2018-2019学年广东省蕉岭县蕉岭中学高二下学期第三次月考物理试题 word版

2018-2019学年广东省蕉岭县蕉岭中学高二下学期第三次月考物理试题 word版

蕉岭中学2018～2019学年第二学期第三次质检试题 高二年级 物理科 试题总分：100分 考试时间：90分钟 ‎ 一、单项选择题：在每个小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。（共10小题，每小题3分，共30分）‎ ‎1．如图所示，矩形线框在磁场内做的各种运动中，能够产生感应电流的是 (　　 )‎ ‎2．如图，两个接触面平滑的铅柱压紧后悬挂起来，下面的铅柱不脱落，主要原因是(　 )‎ A．铅分子做无规则热运动 B．铅柱受到大气压力作用 C．铅柱间存在万有引力作用 D．铅柱间存在分子引力作用 ‎3．入射光照射到某金属表面上发生光电效应，若入射光的强度减弱，而频率保持不变，则 ‎ ‎(　　)‎ A．从光照至金属表面上到发射出光电子之间的时间间隔将明显增加 B．逸出的光电子的最大初动能将减小 C．单位时间内从金属表面逸出的光电子数目将减小 D．不发生光电效应 ‎4．若大气压约为P0=1.0×105Pa，请估算水下20 m处的压强约为（ ）‎ A．2P0 B．3P0 C．4P0 D．P0 ‎ ‎5．下列核反应方程及其表述中错误的是(　　)‎ A．He＋H→He＋H是原子核的α衰变 B． He＋Al→P＋n 是原子核的人工转变 C． Na →Mg＋e 是原子核的β衰变 D． 235 92U＋n →Kr＋Ba＋3n 是重核的裂变反应 ‎6．下列关于布朗运动的说法，正确的是 (　　)‎ A．布朗运动是液体分子的无规则运动 B．悬浮颗粒越大，布朗运动越剧烈 C．布朗运动是由于液体各部分的温度不同而引起的 D．布朗运动是由液体分子从各个方向对悬浮颗粒撞击作用的不平衡引起的 ‎7．(单选)在匀强磁场中一矩形金属框绕与磁感线垂直的转轴匀速转动，如图甲所示，产生的交变电动势的图象如图乙所示，则(　　)．‎ A．t＝0.005 s时线框的磁通量变化率为零 B．t＝0.01 s时线框平面与中性面重合 C．线框产生的交变电动势有效值为311 V D．线框产生的交变电动势频率为100 Hz ‎8．如图，理想变压器原、副线圈匝数比n1∶n2＝2∶1，和均为理想电表，灯泡电阻RL＝6 Ω，AB端电压u1＝12sin 100πt (V)，下列说法正确的是(　　)．‎ A．电流频率为100 Hz　 B.的读数为24 V C.的读数为0.5 A　 D．变压器输入功率为6 W ‎9．如图所示，由电源、小灯泡、电阻丝、开关组成的电路中，当闭合开关S后，小灯泡正常发光，若用酒精灯加热电阻丝时，发现小灯泡亮度变暗，发生这一现象的主要原因是（ ）‎ A．小灯泡的电阻发生了变化 B．小灯泡灯丝的电阻率随温度发生了变化 C．电阻丝的电阻率随温度发生了变化 D．电源的电压随温度发生了变化 ‎10．(单选)质谱仪是测带电粒子质量和分析同位素的一种仪器，如图所示．它的工作原理是带电粒子(不计重力)经同一电场加速后，垂直进入同一匀强磁场做圆周运动，然后利用相关规律计算出带电粒子质量．图中虚线为某粒子运动轨迹，由图可知(　　)．‎ A．此粒子带负电 B．下极板S2比上极板S1电势高 C．若只增大加速电压U，则半径r变大 D．若只增大入射粒子的质量，则半径r变小 二、多项选择题：共5小题，每小题4分，共20分；在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。‎ ‎11．关于物理学史，以下叙述正确的是(　　)．‎ A．法拉第发现了电磁感应现象 B．惯性是物体的固有属性，速度大的物体惯性一定大 C．牛顿最早通过理想斜面实验得出力不是维持物体运动的原因 D．感应电流遵从楞次定律所描述的方向，这是能量守恒定律的必然结果 ‎12．