【物理】四川省射洪县射洪中学2019-2020学年高一上学期第二次月考试题 （解析版）

【物理】四川省射洪县射洪中学2019-2020学年高一上学期第二次月考试题 （解析版）

四川省射洪县射洪中学2019-2020学年高一上学期 第二次月考试题 第Ⅰ卷 一．本大题13小题，每小题3分，共39分．在每小题给出的四个选项中只有一个是正确的 ‎1.下面关于瞬时速度和平均速度的说法正确的是(　　)‎ A. 若物体在某段时间内任一时刻的瞬时速度都等于零，则它在这段时间内的平均速度不一定等于零 B. 若物体在某段时间内的平均速度等于零，则它在这段时间内任一时刻的瞬时速度一定都等于零 C. 匀速直线运动中，物体在任意一段时间内的平均速度等于它任一时刻的瞬时速度 D. 变速直线运动中，物体在任意一段时间内的平均速度一定不等于它在某一时刻的瞬时速度 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A．物体在每个时刻的瞬时速度都等于零，表示物体处于静止状态，平均速度一定等于零，故A错误；‎ B．物体在某段时间内平均速度等于零，位移等于零，但任一时刻的瞬时速度不一定等于零，故B错误；‎ C．匀速直线运动的速度保持不变，任意一段时间内的平均速度都等于它在任一时刻的瞬时速度，故C正确；‎ D．某段位移上的平均速度是这段位移跟通过这段位移所用时间的比值，对于变速直线运动中任意一段时间内的平均速度等于这段时间中间时刻的瞬时速度，故D错误。‎ 故选C。‎ ‎2.如图所示，狗拉着雪橇在雪道上行驶，根据牛顿运动定律可知 ( )‎ A. 若加速前进，狗拉雪橇的力大于雪橇拉狗的力 B. 若匀速前进，狗拉雪橇的力与雪橇拉狗的力平衡 C. 若减速前进，狗拉雪橇的力小于雪橇拉狗的力 D. 无论怎样行驶，狗拉雪橇的力的大小都等于雪橇拉狗的力的大小 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】不管在什么情况下，狗拉雪橇的力与雪橇拉狗的力属于相互作用力，因此答案为D。‎ ‎3.物体从静止开始做匀加速直线运动，第4s内通过的位移是7m，则(　　)‎ A. 第3s内的平均速度是5m/ s B. 物体的加速度是4m/s2‎ C. 4s末的速度是7m/s D. 前4s内的位移是15m ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】AB．第4s内通过的位移是7m，有 代入数据解得 第3s内的位移 则第3s内的平均速度 故A正确，B错误；‎ C．4s末的速度 故C错误；‎ D．前4s内的位移 故D错误。‎ 故选A。‎ ‎4.如图所示，一光滑小球静止放置在光滑半球面的底端，用竖直放置的光滑挡板水平向右缓慢地推动小球，则在小球运动的过程中（该过程小球未脱离球面)，木板对小球的推力F1、半球面对小球的支持力F2的变化情况正确的是（ ）‎ A. F1增大，F2减小 B. F1减小，F2减小 C. F1增大，F2增大 D. F1减小，F2增大 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】对小球受力分析，受重力、挡板向右的支持力和半球面的支持力，如图，根据平衡条件解得：‎ 由于θ不断增加，故F1增大、F2增大，故C正确。‎ 故选C。‎ ‎5.从同一高度同时以20m/s的速度抛出两小球，一球竖直上抛，另一球竖直下抛．不计空气阻力，取重力加速度为10m/s2．则它们落地的时间差为 A. 3s B. 4s C. 5s D. 6s ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】设两球距离地面的高度为h，则 对竖直上抛的小球，有﹣h=v0t﹣，‎ 对竖直下抛小球，有h=v0t′+‎ 落地的时间差为△t=t′﹣t 联立解得，△t=4s 故选B ‎6.某物体做直线运动，时刻方向向东，其速度—时间图像如图所示，下列说法正确的是（ ）‎ A. 第末，物体的加速度方向向东 B. 第末，物体的合力为零 C. 