- 2021-06-10 发布 |
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文档介绍
山西省晋中市2020届高三下学期一模考试(普通招生考试模拟)数学(文)试题 Word版含解析
www.ks5u.com 2020年普通高等学校招生统一模拟考试 数学(文科) (本试卷考试时间120分钟,满分150分) ★祝考试顺利★ 注意事项: 1.答题前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上相应的位置. 2.全部答案在答题卡上完成,答在本试题上无效. 3.回答选择题时,选出每小题答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑.如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号.回答非选择题时,将答案用0.5毫米及以上黑色笔迹签字笔写在答题卡上. 4.考试结束后,将本试题和答题卡一并交回. 参考公式:锥体的体积公式:(其中为锥体的底面积,为锥体的高). 一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的. 1.集合,,则( ) A. B. C. D. 【答案】C 【解析】 【分析】 解一元二次不等式,求得集合A.根据函数的定义域,求得集合B.即可求得交集. 【详解】解:因为集合, 集合,所以. 故选:C. 【点睛】本题考查了一元二次不等式的解法,函数定义域的求解,集合的交集运算.属于基础题. 2.若复数(为虚数单位),则值为( ) A. B. C. D. 【答案】D - 25 - 【解析】 【分析】 根据复数的乘法运算,求出复数,再由共轭复数的概念得. 【详解】解析:,所以. 故选:D. 【点睛】本题考查了复数的乘法运算,共轭复数的概念,属于基础题. 3.若,,且,则向量的夹角为( ) A. B. C. D. 【答案】B 【解析】 【分析】 由向量垂直则数量积为零,求得,再根据夹角公式求得结果. 【详解】根据题意,由于向量,,且, ,, 故,又向量夹角的范围为, 故可知向量的夹角为. 故选:B. 【点睛】本题考查向量垂直的转化,以及由数量积求向量的夹角,属综合基础题. 4.若,则下列不等式恒成立的是( ) A. B. C. D. 【答案】D 【解析】 【分析】 根据不等式性质,正切函数、幂函数、对数函数的性质,结合特值,进行判断即可. - 25 - 【详解】若,则,所以A错误; 若,取,,,所以B错误; 对于C选项,由于对数函数在上单调递增, ,当时,,C选项中的不等式不恒成立,故错误; 若,且幂函数在上单调递增,所以,所以D正确. 故选:D. 【点睛】本题考查正切函数、对数函数、幂函数的单调性,以及不等式的性质,属综合基础题. 5.给定下列四个命题,其中真命题是( ) A. 垂直于同一直线的两条直线相互平行 B. 若一个平面内的两条直线与另一个平面都平行,那么这两个平面相互平行 C. 垂直于同一平面的两个平面相互平行 D. 若两个平面垂直,那么一个平面内与它们的交线不垂直的直线与另一个平面也不垂直 【答案】D 【解析】 【分析】 根据空间中直线与直线、平面与平面,直线与平面的位置关系,结合判定定理和性质定理,对选项进行逐一分析即可判断. 【详解】正方体同一顶点的三条棱两两垂直,则垂直于同一直线的两条直线不一定平行,故A错误; 若一个平面内的两条直线与另一个平面都平行, 两直线可以相交,也可以成异面直线,故B错误; 正方体的前面和侧面都垂直于底面,这两个平面不平行,C错误 对:利用反证法简单证明如下: 若两个平面垂直,假设一个平面内与它们的交线不垂直的直线与另一个平面垂直. 因为,且平面的交线, - 25 - 故可得, 这与题设与不垂直相互矛盾,故假设不成立,原命题成立. 即选项正确. 故选:D. 【点睛】本题考查空间中直线与直线、平面与平面,直线与平面的位置关系,属综合基础题. 6.已知抛物线的焦点在轴上,顶点在坐标原点,且经过点,若点到该抛物线焦点的距离为3,则等于( ) A. B. C. 4 D. 【答案】B 【解析】 【分析】 根据抛物线的定义,求得,再结合抛物线方程,求得点的坐标,利用两点之间的距离公式,即可求得结果. 【详解】因为抛物线过点,故可得该抛物线开口向上, 设其方程为, 由抛物线定义知,,所以, 则抛物线方程为, 因为点在此抛物线上,所以, 于是, 故选:B. 【点睛】本题考查抛物线的定义,以及抛物线上一点坐标的求解,属基础题. 7.