新课标人教版2013届高三物理总复习一轮课时作业34

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新课标人教版2013届高三物理总复习一轮课时作业 课时作业34　变压器　远距离输电 时间：45分钟　　满分：100分 一、选择题(8×8′＝64′)‎ ‎1．某变压器原、副线圈匝数比为55∶9，原线圈所接电源电压按图1所示规律变化，副线圈接有负载．下列判断正确的是 ‎(　　)‎ 图1‎ A．输出电压的最大值为36 V B．原、副线圈中电流之比为55∶9‎ C．变压器输入、输出功率之比为55∶9‎ D．交流电源有效值为220 V，频率为50 Hz 解析：由题图知Um＝220 V，由＝，则U′m＝36 V，故A错误；由＝＝，可知B错误；由P入＝P出，可知C错误；由图知交流电的周期T＝2×10－2 s，所以频率f＝＝50 Hz，又因U＝＝220 V，故D正确．‎ 答案：D ‎2．如图2所示，理想变压器原、副线圈匝数之比为20∶1，原线圈接正弦交流电源，副线圈接入“220 V　60 W”灯泡一只，且灯泡正常发光．则 ‎(　　)‎ 图2‎ A．电流表的示数为 A B．电源输出功率为1200 W C．电流表的示数为 A D．原线圈端电压为11 V 解析：设理想变压器原线圈的端电压为U1，通过原线圈的电流为I1，副线圈的端电压为U2，通过副线圈的电流为I2，输入功率为P1，输出功率为P2.由灯泡正常发光可知I2＝ A ‎＝ A，U2＝220 V，根据理想变压器电流和匝数的关系＝可得I1＝ A，而电流表的示数为有效值，故A错，C正确．对于理想变压器有P1＝P2，在这里电源的输出功率就等于变压器的输入功率P1，由题意可知P2＝60 W，故电源的输出功率也为60 W，因此选项B是错误的，又由理想变压器电压和匝数的关系＝可得，U1＝4400 V，故D错．‎ 答案：C ‎3．钳形电流表的外形和结构如图3(a)所示．图3(a)中电流表的读数为‎1.2 A，图3(b)中用同一电缆线绕了3匝，则 ‎(　　)‎ 图3‎ A．这种电流表能测直流电流，图3(b)的读数为‎2.4 A B．这种电流表能测交流电流，图3(b)的读数为‎0.4 A C．这种电流表能测交流电流，图3(b)的读数为‎3.6 A D．这种电流表既能测直流电流，又能测交流电流，图3(b)的读数为‎3.6 A 解析：该钳形电流表的工作原理为电磁感应现象，所以只能测交流电流，且磁感应强度与匝数成正比，故C项正确．‎ 答案：C ‎4．一台理想降压变压器从10 kV的线路中降压并提供‎200 A的负载电流．已知两个线圈的匝数比为40∶1，则变压器的原线圈电流、输出电压及输出功率是 ‎(　　)‎ A．‎5 A,250 V,50 kW　　　　 B．‎5 A,10 kV,50 kW C．‎200 A,250 V,50 kW D．‎200 A,10 kV,2×103 kW 解析：由变压器的原理可知＝，＝，P1＝P2＝U1I1＝U2I2.由题知：U1＝10 kV，I2＝‎200 A，＝，解得U2＝250 V，I1＝‎5 A，P2＝50 kW，所以选项A正确．‎ 答案：A ‎5．远距离输送交流电都采用高压输电．我国正在研究用比330 kV高得多的电压进行输电．采用高压输电的优点是 ‎(　　)‎ A．可节省输电线的铜材料 B．可根据需要调节交流电的频率 C．可减少输电线上的能量损失 D．可加快输电的速度 答案：C ‎6．如图4所示为四种亮度可调的台灯的电路示意图，它们所用的白炽灯泡相同，且都是“220 V　40 W”．当灯泡所消耗的功率都调至20 W时，哪种台灯消耗的功率最小 ‎(　　)‎ 图4‎ 解析：从该题题干的问法上可以看出，该题是正确选项为唯一选项的单选题．‎ 台灯的消耗功率是指包含灯泡和其他辅助器件的总功率．由A、B、C、D四选项分析可知：C选项中理想变压器功率损耗为零，电源输出的总功率(台灯消耗功率)只有灯泡的功率20 W．而其他选项中，不论滑动变阻器是分压接法还是限流接法，滑动变阻器上总有功率损耗，台灯的消耗功率都大于20 W．故C选项正确．