图中的实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带正电粒子的运动轨迹，粒子先经过M点，再经过N点，可以判定(　　)‎ A．M点的电势低于N点的电势 B．M点的电势高于N点的电势 C．粒子在M点受到的电场力大于在N点受到的电场力 D．粒子在M点受到的电场力小于在N点受到的电场力 ‎13．(多选)在如图所示的电路中，A1和A2是两个相同的灯泡，线圈L的自感系数足够大，电阻可以忽略不计．下列说法中正确的是(　　)．‎ A．合上开关S时，A2先亮，A1后亮，最后一样亮 B．断开开关S时，A1和A2都要过一会儿才熄灭 C．断开开关S时，A2闪亮一下再熄灭 D．断开开关S时，流过A2的电流方向向右 ‎14．(多选)回旋加速器的原理如图所示，它由两个铜质D形盒D1、D2构成，其间留有空隙，下列说法正确的是(　　)．‎ A．离子从电场中获得能量 B．离子从磁场中获得能量 C．只增大空隙距离可增加离子从回旋加速器中获得的动能 D．只增大D形盒的半径可增加离子从回旋加速器中获得的动能 ‎15．如图所示是圆盘发电机的示意图；铜盘安装在水平的铜轴上，它的边缘正好在两磁极之间，两块铜片C、D分别与转动轴和铜盘的边缘接触．若铜盘半径为L，匀强磁场的磁感应强度为B，回路的总电阻为R，从左往右看，铜盘以角速度ω沿顺时针方向匀速转动．则(　　)‎ A．由于穿过铜盘的磁通量不变，故回路中无感应电流 B．回路中感应电流大小不变，为 C．回路中感应电流方向不变，为C→D→R→C D．回路中有周期性变化的感应电流 三、实验题：（每空2分，共14分）‎ ‎16．研究小组欲测一新材料制成的均匀圆柱体的电阻率．步骤如下：‎ ‎(1)用游标卡尺测量其直径如图甲所示，则其直径为________mm；‎ ‎(2)用多用电表的电阻“×10”挡粗测其电阻，指针如图乙所示，读数为________Ω；‎ ‎(3)用伏安法测定该圆柱体在不同长度时电阻，除被测圆柱体外，还有如下供选择的实验器材：‎ 电流表A1(量程0～400 μA，内阻约200 Ω) 电流表A2(量程0～10 mA，内阻约30 Ω)‎ 电压表V1(量程0～3 V，内阻约10 kΩ) 电压表V2(量程0～15 V，内阻约25 kΩ)‎ 直流电源E(电动势4 V，内阻不计)‎ 滑动变阻器R1(阻值范围0～50 Ω，允许通过的最大电流2.0 A)‎ 滑动变阻器R2(阻值范围0～2 kΩ，允许通过的最大电流0.5 A)‎ 开关S、导线若干 为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，电流表应选______，电压表应选_________，滑动变阻器应选_________，‎ 请在如图所示的虚线框中画出测量的电路图，并标明所用器材的代号．‎ ‎(4)根据伏安法测出的圆柱体的电阻和长度的对应值，作出R－L图象，则这种材料的电阻率为________(用图象的斜率k、圆柱体的直径d表示)．‎ 四、计算题：（共36分，必须有必要的文字说明）‎ ‎17．（7分）如图，绝缘水平面上静止着两个质量均为m、电荷量均为＋Q的物体A和B(A、B均可视为质点)，它们间的距离为r，与水平面间的动摩擦因数均为μ，求：‎ ‎(1)A受的摩擦力为多大？‎ ‎(2)如果将A的电荷量增至＋4Q，两物体开始运动，当它们的加速度第一次为零时，A、B之间的距离？‎ ‎18．（8分）如图所示，电阻不计的平行金属导轨MN和OP放置在水平面内，MO间接有阻值为R＝3 Ω的电阻．导轨相距d＝1 m，其间有竖直向下的匀强磁场，磁感应强度B＝0.5 T．质量为 m＝0.1 kg，电阻为r＝1 Ω的导体棒CD垂直于导轨放置，并接触良好．用平行于MN的恒力F＝1 N向右拉动CD，CD受到的摩擦阻力f恒为0.5 N．则：‎ ‎(1)CD运动的最大速度是多少？