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文档介绍
江西省上饶市广丰县新实中学2019-2020学年高一上学期期中考试物理考前模拟试题
www.ks5u.com 2019秋江西省上饶市广丰县新实中学高一（上）期中 物理考前模拟 一、单选题（本大题共8小题，共32.0分） 1. 下列各组物理量中，全部都是矢量的是 A. 位移、加速度、速度、时间 B. 速度、力、时间、平均速度 C. 位移、速度、加速度、平均速度 D. 速度、质量、加速度、路程 【答案】C 【解析】 时间，路程，质量这些只有大小没有方向的物理量叫做标量，速度，加速度，位移，力等这些既有方向又有大小的物理量叫做矢量，其中平均速度也是矢量．它的方向取决于这一段时间内发生的位移的方向．所以选C 2.关于物理学发展过程中的认识，下列说法正确的是（ ） A. 奥斯特发现了电流的磁效应,并发现了电磁感应现象 B. 法拉第在分析了许多实验事实后提出,感应电流应具有这样的方向,即感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化 C. 楞次发现了电流的磁效应,揭示了磁现象和电现象之间的联系 D. 在法拉第、纽曼、韦伯等人工作的基础上,人们认识到：电路中感应电动势的大小,跟穿过这一电路的磁通量的变化率成正比,后人称之为法拉第电磁感应定律 【答案】D 【解析】 【详解】AC．奥斯特发现了电流的磁效应，揭示了磁现象和电现象之间的联系，法拉第发现了电磁感应现象，故AC错误； B．楞次在分析了许多实验事实后提出，感应电流应具有这样的方向，即感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化，故B错误； D．纽曼、韦伯在对理论和实验资料进行严格分析后，先后指出：闭合电路中感应电动势大小，跟穿过这一电路的磁通量的变化率成正比，后人称之为法拉第电磁感应定律，故D正确； 3.下述说法中正确的是（ ） A. 汽车以更高速度行驶时具有更大的惯性 B. 物体静止时有惯性,一旦运动起来运动状态就发生改变,物体也就失去了惯性 C. 在相同的外力作用下,获得加速度大的物体惯性小 D. 物体做匀速直线运动时具有惯性,但合外力不为零时惯性将消失 【答案】C 【解析】 【详解】AB．惯性大小只与质量有关，与速度大小和运动状态无关，AB错误； C．由F=ma知，在相同的外力作用下，获得加速度大的物体质量小，惯性小，C正确； D．物体在任何情况下都有惯性，D错误． 4. 某质点向东运动12m，又向西运动20m，又向北运动6m，则它运动的路程和位移大小分别是 A 2m，10m B. 38m，10m C. 14m，6m D. 38m，6m 【答案】B 【解析】 物体运动的路程为12+20+6=38m，由右图可知，在东西方向最后是向西8m，又向北运动6m，最后位移为10m，B对． 5.质量m=1kg的物体做直线运动的速度—时间图象如图所示,根据图象可知，下列说法中正确的是 A. 物体在0-8s内的平均速度方向与1s末的速度方向相同 B. 物体在0-2s内的速度变化比2-4s内的速度变化快 C. 物体在2-4s内合外力做的功为零 D. 物体在2s末速度方向发生改变 【答案】C 【解析】 由图象可知0-8s内的平均速度方向与1s末的速度方向相反， A错．物体在0-2s内的速度变化比2-4s内的速度变化慢，B错．物体在2-4s内动能变化为零，外力做功为零, C正确．2s末速度仍为正方向，D错． 6. 放在粗糙水平面上的物体，在水平拉力F的作用下以加速度a运动，现将拉力F改为2F（仍然水平方向），物体运动的加速度大小变为a′．则( ) A. a′=a B. a＜a′＜2a C. a′=2a D. a′＞2a 【答案】D 【解析】 由牛顿第二定律分别可列方程，从而解得；.所以，D正确， 思路分析：物体在粗糙的水平面上受到拉力F和滑动摩擦力两个力作用，根据牛顿定律解题 试题点评：本题考查了牛顿第二定律的应用，关键是对物体进行受力分析， 7.