‎ 答案：C ‎7.如图5所示，理想变压器的原、副线圈匝数比为1∶5，原线圈两端的交变电压为u＝20sin 100πt V．氖泡在两端电压达到100 V时开始发光．下列说法中正确的有 ‎(　　)‎ 图5‎ A．开关接通后，氖泡的发光频率为100 Hz B．开关接通后，电压表的示数为100 V C．开关断开后，电压表的示数变大 D．开关断开后，变压器的输出功率不变 解析：本题主要考查变压器相关知识，在能力的考查上要求考生能够运用已学的物理知识进行分析判断．在解题时要注意变压器的三个决定关系，副线圈电压由原线圈决定，则不论负载如何变化，电压表的读数不变，始终为有效值100 V，B正确．每个交流电周期内氖管发光两次，每秒发光100次，则氖管发光频率为100 Hz，开关断开后，负载电阻增大、电流减小，则变压器的输出功率减小．‎ 答案：AB ‎8.图6为远距离高压输电的示意图．关于远距离输电，下列表述正确的是 ‎(　　)‎ 图6‎ A．增加输电导线的横截面积有利于减少输电过程中的电能损失 B．高压输电是通过减小输电电流来减少电路的发热损耗的 C．在输送电压一定时，输送的电功率越大，输电过程中的电能损失越小 D．高压输电必须综合考虑各种因素，不一定是电压越高越好 解析：本题考查远距离输电问题，意在考查考生对远距离输电过程中的电能和电压损失的影响因素分析．根据P＝I2R可知，在电流I一定的情况下，减小电阻R可以减少电路上的电能损失，而R＝ρ，所以增大输电线横截面积S有利于减少输电过程中的电能损失，A对；由公式P＝I2R可得，若设输送的电功率为P′，则P＝R，可见，在输送电压U一定时，输送的电功率P′越大，输电过程中的电能损失越大，C错误．‎ 答案：ABD 二、计算题(3×12′＝36′)‎ ‎9．如图7所示，一个变压器(可视为理想变压器)的原线圈接在220 V的市电上，向额定电压为1.80×104 V的霓虹灯供电，使它正常发光．为了安全，需在原线圈回路中接入熔断器，使副线圈电路中电流超过12 mA时，熔丝就熔断．‎ 图7‎ ‎(1)熔丝的熔断电流是多大？‎ ‎(2)当副线圈电路中电流为10 mA时，变压器的输入功率是多大？‎ 解析：(1)设原、副线圈上的电压、电流分别为U1、U2、I1、I2，根据理想变压器的输入功率等于输出功率，有I1U1＝I2U2.‎ 当I2＝12 mA时，即为熔断电流．代入数据，得I1＝‎0.98 A.‎ ‎(2)设副线圈中电流为I′2＝10 mA时，变压器的输入功率为P1，根据理想变压器的输入功率等于输出功率，有P1＝I′2U2‎ 代入数据，得P1＝180 W.‎ 答案：(1)‎0.98 A　(2)P1＝180 W ‎10．某发电站的输出功率为104 kW，输出电压为4 kV，通过理想变压器升压后向‎80 km远处供电．已知输电导线的电阻率为ρ＝2.4×10－8Ω·m，导线横截面积为1.5×10－‎4 m2‎，输电线路损失的功率为输出功率的4%，求：‎ ‎(1)升压变压器的输出电压；‎ ‎(2)输电线路上的电压损失．‎ 解析：设线路电阻为R，线路的损失功率为P损，线路的损失电压为U损，发电站的输出功率为P，升压变压器的输出电压为U.‎ 由电阻定律，得R＝ρ＝2.4×10－8× Ω＝25.6 Ω 线路损失的功率P损＝4%P＝I2R 则I＝＝ A＝‎‎125 A 由P＝UI得U＝P/I＝104×103/125 V＝8×104 V U损＝IR＝125×25.6 V＝3200 V.‎ 答案：(1)8×104 V　(2)3200 V ‎11．如图8所示，一理想变压器的原线圈接在电压为220 V的正弦交流电源上，两副线圈匝数分别为n2＝16匝、n3＝144匝，通过理想二极管、单刀双掷开关与一只“36 V,18 W”的灯泡相连(灯泡电阻不变)，当开关接1时，灯泡正常发光，求 图8‎ ‎(1)原线圈的匝数n1；‎ ‎(2)当开关接2时，灯泡两端电压的有效值．‎ 解析：(1)由＝得n1＝880匝．‎ ‎(2)开关接2时，有＝，解得U＝40 V，设交变电流的周期为T，则·＝T，U′＝20 V.‎ 答案：(1)880匝　(2)20 V