2019-2020学年河北省鸡泽县第一中学高一12月月考物理试题

2019-2020学年河北省鸡泽县第一中学高一12月月考物理试题

2019--2020 学年第一学期 12 月月考 高一物理试题 1.本试卷分为试卷Ⅰ和试卷 II 两部分，试卷满分为 100 分，考试时间 90 分钟。 2.请将答案填写到答题卡上。 第Ⅰ卷 一、选择题（本大题共 12 小题，每小题 4 分，总计 48 分。在每小题给出的四个选项中，第 1~9 题只有一项是符合题目要求，第 10~12 题有多项符合题目要求。全部选对的得 4 分，选对 但不全的得 2 分。有选错的得 0 分。） 1．小明同学在学校举办的运动会 1000m 比赛中，在最后的冲刺中发力,到达终点前看到小华 在相对自己向前运动，而小强相对自己向后运动，最后小明以 3 分 45 秒 33 跑完全程。下列 说法正确的是( ) A．小明的成绩 3 分 45 秒 33 是时间间隔 B．小明跑完全程的位移为 1000m C．小明看到小华向前运动,一定是以地面为参考系 D．在研究小强比赛中的总路程时,不能把小强看成质点 2．下列图中仪器所测量的物理量不是国际单位制（SI）中基本量的是（ ） A． B． C． D． 3．如图所示，一个大人拉着载有两个小孩的小车(其拉杆可自由转动)沿水平地面匀速前进， 则下列说法正确的是( ) A.拉力的水平分力等于小孩和车所受的合力 B.拉力与摩擦力的合力大小等于重力大小 C.拉力与摩擦力的合力方向竖直向上 D.小孩和车所受的合力方向向前 4．一辆汽车从静止开始做匀加速直线运动，经时间t 速度达到 v ，立即刹车做匀减速直线运 动，又经 2t 停止，则汽车在加速阶段与减速阶段（ ） A．速度变化量相同 B．平均速度的大小相等 C．加速度的大小相等 D．位移的大小相等 5．如图所示的是某同学绘出的一个沿直线运动的物体的加速度 a、速度 v、位移 x 随时间 t 变化的图象，该物体在 t=0 的速度均为零，则能表示该物体在前 6s 内位移的大小等于路程的 图象是（ ） A． B． C． D. 6．在不计空气阻力的情况下，某物体以 30m/s 的初速度从地面竖直上抛，则(g 取 10m/s2)( ) A．前 4s 内物体的位移大小为 50m B．前 4s 内物体的平均速度大小为 10m/s C．第 2s 末到第 4 s 末物体的平均速度为 5m/s D．第 2s 内和第 4 s 内物体的速度改变量不相同 7．如图所示，一滑块静止在水平且粗糙的木板上，现将木板的一端缓慢抬高，直至木板与水 平面成 90°角，则在此过程中，滑块所受的摩擦力的大小( ) A．逐渐增大 B．逐渐减小 C．先减小后增大 D．先增大后减小 8．如图所示，质量为 M 的斜面体 A 置于水平地面上，质量为 m 的木块 B 置于 A 的斜面上，水平推力 F 作用在 A 上，A、B 均保持静止．则( ) A．A 与 B 之间不存在摩擦力 B．A 与地面之间不存在摩擦力 C．B 对 A 的压力等于 mg D．地面对 A 的支持力等于(m+M)g 9．如图，在倾角为 30°的光滑斜面上，质量为 m 的小车受到沿斜面向下的恒 力 F 的作用而下滑，在下滑过程中，要使连接着小球（质量为 m）的轻绳恰好 水平，则恒力 F 的大小为（ ） A．3mg B． 2 5 mg C．2mg D．0.5mg 10．一个力 F 分解为两个不为零的分力 F1、F2，以下说法可能正确的是 ( ) A．F1、F2 与 F 都在同一直线上 B．F1、F2 都小于F 2 C．F1 或 F2 的大小等于 F D．F1、F2 的大小都与 F 相等 11．细绳拴一个质量为 m 的小球，小球用固定在墙上的水平弹簧支撑，小球与弹簧不粘连．