甲物体的重力是乙物体的3倍，它们在同一高度处同时自由下落，则下列说法中正确的是 A. 甲比乙先着地 B. 甲比乙的加速度大 C. 甲、乙同时着地 D. 无法确定谁先落地 【答案】C 【解析】 【分析】 由题中“它们在同一高度处同时自由下落”可知，本题考查自由落体运动，根据自由落体规律可进行分析． 【详解】ACD．由于甲乙处于同一高度，都做自由落体运动，根据公式 可知，时间为，时间相同，甲乙同时落地，故AD错误，C正确； B．自由落体所受加速度为重力加速度，大小都为g，故B错误． 8.一辆汽车以6m/s的速度沿平直公路匀速行驶，突然发现前方有障碍物，立即刹车，汽车以大小2m/s2的加速度做匀减速直线运动，那么刹车后1s内与刹车后4s内汽车通过的位移之比为（ ） A. 9：5 B. 5：9 C. 8：5 D. 5：8 【答案】B 【解析】 【详解】汽车速度减为零的时间 刹车后1s内的位移 =5m 刹车后4s内的位移等于3s内的位移， 则 x1：x2=5：9． A．9：5，与结论不相符，选项A错误； B．5：9，与结论相符，选项B正确； C．8：5，与结论不相符，选项C错误； D．5：8，与结论不相符，选项D错误； 二、多选题（本大题共4小题，共16.0分） 9.下列关于加速度的描述中，正确的是（ ） A. 加速度在数值上等于单位时间里速度的变化 B. 当加速度与速度方向相同且又减小时，物体做减速运动 C. 速度方向为正，加速度方向为负 D. 速度变化越来越快，加速度越来越小 【答案】A 【解析】 【详解】A．加速度在数值上等于单位时间里速度的变化，A正确； B．只要加速度方向与速度方向同向，速度就会增大，B错误； C．速度和加速度方向是人为规定的，只要是与规定的正方向相同就都是正值，C错误； D．速度变化越来越快时，加速度越来越大，D错误。 故选A。 10.如图所示，质量为M的木板C放在水平地面上，固定在C上的竖直轻杆的顶端分别用细绳a和b连接小球A和小球B，小球A、B的质量分别为mA和mB，当与水平方向成30°角的力F作用在小球B上时，A、B、C刚好相对静止一起向右匀速运动，且此时绳a、b与竖直方向的夹角分别为30°和60°，则下列判断正确的是（ ） A. 力F的大小为mBg B. 地面对C的支持力等于（M＋mA＋mB）g C. 地面对C的摩擦力大小为mBg D. mA＝mB 【答案】ACD 【解析】 以B为研究对象，分析受力，水平方向受力平衡，则有：Fcos30°=Tbcos30°，得：Tb=F 竖直方向受力平衡，则：Fsin30°+Tbsin30°=mBg得：F=mBg，故A正确；以ABC整体为研究对象受力分析，竖直方向：N+Fsin30°=（M+mA+mB）g, 可见N小于（M+mA+mB）g，故B错误；以ABC整体为研究对象受力分析，水平方向：f=Fcos30°=mBgcos30°=mBg，故C正确；以A为研究对象受力分析，竖直方向：mAg+Tbsin30°=Tasin60°；水平方向：Tasin30°=Tbsin60°；联立得：mA=mB，故D正确；故选ACD. 点睛:本题考查受力分析以及平衡条件的应用，关键是灵活的选择研究对象，采用隔离法和整体法结合比较简便． 11.如图所示，一根绳子一端固定于竖直墙上的A点，另一端绕过动滑轮P悬挂一重物B，其中绳子的PA段处于水平状态，另一根绳子一端与动滑轮P的轴相连，在绕过光滑的定滑轮Q后在其端点O施加一水平向左的外力F，使整个系统处于平衡状态，滑轮均为光滑、轻质，且均可看作质点，现拉动绳子的端点O使其向左缓慢移动一小段距离后达到新的平衡状态，则该平衡状态与原平衡状态相比较（ ） A. 拉力F增大 B. 拉力F减小 C. 角θ不变 D. 角θ减小 【答案】AD 【解析】 【详解】以动滑轮P为研究对象，AP、BP段绳子受的力始终等于B的重力，两绳子拉力的合力在∠APB的角平分线上，拉动绳子后，滑轮向上运动，两绳子夹角减小，两拉力的合力增大，故F增大，A项正确，B项错；PQ与竖直方向夹角等于∠APB的一半，故拉动绳子后角θ减小，C项错，D项正确． 