某同学10次测评成绩的数据如茎叶图所示,总体的中位数为12,则该同学10次测评的平均成绩为( ) - 25 - A. 12 B. 11.4 C. 11.3 D. 11 【答案】B 【解析】 【分析】 根据中位数求出,再代入平均数的公式,求得平均数. 【详解】因为中位数为12,所以,, 所以该组数据的平均数为: . 故选:B. 【点睛】本题考查了已知茎叶图的中位数,求参数的问题,平均数的求解,属于基础题. 8.已知函数的最小正周期为,若将其图象沿轴向右平移个单位,所得图象关于对称,则实数的最小值为( ) A. B. C. D. 【答案】B 【解析】 【分析】 利用降幂扩角公式化简,再根据其周期求得,结合图象的左右平移求得平移后的解析式,利用是函数的对称轴,求得关于的方程,即可求得的最小值. 【详解】容易知 又其周期为,可得,故. - 25 - 将其图象向右平移个单位可得的图象, 根据其图象关于对称, 可得,, 则,,又, 故当时,取得最小正值为. 所以实数的最小值为. 故选:B. 【点睛】本题考查降幂扩角公式的应用,求函数图像平移后的解析式,以及余弦型三角函数的性质,属综合中档题. 9.酒驾是严重危害交通安全的违法行为.根据规定:血液中酒精含量达到的驾驶员即为酒后驾车,及以上为醉酒驾车.某驾驶员喝了一定量的酒后,其血液中的酒精含量上升到了,若在停止喝酒后,他血液中酒精含量会以每小时的速度减少,要想安全驾驶,那么他至少经过( ) A. 2小时 B. 4小时 C. 6小时 D. 8小时 【答案】C 【解析】 【分析】 列出函数模型,根据题意,列出不等式,求解即可. 【详解】因为,故喝酒后驾驶员血液中酒精含量为. 不妨设喝酒后经过的时间为,小时后血液中酒精含量为, 故可得. 根据题意,若想安全驾驶,则, 即可得, - 25 - 即, 因为,又,,, 根据选项可知,取整数, 所以, 故选:C. 【点睛】本题考查指数函数模型的应用,解决问题的关键是要建立正确的函数模型,属中档题. 10.已知为正整数,,,且,则当函数取得最大值时,( ) A B. C. D. 【答案】C 【解析】 【分析】 利用正切的差角公式,结合已知条件求得参数;再利用辅助角公式化简,根据其最值,求得即可. 【详解】由条件知,则由, 得, 即, 解得或(舍去), 则. 因为, 所以. - 25 - 则当,即时, 函数取得最大值, 故选:C. 【点睛】本题考查正切的差角公式的应用,对数运算,以及三角恒等变换,涉及正弦型函数取得最值时自变量的求解,属综合中档题. 11.已知双曲线,点是双曲线的左焦点,过原点的直线交双曲线于两点,且,,如图所示,则双曲线的离心率为( ) A. B. C. 2 D. 【答案】B 【解析】 【分析】 设出右焦点,则可得平行四边形,则.由双曲线的定义可知,从而可求出.在两个直角三角形和中,利用勾股定理可求得,则可求出离心率. 【详解】如图 设双曲线的右焦点为,根据对称性知是平行四边形, 所以有, - 25 - 又点在双曲线上,所以, 因为, 所以,即, 在中,,则, 在中,, 所以,即, 所以双曲线的离心率. 故选:B. 【点睛】本题考查了双曲线的定义及图象的对称性,双曲线离心率的求法,属于中档题. 12.函数,若存在正实数,其中且,使得,则的最大值为( ) A. 6 B. 7 C. 8 D. 9 【答案】C 【解析】 【分析】 求出函数的值域为,由此得出,则由不等式的性质可知 ,.由 可将本题转化为,据此可得关于的不等式组,从而求出的取值范围,进而求出的最大值. 【详解】, 当时,,, - 25 - ,, 即,所以, , 由知, 集合, 因为且,所以,, 所以,即,又, 所以的最大值为8. 故选:C. 【点睛】本题考查了函数值域的求解,不等式的性质,考查了转化的思想,计算能力,难度较大. 二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分. 13.某小区计划在一正六边形花园内均匀地栽种900株花卉,如图所示,则阴影部分能栽种的株数为_______. 【答案】300 【解析】 【分析】 根据几何概型的逆用,即可解决本题. 【详解】由题意可得阴影部分面积占正六边形面积的, 设阴影部分能栽种株,则有,解得. 【点睛】本题考查了面积型的几何概型问题,属于基础题. - 25 - 14.已知函数是奇函数,当时,(且),且,则______. 【答案】 【解析】 【分析】 利用函数奇偶性,结合已知函数值和函数解析式,利用对数运算,即可求得结果. 【详解】因为,且为奇函数, 故可得, 则; 又当时, 故可得, 即,故可得或(舍). 即. 故答案为:. 【点睛】本题考查利用函数奇偶性求参数值,涉及对数运算,属综合基础题. 