【物理】河南省驻马店市正阳县高级中学2019-2020学年高一上学期第三次素质检测试题 （解析版）

【物理】河南省驻马店市正阳县高级中学2019-2020学年高一上学期第三次素质检测试题 （解析版）

河南省驻马店市正阳县高级中学2019-2020学年 高一上学期第三次素质检测试题 一、选择题（1—9为单选题，10—12题为多选题，每小题4分，共48分）‎ ‎1.在国际单位制中，规定了七个物理量为基本物理量．下列选项中属于基本单位的是 A. kg和N B. m/s和s C. 千克、米 D. 质量、长度和时间 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】国际单位制中七个基本单位，力学中有三个：kg、s、m．‎ A. kg是基本单位，而N不是基本单位．故A错误．‎ B. m/s不是基本单位，故B错误．‎ C. 千克、米都是基本单位，故C正确．‎ D. 质量、长度和时间是基本物理量，不是基本单位，故D错误．‎ ‎2.由牛顿第一定律可知 A. 力是维持物体运动的原因 B. 物体只有在不受外力时才具有惯性 C. 保持匀速直线运动状态或静止状态的物体，一定不受任何力作用 D. 做匀变速直线运动的物体，合力一定不为零 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 若物体在不受任何外力时，运动的物体将永远做匀速直线运动，故A错误；‎ B. 质量是判断惯性大小的唯一量度，质量大的惯性大，惯性与物体的运动状态无关，故B错误．‎ C. 如果受力，合力为零，则物体也可以保持匀速直线运动状态或静止状态的物体，故C错误．‎ D. 根据牛顿第二定律可知，做匀变速直线运动的物体，合力一定不为零，故D正确．‎ ‎3.下列关于加速度说法正确的是 A. 由得，加速度与运动时间成反比，与速度变化量成正比 B. 速度为零时，加速度也一定为零 C. 加速度增大时，速度可以减小 D. 由得，加速度与力F成反比，与质量m成正比 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 是加速度的比值定义式，不能说加速度与运动时间成反比，与速度变化量成正比，故A错误．‎ B. 速度为零时，加速度不一定为零，例如火箭发射的瞬间，故B错误．‎ C. 当加速度方向与速度方向相反，加速度增大，速度减小，故C正确．‎ D. 由得，加速度与力F成正比，与质量m成反比，故D错误．‎ ‎4.为了行车的方便与安全，高大的桥梁要造很长的引桥，其主要目的是（ ）‎ A 增大过桥车辆受到摩擦力 B. 减小过桥车辆的重力 C. 增大过桥车辆的重力平行于引桥面向上的分力 D. 减小过桥车辆的重力平行于引桥面向下的分力 ‎【答案】D ‎【解析】‎ 对车受力分析，受重力、支持力和阻力，物体重力不变，重力产生两个作用效果，使物体沿斜面下滑，使物体紧压斜面，设斜面倾角为θ，将重力按照作用效果正交分解，如图： 由几何关系可得： 平行斜面分量为，由于引桥越长，坡角越小，越小，压力变大，故摩擦力变大，但增加摩擦不是目的，故ABC错误，D正确．‎ ‎5.用三根轻绳将质量为的物块悬挂在空中，如图所示，已知和与竖直方向的夹角分别为和，则绳和绳中的拉力分别为（ ）‎ A. ， B. ，‎ C. ， D. ，‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】设拉力为，拉力为，则有水平方向：；竖直方向：‎ ‎，由上两式可得，，选项B符合题意；‎ ‎6.在某国际航展活动中，某遥控飞机在低空飞行时的速度—时间（v-t）图象如图所示，则遥控飞机在 A. 0~2s内做匀变速直线运动 B. 第2s内和第3s内的加速度不同 C. 6s内的平均速率为0.5m/s D. 第5s末离出发点最远，且最大位移为0.5m ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A．图象的斜率代表加速度，所以0～2 s内加速度方向变化，不是匀变速直线运动，故A错误。‎ B．第2 s内和第3 s内的斜率相同，则加速度相同，故B错误。‎ C．