12.倾角为θ=37°的斜面与水平面保持静止，斜面上有一重为G的物体A，物体A与斜面间的动摩擦因数μ=0.5．现给A施以一水平力F，如图所示．设最大静摩擦力与滑动摩擦力相等（sin 37°=0.6，cos 37°=0.8），如果物体A能在斜面上静止，水平推力F与G的比值可能是（ ） A. 3 B 2 C. 1 D. 0.05 【答案】BC 【解析】 【分析】 若物体刚好不下滑，分析物体受力情况：重力、水平力F、斜面的支持力和静摩擦力，此时静摩擦力沿斜面向上，达到最大值．根据平衡条件和摩擦力公式求出F与G的比值最小值，同理，物体刚好不上滑时求出F与G的比值最大值，得到F与G的比值范围，即可选择． 【详解】设物体刚好不下滑时F=F1，作出受力示意图，如图． 则由平衡条件得： F1•cosθ+f1=G•sinθ， N1=F1•sinθ+G•cosθ． 又 f1=μN1 联立得： 设物体刚好不上滑时F=F2，作出受力示意图，如图． 则由平衡条件得： F2•cosθ= f 2+G•sinθ， N2=F2•sinθ+G•cosθ， 又f 2=μN2 解得： 即,则AD错误，BC正确． 故选BC． 【点睛】本题关键要正确分析物体的受力情况，作出物体的受力示意图．当物体相对于另一物体刚要滑动时它们之间的静摩擦力达到最大值． 三、实验题（本大题共2小题，共16.0分） 13.用图甲所示的装置做“验证力的平行四边形定则”实验． (1)某同学的实验操作如下,请完成相关内容． ①在桌面上放一方木板,在方木板上铺一张白纸,用图钉把白纸钉在方木板上． ②用图钉把橡皮条一端固定在A点,另一端系上两根细绳,细绳的另一端系有绳套． ③用两个弹簧测力计分别钩住绳套,互成角度地拉橡皮条,橡皮条伸长,使结点到达某一位置O．记下O点的位置,读出两个弹簧测力计的示数,并_______________________________． ④按选好的标度,用铅笔和刻度尺作出两个弹簧测力计的拉力F1和F2的图示,并用平行四边形定则求出合力F. ⑤只用一个弹簧测力计,通过细绳套把橡皮条的结点拉到同样的位置O,_______________,记下细绳的方向,按同一标度作出这个力F'的图示． (2)某次实验中弹簧测力计的示数如图乙所示,则两弹簧测力计的拉力的大小分别为______N、______N． (3)若两个弹簧测力计的读数分别为3.00 N、4.00 N,且两弹簧测力计拉力方向的夹角为锐角,则______(选填“能”或“不能”)用一个量程为5 N的弹簧测力计测出它们的合力． 【答案】 (1). 记录两个力方向 (2). 读出测力计的示数 (3). 2.50 (4). 4.00 (5). 不能 【解析】 【详解】（1）[1][2]．力的合成遵循平行四边形定则，力的图示法可以表示出力的大小、方向和作用点，因而要表示出分力，必须先测量出其大小和方向，故步骤③中应分别记录细绳的方向；步骤⑤中应读出测力计的示数； （2）[3][4]．由图像可知两弹簧测力计的拉力的大小分别为2.50N和4.00N； （3）[5]．本实验采用了“等效法”，两个弹簧的弹力的合力的实际值测量值为一个弹簧拉绳套时的弹簧的弹力大小和方向，若两个弹簧测力计的读数分别为3.00 N、4.00 N；且两弹簧测力计拉力方向的夹角为锐角，则其合力大于5N，故不能用一个量程为5 N的弹簧测力计测出它们的合力． 14.如图甲所示是某同学探究加速度与力关系的实验装置．他在气垫导轨上B处安装了一个光电门，滑块上固定一遮光条，滑块用细线绕过气垫导轨左端的定滑轮与力传感器相连，传感器下方悬挂钩码，每次滑块都从A处由静止释放． （1）该同学用游标卡尺测量遮光条的宽度d，如图乙所示，则d= ______ mm． （2）下列实验要求不必要的是______ （填选项前字母）． A．应使滑块质量远大于钩码和力传感器的总质量 B．