2018-2019学年甘肃省会宁县第一中学高二上学期第一次月考物理试题 Word版

2018-2019学年甘肃省会宁县第一中学高二上学期第一次月考物理试题 Word版

会宁一中2018-2019学年高二物理第一学期第一次月考试题 做题时间：60分钟 总分100分 姓名 班级 得分 ‎ 一、选择题：（每题5分，共60分）‎ ‎1．关于带电粒子(不计重力)在匀强电场中的运动情况，下列说法正确的是(　　)‎ A．一定是匀变速运动 B．不可能做匀减速运动 C．一定做曲线运动 D．可能做匀变速直线运动，不可能做匀变速曲线运动 ‎2．原来甲、乙、丙三物体都不带电，今使甲、乙两物体互相摩擦后，乙物体再与丙物体接触，最后得知甲物体带正电1.6×10－15 C，丙物体带电8×10－16 C，则对于最后乙、丙两物体的带电情况下列说法正确的是(　　)‎ A．乙物体一定带有负电荷8×10－16 C B．乙物体可能带有负电荷2.4×10－16 C C．丙物体一定带有正电荷8×10－16 C D．丙物体一定带有负电荷8×10－16 C ‎3.如图所示，在绝缘的光滑水平面上，相隔一定距离有两个带同种电荷的小球，从静止同时释放，则释放后两个小球的加速度和速度大小随时间变化的情况是(　　)‎ A．速度变大，加速度变大 B．速度变小，加速度变小 C．速度变大，加速度变小 D．速度变小，加速度变大 ‎4.如图所示，一电子沿等量同种点电荷的中垂线由某点A向O点运动，则电子所受等量同种点电荷的电场力的大小和方向可能变化情况是(　　)‎ A．先变大后变小，方向由A指向O B．先变小后变大，方向由O指向A C．一直变小，方向由A指向O D．一直变大，方向由O指向A ‎5．关于电势与电势能的说法，正确的是(　　)‎ A．电荷在电势越高的地方，电势能也越大 B．电荷电荷量越大，它所具有的电势能也越大 C．在正点电荷的电场中任一点，正电荷所具有的电势能一定大于负电荷所具有的电势能 D．在负点电荷的电场中任一点，正电荷所具有的电势能一定小于负电荷所具有的电势能 ‎6‎ ‎.如图所示，P、Q是两个电荷量相等的正点电荷，它们连线的中点是O，A、B是中垂线上的两点，OA0‎ C．电势差的定义式中，UAB与移动电荷的电荷量q无关 D．电场中A、B两点间的电势差UAB等于把正电荷q从A点移动到B点时电场力做的功 ‎8.如图所示，三个等势面电势为φ1、φ2、φ3，上有a、b、c、d四点，若将一正电荷由c经a移到d，电场力做正功W1，若由c经b移到d，电场力做正功W2，则(　　)‎ A．W1>W2　φ1>φ2‎ B．W1φ2‎ ‎9.如图所示，虚线1、2、3、4为静电场中的等势面，相邻的等势面之间的电势差相等，其中等势面3的电势为零．一带正电的点电荷在静电力的作用下运动，经过a、b两点时的动能分别为26 eV和5 eV，当这一点电荷运动到某一位置，其电势能变为－8 eV时，它的动能应为(　　)‎ A．8 eV　　　　　　　 B．13 eV C．20 eV D．34 eV ‎10.如图所示，在电场强度为E、方向水平向右的匀强电场中，A、B为一竖直线上的两点，相距为L，外力F将质量为m、带电荷量为q的粒子从A点匀速移到B点，重力不能忽略，则下列说法中正确的是(　　)‎ A．外力的方向水平 B．外力的方向竖直向上 C．外力的大小等于qE＋mg D．外力的大小等于 ‎11.如图所示，带正电导体Q靠近一个接地空腔导体，空腔里面无电荷．在静电平衡后，下列物理量中等于零的是(　　)‎ A．导体腔内任意点的场强 B．导体腔内任意点的电势 C．导体外表面的电荷量 D．导体空腔内表面的电荷量 ‎12.