平 衡时细绳与竖直方向的夹角为 53°，如图所示．(已知 cos 53°＝0.6，sin 53° ＝0.8，重力加速度为 g)下列说法正确的是 ( ) A．小球静止时弹簧的弹力大小为 4 3 mg B．小球静止时弹簧的弹力大小为 5 3 mg C．小球静止时细绳的拉力大小为 3 5 mg D．小球静止时细绳的拉力大小为 5 3 mg 12．如图所示，某人从距水面一定高度的平台上做蹦极运动。劲度系数为 k 的弹性绳一端固 定在人身上，另一端固定在平台上。人从静止开始竖直跳下，在其到达水面前速度减为零。 运动过程中，弹性绳始终处于弹性限度内。取与平台同高度的 O 点为坐标原点，以竖直向下 为 y 轴正方向，忽略空气阻力，人可视为质点。从跳下至第一次到达最低点的运动过程中， 用 v、a、t 分别表示人的速度、加速度和下落时间。下列描述 v 与 t、a 与 y 的关系图像可能 正确的是 （ ） 二、实验题。（每空 3 分，共 15 分） 13．某实验小组在“探究弹力和弹簧伸长关系”的实验中，将不同数量的钩码分别挂在竖直 轻弹簧的下端，弹簧始终处于弹性限度内进行测量，根据实验所测数据，利用描点法做出了 所挂钩码的总重力 G 与弹簧总长 L 的关系图像如图所示。则 （1）该弹簧的劲度系数为____________ N/m ； （2）由图像可求出，弹簧的弹力 F 跟弹簧长度 L 之间的关系式为 F=________。 14．某实验小组做“探究加速度和力、质量的关系”实验。 (1)用如图甲所示装置做实验，图中带滑轮的长木板放置于水平桌面上，拉力传感器可直接显 示所受拉力的大小。做实验时，下列操作必要且正确的是_______。 A．将长木板右端适当垫高，小车未挂砂桶时，在木板上静止释放，轻推小车后，恰能匀速下 滑 B．小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录传感器的示数 C．为了减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的质量远小于小车的质量 D．用天平测出砂和砂桶的质量 (2)实验时，该小组同学平衡了摩擦力后，在小车质量 M 保持不变的情况下，不断往砂桶里加 砂，直到砂和砂桶的质量最终达到 M。测出每次加砂后拉力传感器的示数 F 和小车的加速度 a， 作 a F 的图象。下列图线中正确的表示该小组的图象是________。 (3)下图是实验中得到的一条纸带，图中打相邻两计数点的时间间隔为 0.1 s，由图中的数据 可得小车的加速度 a 为________ m/s2. 三、计算题（共 37 分；解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写最后答案 不得分。有数值计算的题，答案应明确写出数值和单位。） 15．(10 分)已知一根长为 6m 的细绳将 A、B 两个小球相连，在足够高处先后相隔 0.6s 将 A、 B 由同一位置静止释放，不计空气阻力，g 取 10 m/s2。求： （1）在 A 释放后经过多长时间连接 A、B 的细绳将被拉直？ （2）在细绳将要拉直时 A 和 B 的速度分别为多大？ 16．(13 分)如图所示，质量 M＝2 kg 的木块套在水平固定杆上，并用轻绳与质量 m＝1 kg 的 小球相连。今用跟水平方向成 60°角的力 F＝10 3 N 拉着小球并带动木块一起向右匀速运动， 运动中 M、m 的相对位置保持不变，g 取 10 m/s2。在运动过程中，求： （1）轻绳与水平方向的夹角θ； （2）木块 M 与水平杆间的动摩擦因数μ。 17．(14 分)如图所示，将质量 m=0.2kg 的圆环套在固定的水平直杆上，环的直径略大于杆的 直径，环与杆之间的动摩擦因数  =0.8．