2021版高考数学一轮复习第七章数列7-2等差数列练习苏教版

2021版高考数学一轮复习第七章数列7-2等差数列练习苏教版

‎7.2 等差数列 考点一　等差数列的基本运算 ‎ ‎1.在等差数列{an}中,a1+a5=8,a4=7,则a5= (　　)‎ A.11 B.10 C.7 D.3‎ ‎2.已知{an}是公差为1的等差数列,Sn为{an}的前n项和,若S8=4S4,则a10= (　　)‎ A. B. C.10 D.12‎ ‎3.(2020·沈阳模拟)在等差数列{an}中,若Sn为前n项和,‎2a7=a8+5,则S11的值是 (　　)‎ A.55 B.11 C.50 D.60‎ ‎4.(2019·全国卷Ⅰ)记Sn为等差数列{an}的前n项和.已知S4=0,a5=5,则 (　　)‎ A.an=2n-5 B.an=3n-10‎ C.Sn=2n2-8n D.Sn=n2-2n ‎5.设等差数列{an}的前n项和为Sn,若Sm-1=-2,Sm=0,Sm+1=3,则m=________.  ‎ ‎【解析】1.选B.设等差数列{an}的公差为d,则有解得所以a5=-2+4×3=10.‎ ‎2.选B.由公差为1得S8=‎8a1+×1=‎8a1+28,S4=‎4a1+6.因为S8=4S4,所以‎8a1+28‎ ‎=4(4a1+6),解得a1=,所以a10=a1+9d=+9=.‎ ‎3.选A.设等差数列{an}的公差为d,由题意可得2(a1+6d)=a1+7d+5,得a1+5d=5,则S11=‎11a1+d=11(a1+5d)=11×5=55.‎ ‎4.选A.设该等差数列{an}的公差为d,由题知,‎ - 11 -‎ 解得所以an=2n-5.‎ ‎5.由Sm-1=-2,Sm=0,Sm+1=3得am=Sm-Sm-1=2,am+1=Sm+1-Sm=3,所以等差数列的公差d=‎ am+1-am=3-2=1,‎ 由得 解得 答案:5‎ 第3题中若将条件“‎2a7=a8+‎5”‎改为“a9=a12+‎6”‎,其他条件不变,则数列{an}的前11项和S11等于________. ‎ ‎【解析】S11==‎11a6,‎ 设公差为d,由a9=a12+6‎ 得a6+3d=(a6+6d)+6,‎ 解得a6=12,所以S11=11×12=132.‎ 答案:132‎ ‎　等差数列运算问题的通性方法 ‎1.等差数列运算问题的一般求法是设出首项a1和公差d,然后由通项公式或前n项和公式转化为方程(组)求解.‎ ‎2.等差数列的通项公式及前n项和公式,共涉及五个量a1,an,d,n,Sn,知其中三个就能求另外两个,体现了用方程的思想解决问题.‎ - 11 -‎ ‎【秒杀绝招】‎ ‎1.应用性质解T1 ‎ 由等差数列的性质得a1+a5=‎2a3=8,所以a3=4,故d=a4-a3=3.所以 a5=a4+d=10.‎ ‎2.应用变形公式解T3‎ 设等差数列{an}的公差为d,由‎2a7=a8+5,得2(a6+d)=a6+2d+5,得a6=5,所以S11=‎11a6=55.‎ ‎3.应用排除法解T4 ‎ 对于B,a5=5,S4==-10≠0,排除B,对于C,S4=0,a5=S5-S4=2×52-8×5-0=10≠5,排除C.‎ 对于D,S4=0,a5=S5-S4=×52-2×5-0=2.5≠5,排除D,故选A.‎ 考点二　等差数列的判定与证明 ‎ ‎【典例】1.已知数列{an}满足a1=-,an+1=(n∈N*).‎ ‎(1)证明:数列是等差数列;‎ ‎(2)求{an}的通项公式.‎ ‎【解题导思】‎ 序号 题目拆解 ‎(1)‎ ‎①an+1=‎ 先凑an+1+1‎ ‎②产生an+1+1‎ an+1+1取倒数产生-=常数 ‎(2)‎ 数列是等差数列 由(1)写出的通项公式,求出{an}的通项公式 - 11 -‎ ‎【解析】(1)因为an+1+1=+1=,‎ 所以==3+,‎ 所以-=3,‎ 所以是首项为=3,公差为3的等差数列.‎ ‎(2)由(1)得=3n,所以an=-1.‎ ‎2.数列{an}满足a1=1,an+1=(n2+n-λ)an(n∈N*),‎ ‎(1)当a2= -1时,求λ的值及a3的值;‎ ‎(2)是否存在λ,使数列{an}为等差数列?若存在,求出其通项公式,若不存在,说明理由.‎ ‎【解题导思】‎ 序号 联想解题 ‎(1)‎ 看到an+1=(n2+n-λ)an,想到数列的递推公式 ‎(2)‎ 看到an+1=(n2+n-λ)an,结合(1)想到若数列{an}为等差数列,可求λ,结合等差数列的定义判断 ‎【解析】(1)因为an+1=(n2+n-λ)an,a1=1, a2=-1,‎ 所以-1=(2-λ)×1,解得λ=3.