第末，物体离出发点最远 D. 第末，物体正在向东运动 ‎【答案】C ‎【解析】‎ 试题分析：由图像可知，内，物体向东做匀减速运动，故第末加速度向西，故A错误；整体物体做匀变速直线运动，故加速度不为零，则合力不为零，故B错误；内，物体向东做匀减速运动，第末速度为零，然后反方向运动，故第末，物体离出发点最远，故C正确；由图像可知物体向西运动，故选项D错误．‎ 考点：匀变速直线运动的图像 ‎【名师点睛】本题是速度-时间图象问题，抓住图象的数学意义来理解其物理意义：斜率表示加速度，面积表示位移．‎ ‎7. 如图所示，静止在光滑水平面上的物体A，一端靠着处于自然状态的弹簧．现对物体作用一水平恒力，在弹簧被压缩到最短这一过程中，物体的速度和加速度变化的情况是 A. 速度增大，加速度增大 B. 速度增大，加速度减小 C. 速度先增大后减小，加速度先增大后减小 D. 速度先增大后减小，加速度先减小后增大 ‎【答案】D ‎【解析】‎ 当F与弹簧弹力大小相等时速度最大，加速度为零，所以速度先增大后减小，加速度先减小后增大，D正确 ‎8.一个物体受到三个共点的恒力作用，三个恒力的大小分别是2N、4N、7N．能够正确描述物体可能的运动情况的图像是 A. B. C. D. ‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】ABC、2N和4N的两个力的合力范围为2N∼6N，与7N的力大小不可能相等，所以该物体不可能处于平衡状态，即不可能静止或匀速直线运动．故ABC错误．‎ D. 三个力的合力是恒力，则物体一定做匀变速运动，速度可能均匀增大，则D是可能的，故D正确．‎ 故选D.‎ ‎9.如图所示，一根很长、且不可伸长柔软轻绳跨过光滑定滑轮，绳两端各系一个小球a和b．a球质量为m，静置于地面；b球质量为4m, 用手托住，高度为h，此时轻绳刚好拉紧．从静止开始释放b后，a能够达到的最大高度为 A. 3h B. 4h C. 1.6h D. 2.6h ‎【答案】C ‎【解析】‎ 释放b后，至b落地前，据机械能守恒得．之后a做竖直上抛运动，由得．所以a能够达到的最大高度为1.6h，C对．‎ ‎10.如图所示，两相同小球a、b用轻弹簧A、B连接并悬挂在天花板上保持静止，水平力F作用在a上并缓慢拉a，当B与竖直方向夹角为时，A、B伸长量刚好相同。若A、B的劲度系数分别为k1、k2，则以下判断正确的是（ ）‎ A. k1：k2=1:2‎ B. k1：k2=1:4‎ C. 撤去F的瞬间，a球的加速度为g D. 撤去F瞬间，b球处于完全失重状态 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】AB．先对b球受力分析，受重力和拉力，根据平衡条件，有 再对a、b球整体受力分析，受重力、拉力和弹簧的拉力，如图所示，根据平衡条件，有：‎ 根据胡克定律，有：，，则有 故A错误，B正确；‎ C．球a原来受重力、拉力和两个弹簧的拉力，撤去F的瞬间，撤去拉力F瞬间，其余3个力不变，合力与原来的F大小相等，方向相反，则 所以a球加速度 故C错误；‎ D．球b受重力和拉力，撤去F的瞬间，重力和弹力都不变，故加速度仍然为零，处于平衡状态，故D错误。‎ 故选B。‎ ‎11.如图所示，一物体放在一倾角为θ的斜面上，向下轻轻一推，它刚好能匀速下滑．若给此物体一个沿斜面向上的初速度v0，则它能上滑的最大路程是（　　）‎ A. B. ‎ C. D. ‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ 物体沿斜面匀速下滑时，由平衡条件得物体所受的滑动摩擦力大小为：f=mgsinθ，当物体沿斜面向上滑动时，根据牛顿第二定律有：mgsinθ+f=ma，解得：a=2gsinθ，方向沿斜面向下，根据速度位移公式：，联立以上解得：，故C正确，ABD错误．‎ ‎12.如图所示，质量分别为m1、m2的甲、乙两木块之间压缩一轻弹簧，用细线拉紧，竖直放置在水平地面上。当整个装置处于静止状态时，弹簧竖直，细线的拉力大小为F。