对环施加一位于竖直平面内斜向上的拉力 F，使圆 环以 a=4.4m/s2 的加速度沿杆加速运动，拉力与杆的夹角θ=53 ，已知 sin53 =0.8， cos53 =0.6，取 g=10m/s2。求 F 的大小。 物理参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 A B C B D B D D A ACD AD AD 13. 答案 （1）300 （2） 解析 （1）图线与坐标轴交点即表示弹簧所受弹力大小 F=0 时，弹簧的长度是原长，可知弹 簧的原长是 L0=0.05m。 根据胡克定律得劲度系数为： （2）根据胡克定律可知弹簧的弹力 F 跟弹簧长度 L 之间的关系式为： F=k（L-L0）=300（L-0.05）N 14. 答案 （1）AB （2）A （3）0.195 解析 （1）实验前要平衡摩擦力，将长木板右端适当垫高，小车未挂砂桶时，在木板上静止 释放，轻推小车后，恰能匀速下滑，故选项 A 符合题意；为充分利用纸带，实验时小车靠近 打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录传感器的示数，故选项 B 符合题意；小车所受拉力可以由拉力传感器测出，实验不需要要保证砂和砂桶的质量远小于 小车的质量，故选项 C 不符合题意；拉力可以由拉力传感器测出，不需要用天平测出砂和砂 桶的质量，故选项 D 不符合题意。 （2）力传感器测出拉力大小，砂与砂桶的质量大小对实验没有影响，平衡了摩擦力后，在小 车质量 保持不变的情况下，小车的加速度 与拉力 成正比，A 正确。 （3）根据Δx＝aT2，运用逐差法得：a＝xBD－xOB4T2 ＝(4.04－1.63－1.63)×10－24×0.01 m/s2＝0.195 m/s2. 15. （10 分）答案 （1）1.3s （2）7m/s 解析 （1）设绳长为 L，在 A 释放后经过 时间，连接 A、B 的细绳被拉直，则 （3 分） 解得 （1 分） （2）在细绳要拉直时 A 的速度为 （3 分） B 的速度为 （3 分） 16. （13 分）答案 (1)30° (2)33 解析 (1)m 处于平衡状态，其所受合力为零。以 m 为研究对象，由平衡条件得： 水平方向 Fcos 60°－Tcos θ＝0① （2 分）竖直方向 Fsin 60°－Tsin θ－mg＝0② （2 分） 由①②得 T=10N，θ＝30°。 （2 分） (2)M、m 整体处于平衡状态，整体所受合力为零。 以 M、m 整体为研究对象，由平衡条件得 水平方向 Fcos 60°－f＝0③ （2 分） 竖直方向 N＋Fsin 60°－Mg－mg＝0④ （2 分） F=μN⑤ （2 分） 由③④⑤得 μ＝33。 （1 分） （方法二：以 M 为研究对象，根据平衡条件，得 水平方向：Tcos θ=f （2 分） 竖直方向：Tsinθ＋N=Mg （2 分）F=μN （2 分） 解得μ＝33 （1 分）） 17. （14 分）答案 2N 或 18N 解析 对环受力分析，受重力、拉力、弹力和摩擦力；令 Fsin53°=mg 解得：F=2.5N 此时无摩擦力，圆环沿杆做匀加速运动，当 F＜2.5N 时，杆对环的弹力向上 （1 分） 由牛顿第二定律有： 水平方向上：Fcosθ-μFN=ma （2 分） 竖直方向上：FN+Fsinθ=mg （2 分） 解得：F=2N （2 分） 当 F＞2.5N 时，杆对环的弹力向下 （1 分） 由牛顿第二定律有： 水平方向上有：Fcosθ-μFN′=ma （2 分） 竖直方向上有：Fsinθ=mg+ （2 分） 解得：F=18N （2 分）