15.在中,内角所对应的边分别为,且,若的面积,则面积的最小值为______. 【答案】 【解析】 【分析】 利用正弦的倍角公式,结合正弦定理将边化角,即可求得,结合面积公式,求得等量关系;再由余弦定理,以及基本不等式求得的最小值,即可求得面积的最小值. 【详解】由,得, 由正弦定理得, - 25 - 所以,, 则, 所以, 由余弦定理得,即, 所以,当且仅当时等号成立, 故, 所以面积的最小值为. 故答案为:. 【点睛】本题考查正弦的倍角公式、利用正弦定理进行边角转化,涉及余弦定理,面积公式,以及基本不等式求最值,属综合压轴题. 16.现有一副斜边长为10的直角三角板,将它们斜边重合,若将其中一个三角板沿斜边折起形成三棱锥,如图所示,已知,,则三棱锥的外接球的表面积为______;该三棱锥体积的最大值为_______. 【答案】 (1). (2). 【解析】 【分析】 (1)容易知中点为外接球球心,则为外接球直径,从而求得半径,利用表面积公式,即可求得结果; (2)体积最大时,即平面平面,求得点到平面 - 25 - 距离,利用棱锥体积公式即可求得结果. 【详解】(1)因为,, 且,, 所以,,. 因为, 所以三棱锥的外接球的直径为, 所以球的半径, 故球的表面积为. (2)当点到平面距离最大时三棱锥的体积最大, 此时平面平面, 过点作, 因为平面,平面平面,且交于, 故可得平面, 则点到平面的距离为, 又在中,, 所以. 故答案为:;. - 25 - 【点睛】本题考查三棱锥外接球表面积的求解,以及棱锥体积的求解,涉及面面垂直推证线面垂直,属综合中档题. 三、解答题:共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.第17~21题为必考题,每个试题考生都必须作答.第22、23题为选考题,考生根据要求作答. 17.已知三棱锥中,为等腰直角三角形,,平面,且,且,为的中点. (1)求证:直线平面; (2)求多面体的体积. 【答案】(1)证明见详解;(2)16 【解析】 【分析】 (1)取的中点,连接、,为中位线,则且.又由题知且,易证故四边形是平行四边形,,从而直线平面得证; (2)该多面体就是四棱锥,取中点,连接,可证得平面,则可求得该四棱锥的体积. 【详解】解:(1)设的中点为,连接, 则,, 又且, - 25 - 所以且, 所以四边形为平行四边形, 所以, 又因为平面,平面, 所以平面; (2)取中点,连接. 因为,所以在同一平面上, 所以多面体是四棱锥, 因为平面,平面,所以, 又为等腰直角三角形,,是的中点, 所以, 所以平面,即是四棱锥的高, 已知,所以,,, 所以. 【点睛】本题考查了线面平行的判定定理,线面垂直的判定定理,四棱锥体积的求解,属于中档题. 18.2020年新年伊始,新型冠状病毒来势汹汹,疫情使得各地学生在寒假结束之后无法返校,教育部就此提出了线上教学和远程教学,停课不停学的要求也得到了家长们的赞同.各地学校开展各式各样的线上教学,某地学校为了加强学生爱国教育,拟开设国学课,为了了解学生喜欢国学是否与性别有关,该学校对100名学生进行了问卷调查,得到如下列联表: 喜欢国学 不喜欢国学 合计 男生 20 50 - 25 - 女生 10 合计 100 (1)请将上述列联表补充完整,并判断能否在犯错误的概率不超过0.001的前提下认为喜欢国学与性别有关系? (2)针对问卷调查的100名学生,学校决定从喜欢国学的人中按分层抽样的方法随机抽取6人成立国学宣传组,并在这6人中任选2人作为宣传组的组长,求选出的两人均为女生的概率. 参考数据: 0.15 0.10 0.05 0.025 0.010 0.005 0.001 2.072 2.706 3.841 5.024 6.635 7.879 10.828 ,. 【答案】(1)列联表见详解,能在犯错误的概率不超过0.001的前提下认为喜欢国学与性别有关系;(2) 【解析】 【分析】 (1)根据题意填写列联表,计算,对照临界值得出结论; (2)根据题意求出分层抽样随机抽取的6人中男生2人,女生4人,利用列举法求出基本事件数,计算对应的概率值. 【详解】解:(1)补充完整的列联表如下: 喜欢国学 不喜欢国学 合计 男生 20 30 50 女生 40 10 50 - 25 - 合计 60 40 100 计算得的观测值为 , 所以能在犯错误的概率不超过0.001的前提下认为喜欢国学与性别有关系; (2)喜欢国学的共60人,按分层抽样抽取6人, 则每人被抽到概率均为,需抽取男生2人,女生4人, 设抽取的男生为,女生为, 选出的两人均为女生为事件, 则基本事件空间 ,, 事件,, , 故选出的两人均为女生的概率为. 