2021高考物理教科版一轮习题：第十一章 微专题76　交流电的产生与描述 Word版含解析

2021高考物理教科版一轮习题：第十一章 微专题76　交流电的产生与描述 Word版含解析

‎1．交变电流的产生往往与交变电流图像结合出题，要能将交变电流的图像与线圈的转动过程一一对应起来，分析电流、电动势、磁通量的变化规律．‎ ‎2．交流电有效值是根据热效应等效计算的．‎ ‎1．(多选)(2019·云南玉溪一中第五次调研)图1甲为一台小型发电机的构造示意图，内阻r＝5.0 Ω，外电路电阻R＝95 Ω，电路中其余电阻不计．发电机内的矩形线圈在匀强磁场中以恒定的角速度ω绕垂直于磁场方向的固定轴转动，线圈匝数n＝100.转动过程中穿过每匝线圈的磁通量Φ随时间t按正弦规律变化，如图乙所示，(π＝3.14，＝1.4)则 (　　)‎ 图1‎ A．该小型发电机的电动势的最大值为200 V B．t＝3.14×10－2 s时，磁通量的变化率为2 Wb/s C．t＝3.14×10－2 s时，串联在外电路中的交流电流表的读数为2 A D．t＝3.14×10－2 s时，串联在外电路中的交流电流表的读数为1.4 A ‎2．(2020·安徽宣城市调研)图2甲为小型旋转电枢式交流发电机的原理图，其矩形线圈在磁感应强度为B的匀强磁场中，绕垂直于磁场方向的固定轴OO′(OO′沿水平方向)匀速转动，线圈的两端经集流环和电刷与电阻R＝10 Ω连接，与电阻R并联的交流电压表为理想电压表，示数是10 V．图乙是矩形线圈中磁通量随时间t变化的图像．线圈内阻不计，则(　　)‎ 图2‎ A．此交流发电机的电动势平均值为10 V B．t＝0.02 s时R两端的电压瞬时值为零 C．R两端的电压u随时间t变化的规律是u＝10cos (100πt) V D．当ab边速度方向向上时，它所受安培力的方向也向上 ‎3．(多选)(2019·安徽皖江名校联盟摸底大联考)如图3所示为交流发电的简易图，n匝矩形线圈的面积为S，整个装置处在磁感应强度为B的竖直向下匀强磁场中，已知线圈的电阻值为r，通过电刷与定值电阻R相连接，与定值电阻并联一理想的交流电压表，现矩形线圈绕中心轴线OO′以恒定的角速度ω匀速转动．t＝0时刻线圈处在中性面．下列说法正确的是(　　)‎ 图3‎ A．t＝0时刻流过定值电阻的电流方向向左 B．线圈中产生感应电动势的瞬时表达式为e＝nBSω·sin ωt(V)‎ C．线圈转动的过程中，电压表的读数为nBSω D．从t＝0时刻起，线圈转过60°时流过定值电阻的瞬时电流为 ‎4．(多选)(2019·江苏扬州市一模)电阻为1 Ω的矩形线圈绕垂直于磁场方向的轴在匀强磁场中匀速转动，线圈的电动势随时间变化的图像如图4所示．现把线圈的电动势加在电阻为9 Ω的电热丝上，则下列说法正确的是(　　)‎ 图4‎ A．线圈转动的角速度为31.4 rad/s B．如果线圈转速提高一倍，则电流发生改变 C．电热丝两端的电压U＝100 V D．电热丝的发热功率P＝1 800 W ‎5．(多选)如图5甲所示，将阻值为R＝5 Ω的电阻接到内阻不计的正弦交变电源上，电流随时间变化的规律如图乙所示，理想交流电流表串联在电路中测量电流的大小．对此，下列说法正确的是(　　)‎ 图5‎ A．电阻R两端电压变化规律的函数表达式为u＝2.5sin (200πt) V B．电阻R消耗的电功率为1.25 W C．如图丙所示，若此交变电流由一矩形线框在匀强磁场中匀速转动产生，当线圈的转速提升一倍时，电流表的示数为1 A D．这一交变电流与图丁所示电流比较，其有效值之比为1∶ ‎6．(多选)(2020·湖北黄冈中学模拟)如图6甲所示是一种振动发电装置的示意图，半径为 r＝0.1 m、匝数n＝20的线圈位于辐向分布的磁场中，磁场的磁感线均沿半径方向均匀分布(其右视图如图乙所示)，线圈所在位置的磁感应强度的大小均为B＝ T，线圈电阻为 R1＝0.5 Ω，它的引出线接有R2＝9.5 Ω的小电珠L，外力推动线圈框架的P端，使线圈沿轴线做往复运动，线圈运动速度v随时间t变化的规律如图丙所示(摩擦等损耗不计)，则(　　)‎ 图6‎ A．小电珠中电流的峰值为0.16 A B．小电珠中电流的有效值为0.16 A C．电压表的示数约为1.5 V D．t＝0.1 s时外力的大小为0.128 N ‎7．