将细线剪断的瞬间，下列说法中正确的是（　　　）‎ A. 甲的加速度大小为 B. 甲的加速度大小为 C. 乙对地面的压力大小为(m1+m2)g+F D. 地面对乙的支持力大小为(m1+m2)g ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】AB．细线剪断前，对甲进行受力分析，由受力平衡可得：弹簧的弹力 细线剪断的瞬间，弹簧形变量不变，弹簧的弹力不变，故甲受到的合外力为 故甲的加速度 故AB错误；‎ CD．对乙进行受力分析，由受力平衡可得：地面对乙的支持力大小为 根据牛顿第三定律知，乙对地面的压力大小为 故C正确，D错误。‎ 故选C。‎ ‎13.如图所示，一根不计质量的轻杆AC垂直插入竖直墙内，杆的另一端装一质量不计的光滑小滑轮，一根轻细绳BCD跨过滑轮，绳子B端固定在墙上，且BC段与墙之间的夹角为60°，CD段竖直且足够长.一质量为带孔的小球穿在细绳CD段上，小球以加速度匀加速下滑，不计空气阻力，.则滑轮对轻杆的作用力大小为 A. B. C. D. ‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】对小球，由牛顿第二定律：mg-T=ma，解得T=8N，故绳子的张力T=8N；将绳子的拉力进行合成，如图所示： ‎ ‎ 故绳子对滑轮的压力为T=8N；滑轮受绳子的压力和杆的支持力而平衡，故杆对滑轮的作用力大小为8N，由牛顿第三定律可知滑轮对轻杆的作用力大小为8N，故B正确；故选B．‎ 二．本大题4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中有一个或一个以上的选项正确，全对得2分，选对但不全得2分，有错或不选得0分．‎ ‎14. 下列有关惯性的说法正确的是（ ）‎ A. 牛顿第一定律给出了惯性的概念 B. 任何有质量的物体都一定有惯性 C. 对同一个物体而言，施加的外力越大，该物体的状态改变的越快，说明惯性与物体的受力有关 D. 物体运动的速度越大，速度变为零需要的时间越长，说明物体的惯性与速度有关 ‎【答案】AB ‎【解析】‎ 试题分析：由牛顿第一定律可知，力是改变物体运动状态的原因；惯性是物体的固有属性，物体在任何状态下均有惯性，惯性大小只与质量有关，与其它任何因数没有关系．‎ 解：A、惯性是由惯性定律（牛顿第一运动定律）所推导出来的物体本身所具有的一种性质，故A正确；‎ B、惯性是物体的固有属性，任何有质量的物体都一定有惯性，故B正确；‎ C、惯性大小只与质量有关，与其它任何因数没有关系，即与速度、受力情况无关，故CD错误．‎ 故选AB ‎15.如图甲所示，在倾角为的粗糙且足够长的斜面底端，一质量m＝2kg可视为质点的滑块压缩一轻弹簧并锁定，滑块与弹簧不相连，t＝0s时解除锁定，计算机通过传感器描绘出滑块的速度时间图像如图乙所示，其中Ob段为曲线，bc段为直线，g取10m/s2，sin＝0.6，cos＝0.8。则下列说法正确的是（ ）‎ A. 在0.15s末滑块的加速度为－8m/s2‎ B. 滑块在0.1～0.2s时间间隔内沿斜面向下运动 C. 滑块与斜面间的动摩擦因数μ＝0.25‎ D. 在滑块与弹簧脱离之前，滑块一直在做加速运动 ‎【答案】AC ‎【解析】‎ ‎【详解】A．在v－t图象中，斜率代表加速度，斜率为，故A正确；‎ B．由v－t图象可知，沿斜面向上为正方向，滑块在0.1s～0.2s时间间隔内速度为正，故物块还是沿斜面向上运动，故B错误；‎ C．滑块在0.1s～0.2s内，由牛顿第二定律可知 得，故C正确；‎ D．在0-0.1s过程中为物体和弹簧接触过程，由图象可知，滑块先做加速后做减速运动，故D错误。‎ 故选AC。‎ ‎16.如图所示，一条细线一端与地板上的物块B相连，另一端绕过轻质光滑滑轮与小球A相连．滑轮用另一条细线悬挂在天花板上的点，细线OO1与竖直方向夹角为α=30°，OA与OB的夹角为θ，系统处于静止状态．已知小球A重10 N，则 A. 细线OA的拉力为10 N B. OO1绳上的拉力大小为20 N C. B对地面的摩擦力大小为5N D. 