图象与横轴围成的面积代表位移，所以6 s内的路程为：,‎ ‎6 s内的平均速率为：，故C正确。‎ D．面积代表位移，横轴上方为正，下方为负，所以第5 s末并非离出发点最远，故D错误。‎ 故选C。‎ ‎7.如图所示，两根完全相同的弹簧下挂一质量为m的小球，小球与地面间有细线相连，处于静止状态，细线竖直向下的拉力大小为2mg．若剪断细线，则在剪断细线的瞬间，小球的加速度a为（　　）‎ A. a=g方向竖直向上 B. a=g 方向竖直向下 C. a=2g 方向竖直向上 D. a=3g 方向竖直向上 ‎【答案】C ‎【解析】‎ 试题分析：开始小球处于平衡状态，两根弹簧弹力的合力等于重力和绳子的拉力之和，即两根弹簧弹力的合力．剪断细线的瞬间，弹簧弹力不变，根据牛顿第二定律得，方向竖直向上，故C正确．‎ ‎8.如图所示，质量m=10kg的物体在水平面上向右运动，物体与水平面间的动摩擦因数为0.2，与此同时物体受到一个水平向左的推力F=20N的作用，取g=10m/s2，则物体的加速度是（　　）‎ A. 0 B. 4 m/s2，水平向右 C. 4 m/s2，水平向左 D. 2 m/s2，水平向右 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】物体相对地面向右滑动，所以受到向左的滑动摩擦力，还受到向左的推力，所以合力向左，即加速度向左，根据牛顿第二定律可得：F+mg=ma，解得a=+g=4m/s2，方向向左，故C正确，A、B、D错误．‎ 故选C ‎9.如图所示，a、b两个完全相同的可视为质点的光滑小球从相同的高度静止释放，不计任何阻力，若a球自由落地所用时间为t1，b球从斜面顶端沿着斜面运动到底端时间为t2，斜面倾角 ，可以判断 A. B. ‎ C. D. ‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】对a球 ，，对b球，根据匀变速方程，联立解得：‎ A. 与分析不符，故A错误．‎ B. 与分析相符，故B正确．‎ C. 与分析不符，故C错误．‎ D. 与分析不符，故D错误．‎ ‎10.一个质量为2kg的物体在三个共点力作用下保持静止状态．现在撤掉其中两个力，这两个力的大小分别为25N和20N，剩余一个力保持不变，则物体此时的加速度大小可能是 A. 1m/s2 B. 10m/s2 C. 20m/s2 D. 30m/s2‎ ‎【答案】BC ‎【解析】‎ ‎【详解】两个力的大小分别为25N和20N，则这两个力的合力范围为 25-20N≤F合≤25+20N，‎ 即 5N≤F合≤45N，根据牛顿第二定律得，得加速度的范围为 ，2.5m/s2≤a≤22.5m/s2‎ A. 1m/s2与分析不符，故A错误．‎ B. 10m/s2与分析相符，故B正确．‎ C. 20m/s2与分析相符，故C正确．‎ D. 30m/s2与分析不符，故D错误．‎ ‎11.如图所示，人与重物处于静止状态．当人向后退一步后，人与重物重新保持静止，则退步后与退步前比较 A. 地面对人的摩擦力增大 B. 地面对人的摩擦力减小 C. 人对地面的压力增大 D. 人对地面的压力减小 ‎【答案】AC ‎【解析】‎ ‎【详解】对人受力分析，重力G、绳子的拉力T、支持力F与地面给的静摩擦力f，四力处于平衡状态．‎ 当绳子与竖直方向夹角θ变大时，则对绳子的拉力T进行力的分解得：‎ Tsinθ=f，Tcosθ+F=G 由题意可知，绳子的拉力大小T等于物体的重力，所以随着夹角θ变大，得静摩擦力增大，支持力变大，导致人对地的压力增大．‎ A. 地面对人摩擦力增大，与分析相符，故A正确．‎ B. 地面对人的摩擦力减小，与分析不符，故B错误．‎ C. 人对地面的压力增大，与分析相符，故C正确．‎ D. 人对地面的压力减小，与分析不符，故D错误．‎ ‎12.如图所示，粗糙的水平地面上有一斜劈，斜劈上一物块正在沿斜面以速度v0匀速下滑，斜劈保持静止，则物块下滑过程中 A. 地面对斜劈的摩擦力为零 B. 斜劈对物块的作用力方向竖直向上 C. 地面对斜劈的支持力小于斜劈和物块质量之和 D. 地面对斜劈摩擦力不为零，v0较大时方向向左，v0较小时方向向右 ‎【答案】AB ‎【解析】‎ ‎【详解】AD. 