应使A位置与光电门间的距离适当大些 C．应将气垫导轨调节水平 D．应使细线与气垫导轨平行 （3）改变钩码的质量，测出对应的力传感器的示数F和遮光条通过光电门的时间t，通过描点作出线性图象，研究滑块的加速度与力的关系，处理数据时应作出______图象（填“t-F”“t2-F”“-F”或“-F”），若增大滑块的质量，则该图象的斜率将______（填“增大”“减小”或“不变”），若增大滑块释放处到光电门的距离，则该图象的斜率将______（填“增大”“减小”或“不变”）． 【答案】 (1). 2.25 (2). A (3). (4). 减小 (5). 增大 【解析】 【详解】（1）[1]．由图知第6条刻度线与主尺对齐，d=2mm+5×0.05mm=2.25mm； （2）[2]．A、拉力是直接通过传感器测量的，故与滑块质量和钩码质量大小关系无关，故A不必要； B、应使A位置与光电门间的距离适当大些，有利于减小误差，故B必要； C、应将气垫导轨调节水平，使拉力才等于合力，故C必要； D、要保持拉线方向与木板平面平行，拉力才等于合力，故D必要； （3）[3][4][5]．由题意可知，该实验中保持小车质量M不变，因此有： v2=2aL 则有 且牛顿第二定律为 那么 即 斜率为 增大滑块的质量，图象的斜率将减小；增大滑块释放处到光电门的距离，则该图象的斜率将增大；所以研究滑块的加速度与力的关系，处理数据时应作出-F图象． 四、计算题（本大题共4小题，共36.0分） 15.一物体做匀加速度直线运动，初速度为v0=5m/s，加速度为a=0.5m/s2，求： (1)物体在3s内的位移； (2)物体在第3s内的位移. 【答案】（1）17.25m；（2）6.25m 【解析】 【详解】（1）物体在前内的位移为： （2）物体在前内的位移为，所以物体在第内的位移为． 16.一个质量为m=40kg的小孩站在电梯内的体重计上，电梯从t=0时刻由静止开始上升，在0到6s内体重计示数F的变化如图所示．试问：在这段时间内电梯上升的高度是多少？取重力加速度g=10m/s2． 【答案】9m 【解析】 【详解】试题分析：由图可知，在t＝0到t1＝2s的时间内，电梯向上加速运动．设在这段时间内体重计作用于小孩的力为F1，电梯及小孩的加速度为a1，根据牛顿第二定律，得： ① 在这段时间内电梯上升的高度 h1＝② 在t2-t1＝3s的时间内，电梯匀速上升，速度为t1时刻的电梯的速度，即 ③ 在这段时间内电梯上升的高度h2＝v1（t2 -t1） ④ 在t3-t2＝1s时间内，电梯做减速上升运动．设这段时间内体重计作用于小孩的力为F2，电梯及小孩的加速度为a2，由牛顿第二定律，得：⑤ 在这段时间内电梯上升的高度h3＝⑥ 电梯上升的总高度h＝h1＋h2+h3 ⑦ 由以上各式，解得h＝9m ⑧ 考点：考查了牛顿第二定律与运动学公式的综合应用 【名师点睛】连接牛顿第二定律与运动学公式的纽带就是加速度，所以在做这一类问题时，特别又是多过程问题时，先弄清楚每个过程中的运动性质，根据牛顿第二定律求加速度然后根据加速度用运动学公式解题或者根据运动学公式求解加速度然后根据加速度利用牛顿第二定律求解力 17.质量为2kg的物体静止在水平地面上，物体与地面之间的动摩擦因素为0.5，最大静摩擦力与滑动摩擦力大小视为相等．对物体施加一水平拉力, （取g＝10 N/kg）求： (1)当拉力大小为5N时，地面对物体的摩擦力是多大？ (2)当拉力大小变为12N时，地面对物体的摩擦力是多大？ (3)若撤去拉力，在物体继续滑动过程中，地面对物体的摩擦力是多大？ 【答案】(1)5 N (2)10 N (3)10 N ； 【解析】 【分析】 先求出物体与地面之间的最大静摩擦力，然后将物体受到的拉力与最大静摩擦力比较，看物体是否能够被拉动；若物体在地面上滑动时，根据滑动摩擦力的公式即可求出滑动摩擦力； 【详解】解：在地面上，FN＝mg，则滑动摩擦力(即最大静摩擦力Fmax)大小为 (1)当推力F＝5 N时，F查看更多