一平行板电容器充电后与电源断开，正极板A接地，在两极板之间有一正点电荷(电量很小)固定在P点，如图所示．以E表示两极板间电场强度，φB表示负极板电势，ε表示正点电荷在P点的电势能，将正极板移到图中虚线所示的位置，则(　　)‎ A．E变大，φB降低 B．E不变，φB升高 C．E不变，φB降低 D．φB升高，ε变大 二、计算题：‎ ‎13.(9分)如图所示，把质量为克的带电小球A用丝线吊起，若将带电量为的正电小球B靠近它，当两小球在同一高度相距3cm时，丝线与竖直夹角为，取，求：‎ 小球A带正电还是负电？‎ 此时小球A受到的库仑力大小和方向？‎ 小球A带的电量？‎ ‎14．(9分)将带电荷量为6×10－6 C的负电荷从电场中的A点移到B点，克服电场力做了3×10－5 J的功，再从B移到C，电场力做了1.2×10－5 J的功，则：‎ ‎(1)电荷从A移到B，再从B移到C的过程中电势能共改变了多少？‎ ‎(2)如果规定A点的电势能为零，B点和C点的电势分别为多少？‎ ‎(3)如果规定B点的电势能为零，A点和C点的电势分别为多少？‎ ‎15．(9分)把带电荷量2×10－8 C的正点电荷从无限远处移到电场中的A点，要克服电场力做功8×10－6 J，若把该电荷从无限远处移到电场中的B点，需克服电场力做功2×10－6 J，取无限远处电势为零．求：‎ ‎(1)A点的电势；‎ ‎(2)A、B两点的电势差；‎ ‎(3)若把2×10－5 C的负电荷由A点移动到B点，电场力做的功．‎ ‎16．(13分)如图所示为两组平行金属板，一组竖直放置，一组水平放置，今有一质量为m的电子静止在竖直放置的平行金属板的A点，经电压U0加速后通过B点进入两板间距为d、电压为U的水平放置的平行金属板间，若电子从两块水平平行板的正中间射入，且最后电子刚好能从右侧的两块平行金属板穿出，A、B分别位于两块水平板的中线上，求：‎ ‎(1)电子通过B点时的速度大小；‎ ‎(2)右侧平行金属板的长度；‎ ‎(3)电子穿出右侧平行金属板时的动能．‎ 会宁一中高二物理第一学期第一次月考试题答题卡 做题时间：60分钟 总分100分 姓名 班级 得分 ‎ 一、选择题：（每题5分）‎ ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ ‎5‎ ‎6‎ ‎7‎ ‎8‎ ‎9‎ ‎10‎ ‎11‎ ‎12‎ 二、计算题：‎ ‎13.(9分)‎ ‎14.(9分)‎ ‎15.(9分)‎ ‎16.(13分)‎ 会宁一中高二物理第一学期第一次月考试题答案 ‎1. 解析　带电粒子在匀强电场中受恒定合外力(电场力)作用．一定做匀变速运动，初速度与合外力共线时，做直线运动，不共线时做曲线运动，A项对，B、C、D三项错．‎ 答案　A ‎ 2. 解析　甲、乙、丙三物体看成一个系统则系统未与外界发生电荷交换，所以系统带电量总和始终为零，摩擦后甲带1.6×10－15 C正电荷，而丙物体带8×10－16 C的负电荷，根据Q甲＋Q乙＋Q丙＝0，那么乙物体也应该带8×10－16 C的负电荷．‎ 答案　AD ‎3. 解析　根据同种电荷相斥，每个小球在库仑斥力的作用下运动，由于力的方向与运动方向相同，均做加速直线运动，速度变大；再由库仑定律F＝k知随着距离的增大，库仑斥力减小加速度减小，所以只有选项C正确．‎ 答案　C ‎4. 解析　本题考查对于等量同种点电荷电场的分布情况，由于沿两电荷中垂线电场强度变化规律都是由无穷远到O点先增大再减小，而由于起始位置A的位置未明确，所以依次经过的位置的场强存在两种可能即：先增大后减小和一直减小．由此可推出电场力也有此规律，由于电子带负电，故受吸引力方向指向O点．