内蒙古赤峰二中2019-2020学年高二上学期第一次月考物理试题

内蒙古赤峰二中2019-2020学年高二上学期第一次月考物理试题

赤峰二中 2018 级高二年级第一次月考 物理试题 一、选择题：（本题共 12 小题，每小题 4 分，共 48 分。在每小题给出的 四个选项中，第 1－7 题只有一项符合题目要求，第 8－12 题有多项符合 题目要求。全部选对的得 4 分，选对但不全的得 2 分，有选错的得 0 分。）‎ ‎1.下列关于电场及电场强度的说法中,正确的是（ ）‎ A. 电荷之间的相互作用,是通过电场来发生的 B. 电场实际上并不存在,是人们想象中的一种东西 C. 电场强度是描述电场力的性质的物理量,它与试探电荷所受电场力有关 D. 电场强度的方向就是电荷在电场中所受电场力的方向 ‎【答案】A ‎【解析】‎ 电荷之间的相互作用,是通过电场来发生的，选项A正确； 电场是实际存在的,电场线是人们想象中的一种东西，选项B错误； 电场强度是描述电场的力的性质的物理量,它与试探电荷所受电场力无关，只与电场本身有关，选项C错误； 电场强度的方向就是正电荷在电场中所受电场力的方向，选项D错误；故选A.‎ ‎2.如图所示，把一个带正电的小球a放在光滑绝缘斜面上，欲使球a能静止在斜面上，需在MN间放一带电小球b，则b应（　　）‎ A. 带负电，放在A点 B. 带负电，放在C点 C. 带正电，放在B点 D. 带正电，放在C点 ‎【答案】B ‎【解析】‎ 试题分析：球a能静止在斜面上故受力平衡，若放在A点应为斥力则必为正电荷，若在C点应为引力则必为负电荷；若在B点无论是正电荷还是负电荷库仑力均与斜面弹力共线小球受力不能平衡，所以选B 考点：本题考查了电场中的三力平衡 ‎3.一个带正电的质点，电量q=2.0×10‎-9C，在静电场中由A点移到B点。在这个过程中，除电场力外，其他力做的功为6.0×10-5J，质点的动能增加了8.0×10-5J，则a、b两点间的电势差Uab为（　　）‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】根据动能定理得qUab+W其他=△Ek可得到，故选B。‎ ‎4.下面是某电热水壶的铭牌，由此可知该电热水壶正常加热1 min产生的热量为(　　)‎ A. 1.80×103 J B. 1.10×104 J C. 1.32×104 J D. 1.08×105 J ‎【答案】D ‎【解析】‎ 根据公式可知1min内产生的热量为，D正确．‎ ‎5.如图所示，平行板电容器与直流电源连接，上极板接地。一带负电的油滴位于电容器中的 P点且处于静止状态。现将下极板竖直向下缓慢地移动一小段距离，则 A. 带电油滴将竖直向上运动 B. P点的电势将升高 C. 带电油滴的机械能将增加 D. 通过灵敏电流计有从b往a的电流 ‎【答案】B ‎【解析】‎ 将下极板竖直向下缓慢移动时，板间距离d增大，电容器的电压U不变；由分析得知，板间场强减小，则油滴所受电场力减小，油滴将沿竖直向下运动．故A错误．P点到上极板的距离不变，而E减小，由U=Ed知，P点与上极板间电势差减小，且P点的电势小于零，则P点的电势升高，故B正确．油滴向下运动，电场力对油滴做负功，则其机械能减小，故C错误．电容器的电容减小，带电量减小，故电容器放电，由电流计中由a到b的电流；故D错误；故选B.‎ 点睛：本题是电容器动态变化分析问题，抓住不变量：电容器与电源保持相连，电压不变，由 、 和三个公式结合分析．‎ ‎6.如图为某台电风扇的铭牌，如果已知该电风扇在额定电压下工作时，转化为机械能的功率等于电动机消耗电功率的98%，则在额定电压下工作时，通过电动机的电流I及电动机线圈的电阻R分别是（　　）‎ A. I=‎2.5A R=11Ω B. I=‎2.5A R=88Ω C. I=‎0.4A R=11Ω D. I=‎0.4A R=550Ω ‎【答案】C ‎【解析】‎ 从电风扇的铭牌得到额定功率，额定电压，故额定电流为：,转化为机械功率等于电动机消耗的电功率的98%，根据能量守恒定律可知线圈电阻消耗功率为2%P，故：，解得：，故选C.‎ ‎【点睛】本题关键明确电机电路中能量转化情况，然后结合电功率表达式列式求解，注意正确理解其效率是解题的关键．‎ ‎7.如图所示，一边长为L的立方体绝缘体上均匀分布着电荷量为Q的电荷，在垂直于左右面且过立方体中心O的轴线上有a、b、c三个点，a和b、b和O、O和c间的距离均为L，在a点处固定有一电荷量为q(q<0)的点电荷. 