2018-2019学年山东省济南外国语学校三箭分校高一上学期期中考试物理试卷+Word版含解析

2018-2019学年山东省济南外国语学校三箭分校高一上学期期中考试物理试卷+Word版含解析

‎2018-2019 学年度第一学期模块检测高一物理试题 一、选择题 ‎1.下列关于运动的描述正确的是（ ）‎ A. 比较共享单车摩拜与小黄车的后轮半径大小时可把车轮当做质点 B. 查看微信支付交易记录时发现有一单的转账时间为 2017-11-0109：49：34，这里的时间 是时刻 C. 汽车上的速度计显示的是平均速度 D. 为了解决偏远地区的配送问题，顺丰速运采取“无人机快递”，无人机从某一投递站带 着快件到达指定位置后又返回该投运站，这一过程中无人机的平均速率为零 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】比较共享单车摩拜与小黄车的后轮半径大小时，车轮的大小不可以忽略，故不可以把车轮当做质点，故A错误；查看微信支付交易记录时发现有一单的转账时间为 ‎2017-11-01‎ 09：49：34，这对应一个瞬间，故这里的时间是时刻，故B正确；汽车上的速度计显示的是瞬时速率，故C错误；平均速率为路程与时间的比值，由于无人机经过一段路程，故平均速率不为零，故D错误。故选B。‎ ‎2.四辆小车从同一地点向同一方向运动的情况分别如图所示，下列说法正确的是 A. 甲车做直线运动，乙车做曲线运动 B. 这四辆车均从静止开始运动 C. 在0～t2时间内，丙、丁两车在t2时刻相距最远 D. 在0～t2时间内，丙、丁两车间的距离先增大后减小 ‎【答案】C ‎【解析】‎ 试题分析：在位移﹣时间图象中，倾斜的直线表示物体做匀速直线运动，斜率表示速度，图象的交点表示位移相等；‎ 在速度﹣时间图象中，斜率表示加速度，图象与时间轴围成的面积表示位移．‎ 解：A、x﹣t图象中，位移方向用正负表示，图中甲、乙两个物体的位移一直为正，且不断增加，故甲与乙都是单向的直线运动，故A错误；‎ B、x﹣t图象的斜率表示速度，v﹣t图象的斜率表示加速度，故乙车做减速直线运动，甲车做匀速直线运动，则甲不是从静止开始运动，故B错误；‎ C、由图象与时间轴围成的面积表示位移可知：丙、丁两车在t2时刻面积差最大，所以相距最远，故C正确．‎ D、在0～t2时间内，丁的速度大于丙的速度，两车间的距离一直增大，故D错误；‎ 故选：C．‎ ‎【点评】要求同学们能根据图象读出有用信息，关键要研究图象斜率的物理意义，注意位移﹣时间图象和速度﹣时间图象的区别．‎ ‎3.匀速前进的车厢顶部用细线竖直悬挂一小球，如图所示，小球下方与一光滑斜面接触， 关于小球的受力，下列说法正确的是（ ）‎ A. 重力、细线对它的拉力和斜面对它的弹力 B. 重力和细线对它的拉力 C. 重力和斜面对它的支持力 D. 细线对它的拉力和斜面对它的支持力 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ 小球和光滑斜面接触，假设斜面对小球有弹力，则小球将受到三个力作用：重力、斜面的支持力和细线的拉力，重力和绳的拉力在竖直方向上，弹力垂直于斜面向上，三个力的合力不可能为零，小球将向右上方运动，与题设条件矛盾。故斜面对小球没有弹力。故小球只受到重力和细线对它的拉力两个力。故B正确，ACD错误。故选B。‎ ‎【点睛】本题采用假设法分析斜面的弹力是否存在，这是判断弹力和摩擦力是否存在常用的方法．‎ ‎4.一个运动员在百米赛跑中，测得他在 ‎50 m 处的瞬时速度是 ‎6 m/s，16 s 末到终点时的瞬时速度 为 7．‎5 m/s，则全程内平均速度的大小为( )‎ A. ‎6 m/s B. ‎6.25 m/s C. ‎6.75 m/s D. ‎7.5 m/s ‎【答案】B ‎【解析】‎ 试题分析：运动员的总位移为‎100m，所用的总时间为16s，所以根据公式可得，B正确，‎ 考点：考查了对平均速度的计算 点评：做此类型的题目的关键是求出总位移所需要的时间，然后求出总位移，最后根据公式求解，‎ ‎5.一物体做匀加速直线运动，通过一段 ‎10m 位移所用的时间为 2s，紧接着通过下一段位 移 ‎12m 所用的时间也为 2s，则物体运动的加速度为( )．