‎ ‎(2)当CD达到最大速度后，电阻R消耗的电功率是多少？‎ ‎19．（8分）如图所示，A、B两球质量均为m，其间有压缩的轻短弹簧处于锁定状态(A、B两球与弹簧两端接触但不连接)．弹簧的长度、两球的大小均忽略，整体视为质点，该装置从半径为R的竖直光滑圆轨道左侧与圆心等高处由静止下滑，滑至最低点时，解除对弹簧的锁定状态之后，B球恰好能到达轨道最高点，求：‎ ‎(1)该装置刚滑至最低点时的速度大小；‎ ‎(2)弹簧处于锁定状态时的弹性势能．‎ ‎20．（13分）如图所示的平面直角坐标系xOy，在第Ⅰ象限内有平行于y轴的匀强电场，方向沿y轴正方向；在第Ⅳ象限有矩形区域的有界匀强磁场，方向垂直于xOy平面向里，ab两点距离为L，且ab边与y轴平行．一质量为m、电荷量为q的粒子，从y轴上的P(0，h)点，以大小为v0的速度沿x轴正方向射入电场，通过电场后从x轴上的a(2h,0)点进入磁场，又从b点出磁场，不计粒子所受的重力．求：‎ ‎(1)电场强度E的大小；‎ ‎(2)粒子到达a点时速度的大小和方向；‎ ‎(3)矩形区域磁场的磁感应强度B和矩形区域的最小面积．‎ ‎[]‎ 蕉岭中学2018～2019学年第二学期第三次质检试题 高二物理答案 单项选择题：（每题3分，共30分）‎ 题号 ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ ‎5‎ ‎6‎ ‎7‎ ‎8‎ ‎9‎ ‎10‎ 答案 B D C B A D B D C C 多项选择题：（每题4分，共20分）‎ 题号 ‎11‎ ‎12‎ ‎13‎ ‎14‎ ‎15‎ 答案 AD BD AB AD BC 实验题：（每空2分，共14分）‎ ‎16． (1)0.25　(2)220　(3) A2 V1 R1 如图所示　(4) 计算题：（共36分）‎ ‎17．解：(1)由A受力平衡得，A受的摩擦力为f＝F库＝k （3分）‎ ‎(2)当加速度第一次为零时，库仑力和滑动摩擦力大小相等 μmg＝k （2分） ‎ 解得：r′＝2Q （2分）‎ ‎18．解：(1)设CD棒加速度为0时，有最大速度v，则 导体棒产生的感应电动势为E＝Bdv ① （1分）‎ 据闭合电路欧姆定律I＝ ② （1分）‎ 则安培力为：F0＝BdI ③ （1分）‎ 加速度为0，有 F－F0－f＝0 ④ （1分）‎ 联立①②③④得 v＝8 m/s. （1分）‎ ‎ (2)棒CD速度最大时，电阻R消耗的电功率 P＝IR ⑥ （2分）‎ 解得：P＝3 W （1分）‎ ‎19．解得：(1) 设A、B系统滑到圆轨道最低点时锁定状态的速度为v0，根据机械能守恒得 ‎2mgR＝×2mv ① 解得：v0＝ （2分）‎ ‎(2)小球B解除锁定后瞬间速度为vB，到轨道最高点的速度为v，则有 mg＝m ② mv＝mg·2R＋mv2 ③ 解得：vB＝ （3分）‎ 解除弹簧锁定后A、B的速度分别为vA、vB，弹性势能为E弹，则有 ‎2mv0＝mvA＋mvB ④[‎ ×2mv＋E弹＝mv＋mv ⑤ ‎ 解得：E弹＝(7－2)mgR （3分）‎ ‎20．解：带电粒子在电场中做类平抛运动，在磁场中做匀速圆周运动，射出磁场后做匀速直线运动．‎ ‎(1)带电粒子在电场中从P到a的过程中做类平抛运动水平方向上：2h＝v0t①‎ 竖直方向上：h＝at2②‎ 由牛顿第二定律得a＝③‎ 由①②③式联立，解得E＝④ （4分）‎ ‎(2)粒子到达a点时沿y轴负方向的分速度为vy＝at⑤‎ 由①③④⑤式得vy＝v0⑥‎ 而vx＝v0⑦‎ 粒子到达a点的速度va＝＝v0⑧‎ 设速度方向与x轴正方向的夹角为θ，则tan θ＝＝1，θ＝45°⑨‎ 即到a点时速度方向指向第Ⅳ象限与x轴正方向成45°角． （4分）‎ ‎(3)粒子进入磁场后做匀速圆周运动，有qvB＝m⑩‎ 几何关系得R＝L ⑪ 由⑩⑪解得：B＝.‎ 矩形区域最小面积如右， ‎ 解得： （5分）‎