已知b点处的场强为零，则c点处场强的大小为（k为静电力常量）‎ A. B. ‎ C. D. ‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ 电荷量为q点电荷在b处产生电场强度大小为 ，方向向左．由于在b点处的场强为零，所以立方体金属板和点电荷在b点处产生的电场强度大小相等，方向相反，则金属板在b处产生电场强度大小也为，方向向右．根据对称性可得：金属板在c处产生电场强度大小为，方向向左．而电荷量为q的点电荷在c处产生电场强度为： ，方向向左，所以c点处场强的大小为：Ec=E+E′= ，选项D正确，ABC错误，故选D.‎ 点睛：解决本题的关键要明确空间任意一点的电场是点电荷和金属板产生的电场的叠加，运用电场的叠加原理分析每一点的合场强．‎ ‎8.小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，P为图线上一点，PN为图线的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线．则下列说法中正确的是（　　）‎ A. 随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大 B. 对应P点，小灯泡的电阻为R＝‎ C. 对应P点，小灯泡的电阻为R＝‎ D. 对应P点，小灯泡的功率为图中矩形PQOM所围的面积 ‎【答案】ABD ‎【解析】‎ ‎【详解】A．由图象可知，通过灯泡的电流随两端电压的增大而增大，且△U＞△I，因为电阻是指对电流的阻碍作用，所以随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大，否则△U和△I的变化倍数相等，故A正确；‎ BC．由图象可知，P点对应的电压为U1，电流为I2，则灯泡的电阻R＝，故B正确；C错误；‎ D．因P=UI，所以图象中矩形PQOM所围的面积为对应P点小灯泡的实际功率，故D正确．‎ ‎9.在如图所示电路中，电流表、电压表均为理想电表。闭合开关 S，当滑动变阻器滑动片向下移动时，下列说法正确的是( )‎ A. 电压表V的示数将不变 B. 电流表A的示数将变大 C. 电流表A1的示数将变小 D. 电流表A2的示数将不变 ‎【答案】BC ‎【解析】‎ ‎【详解】AB．当滑动变阻器滑片向下移动时，其接入电路的电阻减小，电路的总电阻减小，总电流I增大，电流表读数变大，电压表V读数为 U=E-Ir，I增大，则U变小，电压表V的示数将变小，故A错误，B正确；‎ CD．电阻R1两端的电压等于电源的路端电压，路端电压变小，所以电阻R1中的电流变小，电流表A1的示数将变小，总电流变大，所以电流表A2的示数将变大，故C正确、D错误。‎ ‎10.如图甲所示为电场中的一条电场线，在电场线上建立坐标轴，则坐标轴上O～x2间各点的电势分布如图乙所示，则 A. 在O～x2间，电场强度先减小后增大 B. 在O～x2间，电场强度方向没有发生变化 C. 若一负电荷从O点运动到x2点，电势能逐渐减小 D. 从O点静止释放一仅受电场力作用的正电荷，则该电荷在O～x2间一直做加速运动 ‎【答案】BD ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据φ-x图象的斜率的绝对值大小等于电场强度，分析场强的变化，由图看出，电势逐渐降低，可判断出负电荷的电势能变化．‎ ‎【详解】φ-x图象的斜率的绝对值大小等于电场强度，由几何知识得知，斜率先增大后减小，则电场强度先增大后减小，但斜率一直是负，场强方向没有改变。故A错误，B正确。由图看出，电势逐渐降低，若一负电荷从O点运动到x2点，电势能逐渐升高。故C错误。从O点静止释放一仅受电场力作用的正电荷，受到的电场力方向与速度方向相同，做加速运动，即该电荷在O～x2间一直做加速运动。故D正确。故选D。‎ ‎【点睛】本题从数学的角度理解φ-t图象的斜率等于场强，由电势的高低判断出电场线的方向，来判断电场力方向做功情况．‎ ‎11. 一带电粒子射入一点电荷的电场中，仅在静电力作用下粒子运动的轨迹如图中实线所示，图中虚线是同心圆弧，表示电场的等势面，不计重力。可以判断（ ）‎ A. 此粒子一定受静电斥力作用 B. 粒子在B点的电势能一定小于在A点的电势能 C. 粒子在A、B两点时的加速度大小关系是 aA＞aB D. 粒子在A点和C点的速率相等 ‎【答案】AD ‎【解析】‎ 试题分析：受力方向指向轨迹的凹面一侧，即粒子受到斥力，故A对；由A到B静电力对粒子做负功，粒子的电势能增加，故B错；B点距离场源电荷近，所以B点场强较大，粒子在B点受力比在A点大，所以粒子在A、B两点时的加速度大小关系是 aA

查看更多