‎ A. ‎0.5‎ m‎/s2 B. ‎2 m/s2‎ C. ‎4 m/s2 D. ‎1 m/s2‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ 根据匀加速直线运动的推论, 得:‎ ‎ 所以A选项是正确的 综上所述本题答案是：A ‎6.如图所示，物体受到与水平方向成a角的拉力F的作用，且保持静止状态，则物体受到的拉力F与地面对物体摩擦力的合力的方向是（ ）‎ A. 竖直向上 B. 向上偏左 C. 向上偏右 D. 无法确定 ‎【答案】A ‎【解析】‎ 物体受到重力，支持力，拉力，和摩擦力四个力作用，并处于平衡状态，所以拉力F与地面对物体摩擦力的合力应该和重力与支持力的合力大小相同，方向相反，而重力和支持力的合力一定竖直向下，所以拉力F与地面对物体摩擦力的合力方向一定竖直向上，故A正确；‎ 综上所述本题答案是：A ‎7.如图所示，质量为 m 的木块在质量为 M 的长木板上，受到水平向右的拉力 F 的作用而 向右滑行，长木板处于静止状态，己知木块与木板间的动摩擦冈数为m1，木板与地面间的动摩擦闪数为m2．下列说法正确的是 （ ）‎ A. 木板受到地面的摩擦力的大小一定是m1mg B. 木板受到地面的摩擦力的大小一定m2（m＋M）g C. 木板受到地面的摩擦力的大小一定等于 F D. 当 F＞m2（m＋M/）g 时，木板将运动 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】木块受到的摩擦力大小：f1=μ1mg，方向：水平向左，由牛顿第三定律得知：木板受到木块的摩擦力方向水平向右，大小等于μ1mg；木块M静止，处于平衡状态，由平衡条件可知：木板受到木块的摩擦力与木板受到地面的摩擦力是一对平衡力，它们大小相等，即木板受到地面的摩擦力的大小：f2=μ1mg，故A正确，B错误。如果木块做匀速直线运动，则：F=μ1mg，木板受到地面的摩擦力大小：f2=μ1mg=F，因木块不一定是匀速运动，故C错误；当F＞μ2（m+M）g时，此时m对M的作用力仍为μ1mg，木板M仍处于静止，木板不会运动，故D错误；故选A。‎ ‎【点睛】摩擦力公式f=μN 用来求滑动摩擦力或最大静摩擦力，一般的静摩擦力不能用这个公式直接求解，可根据平衡条件或牛顿运动定律求静摩擦力。‎ ‎8.图为某物体的v-t图，则下列说法错误的是 A. 前2s做匀加速运动，后3s做匀减速运动 B. 前2s的加速度为‎2.5m/s2，后3s的加速度是-5/‎3 m/s2‎ C. 2到5秒内物体静止 D. 3s末物体的速度大小为‎5m/s ‎【答案】C ‎【解析】‎ A、前2s物体的速度时间图象上斜率(加速度)是定值, ,所以物体做匀加速运动,后3s内速度时间图象上斜率(加速度)是定值,,所以物体做匀减速运,故AB正确 C、内物体的速度时间图象是水平线,斜率(加速度)等于零,速度不变,所以是匀速直线运动,故C错误；‎ D、从速度时间图象可以看出3s末物体速度是 ,故D正确，本题选说法错误的，所以C错误；‎ 综上所述本题答案是：C ‎9.已知力F的一个分力F1跟F成30°角，大小未知，另一个分力F2的大小为，方向未知．则F1的大小可能是（　　）‎ A. B. ‎ C. D. ‎ ‎【答案】BD ‎【解析】‎ 试题分析：由题意可知，的大小为，大于 ‎，因此有两种分解结果；根据平行四边形定则得，如图，又因一个分力跟F成30°角，且的大小为，由几何关系得，或，故AC正确，‎ 考点：考查了合成与分解 ‎【名师点睛】解决本题的关键知道合力一定，分力的方向已知，因为F2大于该分力的最小值，所以有两解，注意巧用几何知识中直角三角形中线与各边的关系 ‎10.如图所示，一质量为m的木块靠在竖直粗糙墙壁上，且受到水平力F的作用，下列说法正确的是( ) ‎ A. 若木块静止，则木块受到的静摩擦力大小等于mg，方向竖直向上 B. 若木块静止，当F增大时，木块受到的静摩擦力随之增大 C. 若撤去F，木块沿墙壁下滑时，木块受滑动摩擦力大小等于mg D. 