细线OA与OB间的夹角θ=60°‎ ‎【答案】AD ‎【解析】‎ ‎【详解】A、对小球A受力分析，受重力和拉力，根据平衡条件，有T=mg=10N；故A正确.‎ B、D、对滑轮分析，受三个拉力，如图所示：‎ ‎，由平衡条件可知，而；故B错误，D正确.‎ C、对滑块受力分析，受重力、支持力、拉力和静摩擦力，根据平衡条件，竖直方向有：N+Tcosθ=mg，水平方向有：Tsinθ=f，解得；故C错误.‎ 故选AD.‎ ‎17.如图所示，一水平的浅色长传送带上放置一质量为m的煤块(可视为质点)，煤块与传送带之间的动摩擦因数为μ.初始时，传送带与煤块都是静止的．现让传送带以恒定的加速度a开始运动，当其速度达到v后，便以此速度做匀速运动．经过一段时间，煤块在传送带上留下了一段黑色痕迹后，煤块相对于传送带不再滑动，关于上述过程，以下判断正确的是(重力加速度为g)(　　)‎ A. μ与a之间一定满足关系 B. 煤块从开始运动到相对于传送带静止经历的位移为 C. 煤块从开始运动到相对于传送带静止经历的时间为 D. 黑色痕迹的长度为 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A.要发生相对滑动，传送带的加速度需大于煤块的加速度，即，则有：‎ ‎，故选项A不符合题意；‎ ‎ BC.当煤块的速度达到时，经历的时间：，经过的位移：，故选项B不符合题意，C符合题意；‎ D.此时传送带的位移：，则黑色痕迹的长度：‎ ‎，故选项D不符合题意．‎ 第Ⅱ卷 三．实验题（本大题共12分）‎ ‎18.某同学设计了测量木块与木板间动摩擦因数的实验，实验的主要步骤如下：‎ A.用弹簧测力计测量木块重G=5.0N.‎ B.将木板放在水平面上，木块放在木板上，弹簧测力计的一端固定在墙上，另一端用细绳与木块连接，如图所示.‎ C.用水平力F向左拉木板，木板向左运动，此时测力计的稳定示数如图所示.‎ 则，木块与木板间的滑动摩擦力的大小是________N，动摩擦因数为___________.‎ ‎【答案】 1.4 0.28‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】拉动木板后，弹簧测力计与木块一直静止受力平衡，故拉力与滑动摩擦力一直相等，测力计的最小刻度为0.2N，估读在同一位，则;由滑动摩擦力的定义式；联立解得.‎ ‎19.如图1所示，为“探究滑块加速度与力．质量的关系”实验装置图，滑块置于一端带有定滑轮的长木板上，左端连接纸带，纸带穿过电火花打点计时器，滑块的质量为托盘（及砝码）的质量为．‎ ‎（1）下列说法正确的是 A．为平衡滑块与木板之间的摩擦力，应将木板不带滑轮的一端适当垫高，在不挂托盘（及砝码）的情况下使滑块恰好做匀速运动 B．每次改变滑块质量时，应重新平衡摩擦力 C．本实验应远大于 D．在用图像探究加速度与质量关系时，应作图像 ‎（2）实验中，得到一条打点的纸带，如图2所示，已知相邻计数点间的时间间隔为T，且间距、、、已量出，则计算滑块加速度的表达式为 （用、、、及T表示）．‎ ‎（3）某同学在平衡摩擦力后，保持滑块质量不变的情况下，通过多次改变砝码重力，作出滑块加速度a与砝码重力F（未包括托盘）的图像如图3所示，若牛顿第二定律成立，重力加速度，则滑块的质量为 ，托盘的质量为 （结果保留两位有效数字）．‎ ‎【答案】（1）AD；（2）；（3），‎ ‎【解析】‎ 试题分析：（1）为平衡滑块与木板之间的摩擦力，应将木板不带滑轮的一端适当垫高，在不挂托盘（及砝码）的情况下使滑块恰好做匀速运动，故A正确；平衡摩擦力只需要做一次，故B错误；只有满足应远小于的条件，才能认为托盘和砝码的重力等于小车的拉力，故C错误；用图象探究加速度与质量关系时，应作图象，故D正确．‎ ‎（2）由逐差法得：．‎ ‎（3）对图来说，图象的斜率表示物体质量的倒数，故滑块质量为：，时，产生的加速度是由于托盘作用产生的，故有：，解得：（对图中的数据读取不一样，可有一定范围）．‎ 四.计算题 （共33分）‎ ‎20.如图所示，一个物体受到竖直向上的拉力F，由静止开始向上运动.