劈和物块都平衡，故可以对斜劈和物块整体受力分析，受重力和支持力，二力平衡，地面对斜劈无摩擦力，故A正确D错误．‎ B.物块受重力和斜劈对物块的作用力处于平衡状态，所以斜劈对物块的作用力方向竖直向上，故B正确．‎ C. 根据A选项分析可知，地面对斜劈的支持力大小等于斜劈和物块重力之和，故C错误．‎ 三．填空题﹙4×4＝16分﹚‎ ‎13.如图是某同学用打点计时器研究小车做匀变速直线运动时得到的一条纸带．图中A、B、C、D、E是按打点先后顺序依次选取的计数点，相邻计数点间的时间间隔T=0.1s．由图中的数据可计算得出，打C点时小车的速度大小是 m/s，小车运动的加速度大小是 m/s2．（保留两位有效数字）‎ ‎【答案】0.24；0.80‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】本题考查匀变速运动规律 根据平均速度等于中间时刻瞬时速度可知：0.24 m/s 根据逐差法计算加速度可知：,‎ ‎14.（1）《验证力的平行四边形定则》实验中采用的科学方法是________‎ A．理想实验法 B．等效替代法 C．控制变量法 D．建立物理模型法 ‎（2）在上述实验中，和表示两个互成角度的力，F表示由平行四边形定则作出的和的合力;表示用一个弹簧秤拉橡皮筋时的力，则下图中各图符合实验事实的是________‎ ‎【答案】 (1). B (2). A C ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）本实验中两个拉力的作用效果和一个拉力的作用效果相同，采用的科学方法是等效替代法，故ACD错误，B正确； （2）该实验中F是由平行四边形法则得出的合力，而是通过实际实验得出的，故应与OA在同一直线上，而F与组成平行四边形，故AC符合实验事实，BD不符合实验事实。‎ 四、计算题 ‎15.如图所示，质量为m=3kg的小车静止在光滑的斜面上，细线与斜面平行，斜面倾角为30°， g=10m/s2．‎ ‎（1）画出小车的受力分析示意图；‎ ‎（2）求细线对小车的拉力和斜面对小车的支持力的大小．‎ ‎【答案】（1）（2）15N；N ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）如图受力分析 ‎（2）由平衡得：‎ N=mgcos 解得支持力 N =N T=mgsin 解得拉力 T =15N ‎16.一辆汽车从静止开始启动，做匀加速直线运动，用了10s的时间达到v=20m/s的速度，然后以这个速度在平直公路匀速行驶，突然司机发现前方公路上有一只小鹿，于是立即刹车，刹车过程中做匀减速直线运动，加速度大小为a2=4m/s2。求 ‎（1）汽车在加速过程加速度a1大小；‎ ‎（2）汽车开始刹车后6s内的平均速度大小。‎ ‎【答案】（1）2m/s2（2）‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）在启动过程中由 ‎ 代入数据解得：‎ a1=2m/s2‎ ‎（2）汽车刹车过程：设汽车刹车过程用时t0，由0=v+a2t0代入数据解得：‎ t0=5s ‎6s内的位移为：‎ ‎ ‎ ‎6s内的平均速度为：‎ ‎17.如图所示，将质量m=0.1kg的圆环套在固定的水平直杆上．环的直径略大于杆的截面直径．环与杆间动摩擦因数μ=0.8．对环施加一位于竖直平面内斜向上，与杆夹角θ=53°的拉力F，使圆环由静止开始以a=4.4m/s2的加速度沿杆运动，已知g=10m/s2，sin53°=0.8，cos53°=0.6．求 ‎（1）2s末圆环的速度大小；‎ ‎（2）F的大小．‎ ‎【答案】（1）8.8m/s（2）F＝9N ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）由，解得 vt=8.8m/s ‎（2）当杆对环的弹力向上时，受力如图a，由正交分解 水平：‎ Fcosq－f＝ma ①‎ 竖直：‎ N＋Fsinq＝mg..②‎ 关系：‎ f=mN..③‎ 解得 F＝1N 当杆对环的弹力向下，受力如图b，水平分析不变 竖直：‎ Fsinq＝mg＋N.④‎ 联立①③④解得 ‎ F＝9N