若撤去F，木块沿墙壁下滑时，木块受滑动摩擦力大小等于0‎ ‎【答案】AD ‎【解析】‎ A、B、木块在推力作用下静止时,处于平衡态,受推力F、重力G、向上的静摩擦力f和向右的支持力N,如图 根据共点力平衡条件：‎ ‎ 当推力增大时,物体仍然保持静止,故静摩擦力的大小不变,始终与重力平衡;因而A正确、B错误; ‎ C、D、撤去推力后,墙壁对物体的支持力减小为零,故最大静摩擦力减为零,物体只受重力,做自由落体运动，故C错误,D正确;‎ 综上所述本题答案是：AD ‎11.下列描述的各种情况，可能存在的是 （ ）‎ A. 物体的速度变化很大，加速度却很小 B. 物体的加速度很大，速度变化率却很小 C. 物体的速度在增加，加速度却在减小 D. 物体的加速度为负值，速度却为正值 ‎【答案】ACD ‎【解析】‎ ‎【详解】根据可知，物体的速度变化很大，但是时间较长，加速度可能很小，选项A正确；加速度等于速度的变化率，物体的加速度很大，速度变化率一定很大，选项B错误；当加速度和速度同向时，物体的速度在增加，加速度可能减小，选项C正确；物体做减速运动时，加速度为负值，速度却为正值，选项D正确；故选ACD.‎ ‎12.如图中所示，笔记本电脑底座一般设置有四个卡位用来调节角度．某同学将电脑放在 散热底座上，为了获得更好的舒适度，由原卡位 1 调至卡位 4（如图乙），电脑始终处于静 止状态，则 （ ）‎ A. 电脑受到的支持力变大 B. 电脑受到的摩擦力变大 C. 散热底痤对电脑的支持力与摩擦力的合力不变 D. 散热底痤对电脑的支持力与摩擦力两力之和变大 ‎【答案】AC ‎【解析】‎ ‎【详解】笔记本电脑受重力、支持力和静摩擦力，如图所示： ‎ ‎ 根据平衡条件，有：N=mgcosθ；f=mgsinθ；由原卡位1调至卡位4，角度θ减小，支持力N增加，静摩擦力f减小，故A正确，B错误； 散热底座对电脑的作用力的合力是支持力和静摩擦力的合力，与重力平衡，始终不变，故C正确；电脑受到的支持力与摩擦力两力的大小的和为F=mgcosθ+mgsinθ=mgsin(θ+450)，由数学知识可知，随θ的减小，F减小，故D错误；故选AC。‎ ‎13.如图所示，小球A和B的质量均为m，用长度相同的四根细线分别连接在两球间、球与水平天花板上P点以及与竖直墙上的Q点之间，它们均被拉直，且P、B间的细线恰好处于竖直方向，两小球均处于静止状态，则下列说法正确的是（ ）‎ A. P、B之间细线对球B的拉力大小为 B. P、A之间细线对球A的拉力大小为2mg C. Q、A之间细线对球A的拉力大小为 D. A、B之间细线对球B的拉力大小为mg ‎【答案】BC ‎【解析】‎ A、PB间细线恰好处于竖直方向,两小球均处于静止状态，若AB绳有拉力则球B会偏离竖直方向,与已知矛盾.则知A、B间细线的拉力为零,B竖直方向上受力平衡得： 故A错误； B、对A球，受力分析如图所示： ‎ 由平衡条件得: ，故B正确；‎ C、由平衡得： 故C正确；‎ D、PB间细线恰好处于竖直方向,两小球均处于静止状态，若AB绳有拉力则球B会偏离竖直方向,与已知矛盾.则知A、B间细线的拉力为零,故D错误；‎ 综上所述本题答案是：BC ‎14.利用速度传感器与计算机结合，可以自动作出物体运动的图像. 某同学在一次实验中得到的运动小车的速度—时间图像如图所示，由此可以知道（ ）‎ A. 小车先做加速运动，后做减速运动 B. 小车运动的最大速度约为‎0.8m/s C. 小车的最大位移是‎0.8m D. 小车做曲线运动 ‎【答案】AB ‎【解析】‎ 试题分析：速度时间图线反映速度随时间的变化规律，不是物体运动的轨迹，根据图线与时间轴围成的面积求出位移的大小．图象的斜率等于加速度，结合这些知识分析即可．‎ 在v-t图象中，图象的斜率表示加速度的大小，根据图象可知，小车先做匀加速运动，然后做加速度逐渐减小的加速运动，达到最大速度‎0.8m/s后，开始做加速度逐渐增大的减速运动，由于其速度方向一直为正方向，因此小车做直线运动，故AB正确D错误；在v-t图中，图线与坐标轴所围的面积在数值上表示位移的大小，图中每小格的面积表示的位移大小为 ‎0.1m‎，总格数约为83格（大于半格计为一格，小于半格忽略不计），总位移‎8.3m，大于‎8m，故C正确．‎ 二、实验题：‎ ‎15.在做“研究匀变速直线运动”的实验时，某同学得到一条用电火花计时器打下的纸带 如下图所示，并在其上取了 0、1、2、3、4、5、6 共 7 个计数点，每相邻两个计数点间还 有 4 个点图中没有画出，电火花计时器接 220 V、50 Hz 交流电源．