云南省玉溪市通海县第二中学2018-2019学年高二上学期10月月考物理试题

云南省玉溪市通海县第二中学2018-2019学年高二上学期10月月考物理试题

绝密★启用前 云南省通海二中2018—2019学年度10月份考试 高二 物理 本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分，共100分，考试时间120分钟。‎ ‎ 学校：___________姓名：___________班级：___________考号：___________‎ 分卷I 一、单选题(共8小题,每小题3.0分,共24分) ‎ ‎1.下列说法中正确的是(　　)‎ A． 液晶的分子排列与固态相同 B． 液晶的分子排列与液态相同 C． 液晶的物理性质很容易在外界的影响下发生改变 D． 所有物质都具有液晶体 ‎2.关于气体的压强，下列说法中正确的是(　　)‎ A． 气体的压强是由气体分子间的吸引和排斥产生的 B． 气体分子的平均速率增大，气体的压强一定增大 C． 气体的压强是由于气体分子的频繁撞击产生的 D． 当某一容器自由下落时，容器中气体的压强将变为零 ‎3.下列现象中，属于扩散现象的是(　　)‎ A． 下雪时，漫天的雪花飞舞B． 擦黑板时，粉笔末飞扬 C． 煮稀饭时，看到锅中米粒翻滚D． 玫瑰花盛开时，香气袭人 ‎4.关于物体的内能及分子运动的下列说法中，不正确的是(　　)‎ A． 扩散现象说明了分子在不停地运动着 B． 擦火柴，火柴头燃烧起来，说明做功能改变物体内能 C． 100 ℃的水蒸气比100 ℃的水内能大 D． 一定质量的理想气体，等压压缩，其内能一定减小 ‎5.如图所示，有一压力锅，锅盖上的排气孔截面积约为7．0×10－6m2，限压阀重为0．7 N．使用该压力锅对水消毒，根据下列水的沸点与气压关系的表格，分析可知压力锅内的最高水温约为(大气压强为1．01×105Pa) (　　)‎ A． 100 ℃B． 112 ℃C． 122 ℃D． 124 ℃‎ ‎6.热力学第二定律常见的表述方式有两种，其一是：不可能使热量由低温物体传递到高温物体而不引起其他变化；其二是：不可能从单一热源吸收热量并把它全部用来做功，而不引起其他变化.第一种表述方式可以用如图所示的示意图来表示，根据你对第二种表述的理解，如果也用类似的示意图来表示，你认为下列示意图中正确的是(　　)‎ A．B．C．D．‎ ‎7.如图所示为两分子间距离与分子势能之间的关系图象，则下列说法中正确的是(　　)‎ A． 当两分子间距离r＝r1时，分子势能为零，分子间相互作用的引力和斥力也均为零 B． 当两分子间距离r＝r2时，分子势能最小，分子间相互作用的引力和斥力也最小 C． 当两分子间距离rr2时，随着r的增大，分子势能增大，分子间相互作用的引力和斥力也增大 ‎8.对于液体在器壁附近的液面发生弯曲的现象，如图所示，对此有下列几种解释，其中正确的是(　　)‎ ‎①Ⅰ图中表面层分子的分布比液体内部稀疏 ‎②Ⅱ图中表面层分子的分布比液体内部密 ‎③Ⅰ图中附着层分子的分布比液体内部密 ‎④Ⅱ图中附着层分子的分布比液体内部稀疏 A． 只有①对B． 只有①③④对 C． 只有③④对D． 全对 二、多选题(共4小题,每小题4.0分,共16分) ‎ ‎9.(多选)把未饱和汽变成饱和汽，可以采用下列哪种方法(　　)‎ A． 在温度不变时，可以减小压强，增加它的体积 B． 在温度不变时，可以增加压强，减小它的体积 C． 升高未饱和汽的温度 D． 在降低温度时，减小它的体积而保持它的压强不变 ‎10.(多选)利用太阳能发电的优势是(　　)‎ A． 无污染B． 可再生 C． 分布集中D． 