,-1) 【答案】A 2.直线l的方向向量s=(-1,1,1),平面α的法向量为n=(2,x2+x,-x),若直线l∥平面α,则x的值为( ) A.-2 B.- C. D.± 【答案】D 【解析】线面平行时,直线的方向向量垂直于平面的法向量,故-1×2+1×(x2+x)+1×(-x)=0,解得x=±. 3.【河南省豫南九校第三次联考】已知直线的方向向量,平面的法向量,若, ,则直线与平面的位置关系是( ) A. 垂直 B. 平行 C. 相交但不垂直 D. 直线在平面内或直线与平面平行 【答案】D 【解析】因为,即,所以直线在平面内或直线与平面平行,故选D. 4.【2017届河北定州中学高三周练】已知点A(1,-2,0)和向量=(-3,4,12),若向量,且,则B点的坐标为( ) A.(-5,6,24) B.(-5,6,24)或(7,-10,-24) C.(-5,16,-24) D.(-5,16,-24)或(7,-16,24) 【答案】B 5.如图,已知矩形ABCD,PA⊥平面ABCD,M、N、R分别是AB、PC、CD的中点.求证: (1)直线AR∥平面PMC; (2)直线MN⊥直线AB. 【答案】见解析. 【解析】证法1:(1)连接CM,∵ABCD为矩形,R、M分别为AB、CD的中点, ∴MA CR,∴AMCR为平行四边形,∴CM∥AR, 又∵AR⊄平面PMC,∴AR∥平面PMC. (2)连接MR、NR,在矩形ABCD中,AB⊥AD,PA⊥平面AC,∴PA⊥AB,AB⊥平面PAD,∵MR∥AD,NR∥PD, ∴平面PDA∥平面NRM, ∴AB⊥平面NRM,则AB⊥MN. 证法2:(1)以A为原点,AB、AD、AP所在直线分别为x轴、y轴、z轴建立空间直角坐标系,设AB=a,AD=b,AP=c,则B(a,0,0),D(0,b,0),P(0,0,c),C(a,b,0),∵M、N、P 分别为AB、PC、CD的中点,∴M(,0,0),N(,,),R(,b,0),∴=(,b,0),=(,0,-c),=(,b,0),设=λ+μ, ∴∴=,∴AR∥MC, ∵AR⊄平面PMC,∴AR∥平面PMC. (2)=(0,,),=(a,0,0), ∵·=0,∴⊥,∴MN⊥AB. B能力提升训练 1.在四棱锥中,,,,则这个四棱锥的高( ) A.1 B.2 C.13 D.26 【答案】B 2.已知平面α,β的法向量分别为μ=(-2,3,-5),v=(3,-1,4),则( ) A.α∥β B.α⊥β C.α、β相交但不垂直 D.以上都不正确 【答案】C 【解析】∵≠≠,∴μ与v不是共线向量, 又∵μ·v=-2×3+3×(-1)+(-5)×4=-29≠0, ∴μ与v不垂直,∴平面α与平面β相交但不垂直. 3.如图,正方形ABCD与矩形ACEF所在平面互相垂直,AB=,AF=1,M在EF上且AM∥平面BDE.则M点的坐标为( ) A.(1,1,1) B. C. D. 【答案】 C 【解析】 ∵M在EF上,设ME=x,∴M, ∵A(,,0),D(,0,0),E(0,0,1),B(0,,0), ∴=(,0,-1),=(0,,-1), =(x-,x-,1). 设平面BDE的法向量n=(a,b,c), 由得a=b=c. 故可取一个法向量n=(1,1,). ∵n·=0,∴x=1,∴M. 4. 如图所示,正方体ABCD-A1B1C1D1的棱长为1,线段B1D1上有两个动点E,F且EF=,则下列结论中错误的是( ). A.AC⊥BE B.EF∥平面ABCD C.三棱锥A-BEF的体积为定值 D.