（注：本题所有结果均 保留三位有效数字，有效数字错误得 0 分）‎ ‎（1）根据以上信息，计数点之间的时间间隔为____________s；‎ ‎（2）设电火花计时器的周期为 T，计算 2 点的瞬时速度 v2＝________；‎ ‎（3）设电火花计时器的周期为 T，计算纸带的加速度 a＝________ ；‎ ‎【答案】 (1). 0.100s； (2). ‎0.396m/s； (3). ‎0.380m/s ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）计数点之间的时间间隔为0.02s×5=0.1s；‎ ‎（2）2 点的瞬时速度 ；‎ ‎（3）根据∆x=aT2可得纸带的加速度 ‎ ‎【点睛】此题能根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度求出打纸带上某点时小车的瞬时速度大小；会用逐差法计算加速度的值.‎ 三、计算题 ‎16.一物体做自由落体运动，落地时的速度为‎30m/s，（g=‎10m/s2）求：‎ ‎(1)物体下落的高度;‎ ‎(2)最后一秒内物体下落的高度.‎ ‎【答案】(1)h=‎45m (2)h2=‎‎25m ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎（1）根据v=gt求出下落的时间．（3）最后一秒内物体下落的高度等于总高度减去最后一秒前的位移。‎ ‎【详解】（1）根据v=gt得：‎ ‎（3）下落的高度为：‎ 前2s内的位移为：‎ 最后1s内的位移为：‎ ‎【点睛】该题主要考查了自由落体运动基本公式的直接应用。‎ ‎17.飞机着陆后以 ‎10m/s2 的加速度做匀减速直线运动，其着陆速度为 ‎60m/s ，求: ‎ ‎（1）飞机着陆 4s 末的滑行速度；‎ ‎（2）飞机 8s 内滑行的距离。‎ ‎【答案】‎20m/s；‎‎180m ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）飞机停止时的时间：‎ 飞机着陆 4s 末的滑行速度 ‎ ‎（2）飞机 8s 内滑行的距离等于6s内滑行的距离：‎ ‎18.如图所示，在水平地面上有一重为 G＝200 N 的货箱，货箱与水平地面之间的 动摩擦因数为μ，今在货箱上施加一个与水平面成 37°角斜向上的拉力作用，使其沿水平方 向右匀速运动，若这一拉力 F＝100 N，(g＝‎10 m/s2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8)，求：‎ ‎（1）货箱受到的摩擦力是多大？‎ ‎（2）货箱与地面的动摩擦因数μ是多大？‎ ‎【答案】 80N；0.57‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）木箱做匀速运动，则：f=Fcos370=100×0.8N=80N；‎ ‎（2）竖直方向：FN+Fsin370=mg，‎ f=μFN；‎ 联立解得μ=0.57‎ ‎19. 如图所示，放在长木板上的木块质量为m，当木板与水平方向夹角为α时，木块静止在长木板上．‎ ‎（1）求此时木块所受的弹力和摩擦力各多大？‎ ‎（2）当把木块的倾角增大到θ（θ＞α）时，木块刚好沿长木板匀速下滑，求木块和木板之间的动摩擦因数为多大？‎ ‎【答案】（1）mgcosα， mgsinα ‎（2 tanθ ‎【解析】‎ 试题分析：（1）木块恰能静止，说明物体受力平衡，受力分析应用平衡条件列式．‎ ‎（2）木块能沿木板匀速滑动，说明物体受力也是平衡的，再次受力分析应用平衡条件列式．‎ 解：（1）对物体受力分析如图：‎ 木块所受的弹力为：FN=mgcosα 木块所受摩擦力为：Ff=mgsinα ‎（2）当木块倾角增大为θ时摩擦力为Ff=mgsinθ 弹力为FN=mgcosθ 摩擦因数为μ==tanθ 答：（1）求此时木块所受的弹力mgcosα，摩擦力mgsinα ‎（2）当把木块的倾角增大到θ（θ＞α）时，木块刚好沿长木板匀速下滑，求木块和木板之间的动摩擦因数为tanθ．‎ ‎【点评】处于受力平衡状态的物体，求解物理量时一定要牢牢把握住受力平衡这个关键点，受力分析时注意不要添力漏力即可．‎