投资小，效率高 ‎11.(多选)对于气体分子热运动服从统计规律的正确理解是(　　)‎ A． 大量无序运动的气体分子组成的系统在总体上所呈现的规律性，称为统计规律 B． 统计规律对所含分子数极少的系统仍然适用 C． 统计规律可以由理学方法推导出来 D． 对某些量进行统计平均时，分子数越多，出现的涨落现象越明显 ‎12.(多选)甲、乙两个相同的密闭容器中分别装有等质量的同种气体，已知甲、乙容器中气体的压强分别为p甲、p乙，且p甲0.结合气体定律定性分析在不同的海拔高度使用压力锅，当压力阀被顶起时锅内气体的温度有何不同.‎ ‎17.一根内径均匀，一端封闭，另一端开口的直玻璃管，长l＝100 cm.用一段长h＝25 cm的水银柱将一部分空气封在管内，将其开口朝上竖直放置，被封住的气柱长l0＝62.5 cm.这时外部的大气压p0＝75 cmHg，环境温度t0＝－23 ℃，如图所示．现在使气柱温度缓慢地逐渐升高，外界大气压保持不变，试分析为保持管内被封气体具有稳定的气柱长度，温度能升高到的最大值，并求出这个温度下气柱的长度．‎ ‎18如图所示，汽缸A和B的活塞用硬杆相连，活塞的横截面积SA＝2SB，两活塞距离底部均为h，汽缸壁用导热材料做成，此时环境温度为300 K，外界大气压为p0，汽缸B内的压强p2＝0．5p0．问：‎ ‎(1)此时汽缸A内气体的压强为多少？‎ ‎(2)若保持汽缸B中的气体温度不变，把汽缸A缓慢加热，加热至温度多高活塞才移动h?‎ 答案解析 ‎1.【答案】C ‎【解析】液晶是介于固态和液态之间的中间态，其分子排列介于二者之间，并且排列是不稳定的，容易在外界影响下发生改变，经研究发现不是所有物质都具有液晶态，故A、B、D错误，C正确.‎ ‎2.【答案】C ‎【解析】气体的压强是由于气体分子的频繁撞击产生的，A错误，C正确；气体分子的平均速率增大，若气体体积增大，气体的压强不一定增大，B错误；当某一容器自由下落时，分子的运动不受影响，容器中气体的压强不为零，D错误．‎ ‎3.【答案】D ‎【解析】下雪时，漫天飞舞的雪花，是雪花的运动，属于机械运动，A项错；擦黑板时，粉笔灰四处飞扬，属于机械运动，B项错；米粒在水中翻滚，是米粒的运动，不是分子运动，不属于扩散现象，C项错；花香四溢是香气分子在运动，属于扩散现象，D项正确．‎ ‎4.【答案】C ‎【解析】物质的质量也是影响物体内能的一个因素，C中不知它们的质量，故无法比较.‎ ‎5.【答案】C ‎【解析】当压力锅的限压阀刚好未被顶起时锅内压强最大，温度最高，pmax＝p0＋＝2．01×105Pa，由表知此时锅内温度为122 ℃，故选C．‎ ‎6.【答案】B ‎【解析】第二种表述的意思是：热机吸收热量，对外做功，同时把热量传给低温物体.‎ ‎7.【答案】C ‎【解析】当两分子间距离r＝r1时，分子势能为零，但rr2时，由图象可以看出分子势能随着r的增大而增大，而分子间相互作用的引力和斥力逐渐减小，选项D错误．‎ ‎8.【答案】B ‎【解析】浸润的情况下，液体会沿着管壁上升，这是由于附着层内分子相互排斥，同时表面层内分子相互吸引的结果；不浸润的情况下，液体会沿着管壁下降，这是由于附着层内分子和表面层内分子均相互吸引的结果.由于液体内部分子力约为零，因此当附着层分子比内部稀疏时，分子力表现为引力，当附着层分子比内部密时，分子力表现为斥力.‎ ‎9.【答案】BD ‎【解析】保持温度不变，减小它的体积，可以使水蒸气的压强增大到饱和汽压，所以A错，B对；因为温度越高，饱和汽压越大，所以可以采取降低温度、减小饱和汽压的方法，使未饱和汽变成饱和汽，故C错，D对.‎ ‎10.【答案】AB ‎【解析】‎ ‎11.