‎ 所以a3=(22+2-3)×(-1)=-3.‎ ‎(2)不存在λ,使数列{an}为等差数列,说明如下:‎ 因为a1=1,an+1=(n2+n-λ)an(n∈N*).‎ 所以,a2=2-λ,a3=(6-λ)(2-λ),‎ a4=(12-λ)(6-λ)(2-λ),‎ 若存在实数λ,使数列{an}为等差数列.‎ 则a1+a3=‎2a2,即1+(6-λ)(2-λ)=2(2-λ),‎ - 11 -‎ 解得:λ=3.‎ 此时a2=2-λ=2-3=-1,a3=(6-λ)(2-λ)=-3,a4=(12-λ)(6-λ)(2-λ)=-27,‎ a2-a1=-1-1=-2,而a4-a3=-24.‎ 所以,数列{an}不是等差数列,‎ 即不存在λ使数列{an}为等差数列.‎ ‎1.判断数列{an}是等差数列的常用方法 ‎(1)定义法:对任意n∈N*,an+1-an是同一常数.‎ ‎(2)等差中项法:对任意n≥2,n∈N*,满足2an=an+1+an-1.‎ ‎(3)通项公式法:对任意n∈N*,都满足an=pn+q(p,q为常数).‎ ‎(4)前n项和公式法:对任意n∈N*,都满足Sn=An2+Bn(A,B为常数).‎ 说明:证明数列{an}是等差数列的最终方法只能用定义法和等差中项法.‎ ‎2.证明某数列不是等差数列 若证明某数列不是等差数列,则只要证明存在连续三项不成等差数列即可.‎ 已知等差数列的前三项依次为a,4,‎3a,前n项和为Sn,且Sk=110.‎ ‎(1)求a及k的值;‎ ‎(2)已知数列{bn}满足bn=,证明数列{bn}是等差数列,并求其前n项和Tn.‎ ‎【解析】(1)设该等差数列为{an},‎ 则a1=a,a2=4,a3=‎3a,‎ 由已知有a+‎3a=8,得a1=a=2,公差d=4-2=2,‎ 所以Sk=ka1+·d=2k+×2=k2+k.‎ 由Sk=110,得k2+k-110=0,‎ 解得k=10或k=-11(舍去),‎ 故a=2,k=10.‎ ‎(2)由(1)得Sn=n(n+1),‎ - 11 -‎ 则bn==n+1,‎ 故bn+1-bn=(n+2)-(n+1)=1,‎ 即数列{bn}是首项为2,公差为1的等差数列,‎ 所以bn=n+1,‎ 所以Tn==.‎ 考点三　等差数列性质及其应用 ‎ 命 题 精 解 读 考什么:(1)等差数列性质.(2)等差数列前n项和的最值 怎么考:等差数列性质作为考查等差数列运算知识的最佳载体,因其考查知识点较多成为高考命题的热点 新趋势:解题过程中常常渗透数学运算的核心素养.‎ 学 霸 好 方 法 ‎1.等差数列常用性质和结论的运用 ‎2.求等差数列前n项和Sn最值的两种方法 ‎(1)函数法 ‎(2)通项变号法 ‎3.交汇问题 数列与不等式结合考查分类讨论思想、数列与函数结合考查数形结合思想 与等差数列项的性质有关的运算 ‎【典例】1.(2020·武汉模拟)在等差数列{an}中,前n项和Sn满足S7-S2=45,则a5=‎ ‎(　　)‎ A.7 B‎.9 ‎C.14 D.18‎ ‎【解析】选B.因为在等差数列{an}中,S7-S2=45,‎ 所以a3+a4+a5+a6+a7=‎5a5=45,‎ 所以a5=9.‎ ‎【一题多解】选B.设等差数列{an}的公差为d,‎ - 11 -‎ 因为在等差数列{an}中,S7-S2=45,‎ 所以‎7a1+d-(‎2a1+d)=45,‎ 整理得a1+4d=9,‎ 所以a5=9,故选B.‎ ‎2.在等差数列{an}中,2(a1+a3+a5)+3(a8+a10)=36,则a6= (　　)‎ A.8 B‎.6 ‎C.4 D.3‎ ‎【解析】选D.由等差数列的性质可知2(a1+a3+a5)+3(a8+a10)=2×‎3a3+3×‎2a9=6×‎2a6=36,得a6=3.‎ 在等差数列中涉及两项和时,应用哪些性质能够帮助我们快速解题?‎ 提示:在等差数列中涉及两项和时,一定要注意其项数和的关系,如果和相等,则两项的和也对应相等.‎ 等差数列和的性质 ‎【典例】1.一个正项等差数列前n项的和为3,前3n项的和为21,则前2n项的和为 (　　)‎ A.18 B.12 C.10 D.6‎ ‎【解析】选C.设此数列为{an},因为{an}是等差数列,所以Sn,-Sn,-成等差数列,即2(-Sn)=Sn+(-),因为Sn=3,=21,所以2(-3)=3+21‎ ‎-,解得=10.