【点睛】本题考查了独立性检验,分层抽样,以及列举法求古典概型的概率问题,属于基础题. 19.已知等差数列前项和为,,. (1)求数列的通项公式及前项和; (2)设,求前项和. 【答案】(1),.(2) 【解析】 【分析】 (1)根据等差数列的性质,可求得,从而求出公差,由此可写出通项公式以及前 - 25 - 项和; (2)写出数列的通项公式,利用并项求和的方法,求其前项和. 【详解】解:(1)由得. 又因为,所以, 所以,. (2). . 【点睛】本题考查了等差数列的性质,通项公式及前项和公式,考查了并项求和的数列求和方法,属于中档题. 20.设椭圆长轴长为4,右焦点到左顶点的距离为3. (1)求椭圆的方程; (2)设过原点的直线交椭圆于两点(不在坐标轴上),连接并延长交椭圆于点,若,求四边形面积的最大值. 【答案】(1);(2) 【解析】 【分析】 (1)根据题意,列出的方程组,求解即可求得结果; (2)设出直线方程,联立椭圆方程,结合韦达定理,用参数表示的面积;根据向量关系,求得 - 25 - ,再利用对勾函数单调性求面积关于参数的函数的最大值即可. 【详解】(1)由题意可得, 所以椭圆方程为. (2)由(1)知, 设直线的方程为, 联立得. 设,, 则,. 因为, 故可得四边形为平行四边形,则, 又, 故. 设,, 则, 令,故可得, - 25 - 当时,恒成立,故在单调递增, 故在上单调递减, 所以当,即时, 四边形的面积取得最大值. 【点睛】本题考查椭圆方程的求解,椭圆中四边形面积的最值的求解,属综合中档题. 21.已知函数. (1)讨论的单调性; (2)当时,证明: (i); (ii)证明:. 【答案】(1)详见解析;(2)(i)证明见解析;(ii)证明见解析 【解析】 【分析】 (1)求出导函数,再令进行二次求导.讨论的取值范围,求出和的解集,也即求出的单调区间; (2)(i)将代入,得,利用作差法构造函数,根据导函数求出其最大值为0,则原不等式得证; (ii)由(i)知,即 由此得,则,即,再根据裂项相消法求和,即可证明该不等式. - 25 - 【详解】解:(1), 令, ①当时,,在上单调递增; ②当时,若,,单调递增, 若,,单调递减; ③当时,若,,单调递减, 若,,单调递增. 综上,当时,在上单调递增; 当时,在上调递增,在上单调递减; 当时,在上单调递减,在上单调递增. (2)(i)当时,,所以, 令,则, 若,,单调递增; 若,,单调递减. , 即,即. (ii)当时,,. 由(i)知,即, 令得,即, - 25 - 所以 , . 【点睛】本题考查了导函数的应用,求解含参数的函数的单调性,证明不等式,以及数列不等式的证明,裂项相消法求数列的和.考查了分类讨论思想,逻辑推理的能力,属于难度较大的题. (二)选考题:共10分.请考生在第22、23题中任选一题作答.如果多做,则按所做的第一题计分. 【选修4—4:坐标系与参数方程】 22.在直角坐标系中,曲线的参数方程为(参数).以原点为极点,轴正半轴为极轴建立极坐标系,曲线的极坐标方程为. (1)求曲线的普通方程和的直角坐标方程; (2)已知曲线的极坐标方程为,点是曲线与的交点,点是曲线与的交点,且均异于极点,求的值. 【答案】(1);;(2) 【解析】 【分析】 (1)利用,消参即可求得的普通方程;利用,即可求得曲线的直角坐标方程; (2)联立以及极坐标方程,即可容易求得 - 25 - 两点在极坐标系下的坐标,再求两点之间的距离即可. 【详解】(1)曲线的参数方程为(为参数). 转换为普通方程为. 曲线的极坐标方程为. 转换为直角坐标方程为:. (2)曲线的参数方程为(为参数). 转换为极坐标方程为:. 联立与 解得:,. 整理得. 【点睛】本题考查极坐标方程、参数方程、直角坐标方程之间的相互转化,以及利用极坐标求两点之间的距离,属综合基础题. 【选修4—5:不等式选讲】 23.已知关于的函数. (1)若存在使得不等式成立,求实数的取值范围; (2)若的解集包含,求的取值范围. 【答案】(1);(2) 【解析】 【分析】 (1)利用绝对值三角不等式求得的最小值,再解绝对值不等式即可; - 25 - (2)当时,将问题转化为恒成立,即可容易求得参数的范围. 【详解】(1)对,, 当且仅当时,等号成立, 故原条件等价于, 即,解得, 故实数的取值范围是. (2)当时, , 所以,即,则, 又的解集包含, 所以在上恒成立, 所以当时,, 因为,, 因此的取值范围为. 【点睛】本题考查利用绝对值三角不等式求函数的最值,绝对值不等式的求解,属综合中档题. - 25 - - 25 -查看更多