异面直线AE,BF所成的角为定值 【答案】D ①当点E在D1处,点F为D1B1的中点时,E(1,0,1),F (,,1), ∴=(0,-1,1),=(,-,1), ∴·=.又||=,||=, ∴cos〈,〉===. ∴此时异面直线AE与BF成30°角. ②当点E为D1B1的中点,F在B1处,此时E(,,1),F(0,1,1),∴=(-,-,1),=(0,0,1), ∴·=1,||=,∴cos〈,〉==,故选D. 5. 如图,已知AB⊥平面ACD,DE∥AB,△ACD是正三角形,AD=DE=2AB,且F是CD的中点. (1)求证:AF∥平面BCE; (2)求证:平面BCE⊥平面CDE. 【答案】见解析. 【解析】证法一:(1) 取CE的中点P,连接FP、BP, ∵F为CD的中点, ∴FP∥DE,且FP=DE. 又AB∥DE,且AB=DE, ∴AB∥FP,且AB=FP, ∴四边形ABPF为平行四边形,∴AF∥BP. 又∵AF⊄平面BCE,BP⊂平面BCE, ∴AF∥平面BCE. ∵F为CD的中点,∴F(a,a,0). (1)=(a,a,0),=(a,a,a),=(2a,0,-a),∴=(+), ∵AF⊄平面BCE,∴AF∥平面BCE. (2)∵=(a,a,0),=(-a,a,0),=(0,0,-2a),∴·=0,·=0, ∴⊥,⊥,∴AF⊥CD,AF⊥ED. 又CD∩DE=D,∴AF⊥平面CDE. 又AF∥平面BCE,∴平面BCE⊥平面CDE. C思维扩展训练 1.如图,三棱柱的各棱长均为2,侧棱与底面所成的角为,为锐角,且侧面⊥底面,给出下列四个结论: ①; ②; ③直线与平面所成的角为; ④. 其中正确的结论是( ) A.①③ B.②④ C.①③④ D.①②③④ 【答案】C. 2.【2017浙江省嘉兴一中第一次联考】在长方体ABCD-A1B1C1D1中,AD=AA1=1,AB=2,点E在棱AB上移动,则直线D1E与A1D所成角的大小是__________,若D1E⊥EC,则AE=__________. 【答案】 90∘ 1 【解析】长方体ABCD﹣A1B1C1D1中以D为原点,DA为x轴,DC为y轴,DD1为z轴,建立空间直角坐标系,又AD=AA1=1,AB=2,点E在棱AB上移动 则D(0,0,0),D1(0,0,1),A(1,0,0),A1(1,0,1),C(0,2,0), 设E(1,m,0),0≤m≤2, 则D1E=(1,m,﹣1),A1D=(﹣1,0,﹣1), ∴D1E•A1D=﹣1+0+1=0, ∴直线D1E与A1D所成角的大小是90°. ∵D1E=(1,m,﹣1),EC=(﹣1,2﹣m,0),D1E⊥EC, ∴D1E∙EC=﹣1+m(2﹣m)+0=0, 解得m=1,∴AE=1. 故答案为:900,1. 3.在空间坐标系中,已知三点A(1,0,0),B(0,1,0),C(0,0,1),则平面ABC的单位法向量是 . 【答案】. 4.【天津六校联考】如图,在四棱锥中,底面,底面为正方形,,分别是的中点. (1)求证:; (2)在平面内求一点,使平面,并证明你的结论; (3)求与平面所成角的正弦值. 【答案】(1)详见解析;(2)详见解析;(3) . 【解析】 以所在直线为轴、轴、轴建立空间直角坐标系(如图),设,则,,,,,,. (1) 因为,所以. (2)设,则平面,, ,所以, ,所以 ∴点坐标为,即点为的中点. (3)设平面的法向量为. 由得,即, 取,则,,得. , 所以,与平面所成角的正弦值的大小为 查看更多