‎ 答案　AC ‎5. 解析　由Ep＝qφ可知，对正电荷，电势越高，电势能越大，对负电荷则相反．所以A、B两项都错．正电荷电场中，正试探电荷电势能为正，负点电荷电势能为负．故C项对．在负电荷电场中正试探电荷电势能为负，而负试探电荷电势能为正，故D项对．‎ 答案　CD ‎6. 解析　由等量同种电荷电场线分布规律可知，EA与EB大小无法确定．但由等势面分布可知，A点电势φA一定高于B点电势φB.‎ 答案　B ‎7. 解析　根据电势差的定义，电场中两点间的电势差等于将单位正电荷从一点移到另一点时静电力所做的功，仅由电场及两点的位置决定，与移动的电荷量及做功的多少无关，即UAB＝也是比值定义式，故应选B、C两项．‎ 答案　BC ‎8. 解析　由W＝Uq可知，W1＝W2.由Wcd＝Ucd·q，Wcd>0，q>0，可知Ucd>0，故φ1>φ2>φ3.‎ 答案　D ‎9. 解析　由于电荷在电场中移动时只有静电力做功，因此能量之间的转化只有动能和电势能之间的转化.1、2、3、4为等差等势面，等势面3的电势为零，从等势面1到等势面4‎ 电荷减少的动能为21 eV，所以从1到3减少的动能为14 eV，故电荷在等势面3上的动能为12 eV，故当电势能为－8 eV时，动能为20 eV.‎ 答案　C ‎10. 解析　‎ 由受力平衡知 F＝，方向应与重力和电场力的合力方向相反．‎ 答案　D ‎11. 解析　静电平衡状态下的导体内部场强处处为零，且内表面不带电，故选项A、D正确．由于导体接地，故整个导体的电势为零，选项B正确．导体外表面受带正电导体Q的影响，所以带负电，故选项C不正确．‎ 答案　ABD ‎12. 解析　充电后电容器与电源断开，所以电荷量不变，正极板向下移动，间距减小，由E＝＝＝知场强E不变．U＝Ed可知极板间电压减小、正极板与P点间电势差也减小，因正极板接地电势为零，UAP＝φA－φP推出φP＝φA－UAP＝－UAP升高，故正电荷在P点电势能增大．‎ 答案　BD ‎13. 【答案】（1）负电（2），方向水平向左（3）C.‎ ‎【详解】（1）根据异号电荷相互吸引可知，A带负电； （2）对球A受力分析，如图 根据共点力平衡条件，结合几何关系得到， 解得：，方向向左； （3）根据库仑定律，有： 故： 即A球的带电量是 ‎，电性为负电。‎ ‎14. 解析　(1)ΔEp＝－W＝－(－3×10－5＋1.2×10－5) J＝1.8×10－5 J ‎(2)WAB＝EpA－EpB推出EpB＝EpA－WAB＝0 J－(－3×10－5) J＝3×10－5 J，‎ 代入得φB＝＝＝－5 V，同理可得 EpC＝EpA－WAC＝0－(－3×10－5＋1.2×10－5)＝1.8×10－5 J，φC＝＝＝－3 V.‎ ‎(3)如果以B点电势为零，由(2)得A比B高5伏，C比B高2伏，所以A点电势为5伏，C点电势为2伏．‎ 答案　(1)1.8×10－5 J　(2)φB＝－5 V，φC＝－3 V ‎(3)φA＝5 V，φC＝2 V ‎15. 解析　无限远处电势能为零，克服电场力做功，电势能增加，所以EpA＝8×10－6 J，φA＝＝ V＝400 V，同理φB＝ V＝100 V，故UAB＝φA－φB＝300 V．若把负电荷由A点移动到B点，WAB＝qUAB＝－2×10－5×300 J＝－6×10－3 J.‎ 答案　(1)400 V　(2)300 V　(3)－6×10－3 J ‎16. 解析　(1)由U0e＝mv，得vB＝.‎ ‎(2)由y＝＝，可得l＝d.‎ ‎(3)由动能定理，得U0e＋e＝Ek末 所以电子穿出右侧平行金属板时的动能 Ek末＝.‎ 答案　(1)　(2)d　(3)