(多选)(2019·湖南十二校联考)如图7所示，边长为L的正方形单匝线圈abcd，电阻为r，外电路的电阻为R，ab的中点和cd的中点的连线OO′恰好位于匀强磁场的边界线上，磁场的磁感应强度为B，若线圈从图示位置开始，以角速度ω绕OO′轴匀速转动，则以下判断正确的是(　　)‎ 图7‎ A．图示位置线圈中的感应电动势最大为Em＝BL2ω B．从图示位置开始计时，闭合电路中感应电动势的瞬时值表达式为e＝BL2ωsin ωt C．线圈从图示位置转过180°的过程中，流过电阻R的电荷量为q＝ D．线圈转动一周的过程中，电阻R上产生的热量为Q＝ 答案精析 ‎1．ABD　[从Φ－t图线可以看出，Φmax＝1.0×10－2 Wb，T＝3.14×10－2 s，ω＝，感应电动势的最大值Emax＝nωΦmax＝100××1×10－2 V＝200 V，故A正确； t＝3.14×10－2 s时，磁通量Φ的变化率最大，最大值为＝＝ Wb/s＝2 Wb/s，故B正确；电路中电流有效值I＝＝ A＝ A，则串联在外电路中的交流电流表的读数为 A，故C错误，D正确．]‎ ‎2．C　[矩形线圈绕垂直于磁场的转轴匀速转动，产生正弦交流电，外电阻R＝10 Ω，电压表示数为10 V，说明＝10 V，即电动势最大值为Em＝10 V，所以平均值一定比Em＝‎ ‎10 V小，选项A错．t＝0.02 s时，磁通量的变化率最大，故产生的感应电动势最大，R两端的电压瞬时值最大，故B错误；由题图乙知T＝0.02 s，W＝＝100π rad/s，在t＝0时刻，产生的感应电动势最大，故满足余弦函数关系，即U＝10cos (100πt)V，C正确；根据楞次定律，感应电流总是阻碍线圈的转动，所以当ab边速度方向向上时，它所受安培力的方向向下，选项D错．]‎ ‎3．BD　[t＝0时刻线圈与磁场方向垂直，即线圈的速度与磁场方向平行，因此t＝0时感应电动势为零，感应电流为零，A错误；从中性面开始计时，感应电动势随时间按正弦规律变化，且最大感应电动势Em＝nBSω，所以感应电动势的瞬时值表达式为e＝nBSωsin ωt(V)，B正确；线圈转动的过程中，最大感应电动势Em＝nBSω，则产生的感应电动势的有效值E＝‎ nBSω，因此电压表的示数为U＝nBSω，C错误；线圈从t＝0开始转过60°时，瞬间电流为i＝＝＝，D正确．]‎ ‎4．BD　[从题图中可知T＝0.02 s，ω＝＝314 rad/s，故选项A错误；其他条件不变，如果线圈转速提高一倍，角速度ω变为原来的两倍，则电动势最大值Em＝NBSω变为原来的两倍，电压的有效值变为原来的两倍，根据欧姆定律可知电流发生改变，故选项B正确；该交流电压的最大值为200 V，所以有效值为100 V，U＝×100 V＝90 V，故选项C错误；根据P＝得P＝ W＝1 800 W，故选项D正确．]‎ ‎5．AD　[题图乙所示电流的最大值为Im＝0.5 A，周期为T＝0.01 s，其角速度为ω＝＝‎ ‎200π rad/s，由欧姆定律得Um＝ImR＝2.5 V．所以电阻R两端电压的表达式为 u＝2.5sin (200πt) V，选项A正确．该电流的有效值为I＝，电阻R消耗的电功率为P＝I2R，解得P＝0.625 W，B选项错误．电流表的示数为有效值，若该交变电流由题图丙所示矩形线框在匀强磁场中匀速转动产生，当转速提升一倍时，电动势的最大值Em＝nBSω变为原来的2倍，电路中电流的有效值也是原来的2倍，为2× A≠1 A，选项C错误．题图乙中的正弦交变电流的有效值为 A，题图丁所示的交变电流虽然方向发生变化，但大小恒为 ‎0.5 A，选项D正确．]‎ ‎6．AD　[由题意及法拉第电磁感应定律知道，线圈在磁场中做往复运动，产生的感应电动势的大小符合正弦曲线变化规律，线圈中的感应电动势的峰值为Em＝nBlv＝nB·2πrvm，故小电珠中电流的峰值为Im＝＝ A＝0.16 A，选项A正确，B错误；电压表示数为U＝·R2≈1.07 V，选项C错误；当t＝0.1 s也就是时，外力的大小为F＝nB·2πrIm＝0.128 N，选项D正确．]‎ ‎7．BD　[题图位置线圈中的感应电动势最小，为零，A错误；若线圈从题图位置开始转动，闭合电路中感应电动势的瞬时值表达式e＝BL2ωsin ωt，B 正确；线圈从题图位置转过180°的过程中，流过电阻R的电荷量为q＝·Δt＝＝，C错误；Em＝BL2ω，线圈转动一周的过程中，电阻R上产生的热量为Q＝2·R·＝，D正确．]‎