‎ ‎2.等差数列{an},{bn}的前n项和分别为Sn,Tn,若 =,则=________.  ‎ - 11 -‎ ‎【解析】由=====.则===‎ ‎=.‎ 答案:‎ 在等差数列中Sn,S2n-Sn,S3n-S2n,…成等差数列吗?‎ 提示:在等差数列中Sn,S2n-Sn,S3n-S2n,…仍成等差数列.‎ 等差数列和的最值问题 ‎【典例】等差数列{an}中,a1>0,S5=S12,则当Sn有最大值时,n的值为________.  ‎ ‎【解析】设等差数列{an}的公差为d,由S5=S12得‎5a1+10d=‎12a1+66d,所以d=-a1<0.设此数列的前n项和最大,则 即解得 即8≤n≤9,‎ 又n∈N*,‎ 所以当n=8或n=9时,Sn有最大值.‎ 答案:8或9‎ - 11 -‎ ‎　【一题多解】方法一:由S5=S12,得a6+a7+a8+a9+a10+a11+a12=0,即‎7a9=0,a9=0,由a1>0可知d<0,故当n=8或n=9时Sn最大.‎ 方法二:由S5=S12,可得a1=-8d,所以Sn=-8dn+d=-d,由n∈N*并结合Sn对应的二次函数的图象知,当n=8或n=9时Sn最大.‎ 答案:8或9‎ 在涉及等差数列前n项和的问题时,你能总结出求该数列的前n项和Sn的最大(小)值的方法吗?‎ 提示:求等差数列前n项和的最值的方法 ‎(1)二次函数法:用求二次函数最值的方法(配方法)求其前n项和的最值,但要注意n∈N*.‎ ‎(2)图象法:利用二次函数图象的对称性来确定n的值,使Sn取得最值.‎ ‎(3)项的符号法:当a1>0,d<0时,满足的项数n使得Sn取得最大值;当a1<0,d>0时,满足的项数n使得Sn取得最小值.‎ ‎1.(2020·南京模拟)等差数列{an}的前n项和为Sn,若a1+a3+a5+a7+a9=20,则S9=‎ ‎(　　)‎ A.27 B‎.36 ‎C.45 D.54‎ ‎【解析】选B.依题意a1+a3+a5+a7+a9=‎5a5=20,a5=4,‎ 所以S9=×9=‎9a5=36.‎ ‎2.设等差数列{an}的前n项和为Sn,且a1>0,a3+a10>0,a‎6a7<0,则满足Sn>0的最大自然数n的值为 (　　)‎ A.6 B‎.7 ‎C.12 D.13‎ - 11 -‎ ‎【解析】选C.因为等差数列{an}中a1>0,a‎6a7<0,‎ 所以a6>0,a7<0,等差数列的公差小于零,又a3+a10=a1+a12>0,a1+a13=‎2a7<0,所以S12>0,S13<0,‎ 所以满足Sn>0的最大自然数n的值为12.‎ ‎【变式备选】‎ ‎　　 设等差数列{an}的前n项和为Sn,若S6>S7>S5,则满足SnSn+1<0的正整数n的值为 (　　)‎ A.10　　　B‎.11　‎　　C.12　　　D.13‎ ‎【解析】选C.由S6>S7>S5,得S7=S6+a7S5,所以a7<0,a6+a7>0,‎ 所以S13==‎13a7<0,S12==6(a6+a7)>0,所以S12S13<0,‎ 即满足SnSn+1<0的正整数n的值为12.‎ ‎3.等差数列{an}的前n项和为Sn,已知S3=12,S6=51,则S9的值等于 (　　)‎ A.66 B.90 C.117 D.127‎ ‎【解析】选C.等差数列{an}的前n项和为Sn,‎ 由题意可得S3,S6-S3,S9-S6成等差数列,‎ 故2(S6-S3)=S3+(S9-S6),‎ 代入数据可得2×(51-12)=12+(S9-51),‎ 解得S9=117.‎ ‎1.在等差数列{an}中,已知a3+a8=10,则‎3a5+a7= (　　)‎ A.10 B.18 C.20 D.28‎ ‎【解析】选C.因为a3+a8=10,所以由等差数列的性质,得a5+a6=a3+a8=10,所以‎3a5+a7=‎2a5+‎2a6=20.‎ ‎2.设等差数列{an}的前n项和为Sn,a1<0且=,则当Sn取最小值时,n的值为 ‎(　　)‎ A.11 B‎.10 ‎C.9 D.8‎ ‎【解析】选D.设等差数列{an}的公差为d,‎ - 11 -‎ 因为a1<0,=,所以a1=-d,d>0,‎ 所以Sn=na1+d=d,‎ 对应图象的对称轴为n=,整数中8距对称轴最近,所以当Sn取最小值时,n=8.‎ ‎3.等差数列{an}与{bn}的前n项和分别为Sn和Tn,若=,则= (　　)‎ A. B. C. D.‎ ‎【解析】选A.======.‎ - 11 -‎