已知F=640N，物体在2s末的速度大小v=6m/s，重力加速度g取9.8m/s2.求：‎ ‎(1)物体运动的加速a的大小；‎ ‎(2)物体的质量m.‎ ‎【答案】（1）3m/s2（2）50kg ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)由运动学公式： ‎ 代入数据得：‎ ‎(2)由牛顿第二定律得：‎ 代入数据得 ‎【点睛】加速度始终是联系运动和力桥梁．求加速度是解决有关运动和力问题的基本思路，正确的受力分析和运动过程分析则是解决问题的关键．‎ ‎21.如图所示，质量M=2kg的物块A放在水平地面上，滑轮固定在天花板上，细绳跨过滑轮，一端与物块A连接，另一端悬挂质量m=1kg的物块B，细绳竖直，A、B处于静止状态．现对物体A施加向左的水平外力F，使A沿水平面向左缓慢移动．物块A刚开始移动时水平外力F1＝3N，不计绳与滑轮间的摩擦，重力加速度g取10 m/s2，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，求：‎ ‎(1)物块A与水平地面间的动摩擦因数μ；‎ ‎(2)当连接物块A的细绳与竖直方向的夹角β=37°时，水平外力F2的大小．(已知sin37°=0.6，cos37°=0.8)‎ ‎【答案】（1）0.3（2）9.6N ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)设物块A刚开始移动时，绳子的拉力为T，地面对A的支持力为，‎ 由平衡条件得,对B： ‎ 对A：‎ 代入数据得 ‎(2)设当细线与竖直方向夹角为37°时，地面对A的支持力为 由平衡条件得：‎ 代入数据，得 ‎22.如图所示为水上滑梯的简化图，倾角θ＝37°的斜滑道AB与水平滑道BC平滑连接，起点A距水面的高度H＝4.0 m，滑道末端C距水面的高度h＝1.0m．玩耍的小孩从A处无初速滑下，从C处离开．将小孩视为质点，小孩与滑道各处的动摩擦因数μ＝0.125，重力加速度g＝10 m/s2，cos37°＝0.8，sin37°＝0.6，求：‎ ‎（1）小孩沿斜滑道AB下滑时加速度a的大小．‎ ‎（2）为使小孩滑到C点时速度v不超过5 m／s，水平滑道BC的长度d至少为多少？‎ ‎【答案】（1）5 m/s2（2）10m ‎【解析】‎ 试题分析：（1）对在斜滑道上的小孩进行受力分析，列出牛顿第二定律方程：‎ 三式联立解得 代入数据得小孩沿AB下滑时加速度a＝5 m/s2‎ ‎（2）斜滑道AB的长度 设小孩滑到B点时速度大小为vB，由可求得（或＝）‎ 小孩在水平滑道BC上的加速度大小，由，将等数据代入，求得 ‎23.如图所示，长L=10m的水平传送带以速度v=8m/s匀速运动．质量分别为2m、m的小物块P、Q，用不可伸长的轻质细绳，通过固定光滑小环C相连．小物块P放在传送带的最左端，恰好处于静止状态，C、P间的细绳水平．现在P上固定一质量为2m的小物块(图中未画出)，整体将沿传送带运动，已知Q、C间距大于10 m，重力加速度g取10m/s2.求：‎ ‎ ‎ ‎(1)小物块P与传送带间的动摩擦因数；‎ ‎(2)小物块P从传送带左端运动到右端的时间；‎ ‎(3)当小物块P运动到某位置S（图中末画出）时将细绳剪断，小物块P到达传送带最右端时刚好与传送带共速，求位置S距传送带右端的距离．‎ ‎【答案】（1）0.5（2）（3）4m ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)设静止时细绳的拉力为T0，小物块P与传送带间的动摩擦因数为，P、Q受力如图:‎ 由平衡条件得：‎ ‎ ‎ ‎(2)设小物块P在传送带上运动时加速度为a1，细绳的拉力为T，P、Q受力如图，‎ 由牛顿第二定律得,对P：‎ 对Q：‎ 假设P一直加速至传送带最右端时间为t，末速度为v1由运动学公式得：‎ v1=‎ 联立以上两式并代入数据得：,v1=

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