【答案】AD ‎【解析】统计规律是对大量偶然事件而言的整体规律，对于少量的个别的偶然事件是没有意义的，个别的、少量的气体分子的运动规律是不可预知的，对于大量的气体分子的运动呈现出“中间多，两头少”的统计规律，所以正确答案为A、D．‎ ‎12.【答案】BC ‎【解析】相同的密闭容器，体积相同，且气体为等质量的同种气体，所以有＝．由p甲VA.乙图画出的倾斜直线为等压线，斜率越小，压强越大，所以pD>pC.丙图画出的双曲线为等温线，离原点越远，温度越高，所以TE>TF.‎ ‎15.【答案】(1)放出　5.0×104　(2)C　增加 ‎【解析】(1)由热力学第一定律得 Q＝ΔU－W＝1.5×105J－2.0×105J＝－5.0×104J 即气体放热5.0×104J.‎ (2) C中表示等压变化，由题图知气体温度升高，内能增加.‎ ‎16.【答案】(1)n＝NA　(2)内能减少，减少了3 J　(3)锅内气体温度随着海拔高度的增加而降低 ‎【解析】(1)设锅内气体分子数为n，n＝NA.‎ ‎(2)根据热力学第一定律ΔU＝W＋Q＝－3 J，锅内气体内能减少，减少了3 J.‎ ‎(3)由p＝p0(1－αH)(其中α>0)知，随着海拔高度的增加，大气压强减小；由p1＝p＋知，随着海拔高度的增加，阀门被顶起时锅内气体压强减小；根据查理定律＝.可知阀门被顶起时锅内气体温度随着海拔高度的增加而降低.‎ ‎17【答案】33.25 ℃　87.5 cm ‎【解析】这是一个关于气体在状态变化过程中，状态参量存在极值的问题．首先，对过程进行分析，当管内气体温度逐渐升高时，管内气体体积要逐渐增大，气体压强不变，pV值在增大．当水银面上升到管口时，水银开始从管内排出，因为＝C，当管内水银开始排出后，空气柱体积增大，而压强减小，若pV值增大，则温度T继续升高，当pV值最大时温度最高，如果温度再升高不再满足＝C，管内气体将不能保持稳定长度．‎ 选取封闭气体为研究对象，在温度升高过程中，可分成两个过程研究．‎ 第一过程：从气体开始升温到水银升到管口，此时气体温度为T，管的横截面积为S，此过程为等压过程，根据盖—吕萨克定律有 ‎＝，所以T＝T0，‎ 其中T0＝t0＋273 K＝250 K，l′＝75 cm，l0＝62.5 cm.‎ 代入数据解得T＝300 K.‎ 第二过程：温度达到300 K时，若继续升温，水银开始溢出．设当温度升高到T′时，因水银溢出使水银柱减短了xcm，此过程气体的三个状态参量p、V、T均发生了变化．‎ p1＝p0＋h＝(75＋25) cmHg＝100 cmHg，V1＝l′S＝75 cm×S，T1＝300 K.‎ p2＝p0＋h－x＝(100－x) cmHg，V2＝(75＋x) cm×S，T2＝？.‎ 根据理想气体状态方程得＝，则有 ‎＝，‎ 所以T2＝(100－x)(75＋x) K＝(－x2＋x＋300) K.‎ 根据数学知识得当x＝12.5 cm时，T2取得最大值，且最大值T2max＝306.25 K，即当管内气体温度升高到T2max＝33.25 ℃时，管内气柱长度为87.5 cm.‎ ‎18.【答案】(1)0．75p0　(2)600 K ‎【解析】(1)要求汽缸内封闭气体的压强，应分析活塞整体，通过受力分析，根据共点力平衡条件求解．活塞整体受力分析如图所示．‎ 根据共点力平衡有p0SB＋p1SA＝p0SA＋p2SB，‎ 解得p1＝0．75p0．‎ ‎(2)将汽缸A加热过程中，A、B两部分气体状态变化满足理想气体状态方程，终态时活塞整体仍满足共点力平衡条件．‎ 对气体A有＝‎ 对气体B有p2hSB＝0．5hSBp2′‎ 根据活塞平衡p0SB＋p1′SA＝p0SA＋p2′SB 解得T′＝600 K．‎