2020版高考物理一轮复习（练习·新人教版）第二章+相互作用综合检测

2020版高考物理一轮复习（练习·新人教版）第二章+相互作用综合检测

相互作用综合检测 ‎(时间:90分钟　满分:100分)‎ 一、选择题(本题共12小题,每小题4分,共48分.在每小题给出的四个选项中,第1～7小题只有一个选项正确,第8～12小题有多个选项正确,全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错或不选的得 ‎0分)‎ ‎1.减速带是交叉路口常见的一种交通设施,用以使车辆以较慢速度通过路口,车辆驶过减速带时会进一步减速.当汽车前轮刚爬上减速带时,减速带对车轮的弹力为F,下图中弹力F画法正确且分解合理的是(　B　)‎ 解析:减速带对车轮的弹力方向垂直车轮和减速带的接触面,指向受力物体,故A,C错误;按照力的作用效果,力F应该分解为水平方向和竖直方向的两个分力,水平方向的分力产生的效果减慢汽车的速度,竖直方向上的分力产生向上运动的作用效果,故B正确,D错误.‎ ‎2.大小相等的力F按如图所示的四种方式作用在相同的物体上,使物体能沿不同粗糙程度的水平面匀速运动,则物体与水平面间的摩擦力最大的是(　A　)‎ 解析:根据物体的平衡条件有fA=F,fB=Fcos 30°,fC=Fcos 30°,‎ fD=Fcos 60°,知物体与水平面间的摩擦力最大的是A选项.‎ ‎3.如图所示,用一根轻绳晾晒重量为G的衣服,衣服是通过一个光滑的小圆环穿过细绳后悬挂起来的,此时两段绳间的夹角为120°,绳中张力为F1;若在环上加一水平拉力使细绳的一部分处在竖直线上,此时晾衣绳中的张力大小为F2,不计小圆环的重力,则下列关系正确的是(　B　)‎ A.F1=F2=G B.F2F1>G D.F2β,故FAkA,可知ΔFB>ΔFA,故选项D正确.‎ ‎11.如图所示,一竖直挡板固定在水平地面上,图(甲)用一斜面将一质量为M的光滑球顶起,图(乙)用一圆柱体将同一光滑球顶起;当斜面或圆柱体缓慢向右推动的过程中,关于两种情况下挡板所受的压力,下列说法正确的是(　CD　)‎ A.两种情况下挡板所受的压力都不变 B.两种情况下挡板所受的压力都增大 C.图(甲)中挡板所受的压力不变 D.图(乙)中挡板所受的压力减小 解析:图(甲)中,球受重力、挡板的弹力、斜面的支持力,由于缓慢向右推动的过程中,各力的方向不变,重力不变,所以挡板的弹力、斜面的支持力大小均不变,由牛顿第三定律知挡板所受压力也不变;图(乙)中球受重力、挡板的弹力、圆柱体的支持力,由于缓慢向右推动的过程中,圆柱体支持力与竖直方向的夹角减小(示意图如图),挡板的弹力方向不变,重力不变,因此挡板的弹力减小,由牛顿第三定律知,挡板所受的压力也减小,选项C,D正确,A,B错误.‎ ‎12.如图所示,倾角为θ的斜面体C置于水平面上,物块B置于斜面上,通过细绳跨过光滑定滑轮与沙漏A连接,连接B的一段细绳与斜面平行,在A中的沙子缓慢流出的过程中,A,B,C都处于静止状态,则下列说法正确的是(　AD　)‎ A.B对C的摩擦力可能始终增大 B.地面对C的支持力可能不变 C.C对地面的摩擦力方向始终向左,且逐渐减小 D.滑轮对绳的作用力方向始终不变 解析:若一开始C对B的摩擦力就沿斜面向上,则在A中的沙子缓慢流出的过程中,C对B的摩擦力逐渐增大,根据牛顿第三定律可知,此时B对C的摩擦力也始终增大,选项A正确;在A中的沙子缓慢流出的过程中,细绳的张力逐渐减小,以B,C为整体,在竖直方向根据平衡条件可知,地面对C的支持力逐渐变大;在水平方向根据平衡条件可得,地面对C的摩擦力方向向左,始终减小,根据牛顿第三定律可知C对地面的摩擦力方向始终向右,且逐渐减小,选项B,C均错误;绳的张力大小处处相等,且方向不变,根据平行四边形定则可知,它们的合力的方向也不变,因此滑轮对绳的作用力方向也始终不变,选项D正确.‎ 二、非选择题(共52分)‎ ‎13.(6分)在探究“弹力和弹簧伸长的关系”时,小张同学用如图(甲)所示的实验装置进行实验.将该弹簧竖直悬挂,在自由端挂上钩码,通过改变钩码的个数,记录钩码的质量m和弹簧上指针在刻度尺上的读数x.‎ ‎(1)小张同学根据实验数据在坐标纸上用描点法画出x-m图像如图(乙)所示,由图像可求得该弹簧的劲度系数k=　　　　N/m(当地的重力加速度g=‎9.8 m/s2,结果保留三位有效数字). ‎ ‎(2)在本次实验中,考虑到弹簧自身有重量,测得弹簧劲度系数k的值与真实值相比较　　　　‎ ‎(选填“偏大”“偏小”或“没有影响”). ‎ 解析:(1)由胡克定律mg=k(x-x0),变化为x=m+x0.图(乙)所示的x-m图像的斜率等于,由x-m图像可得k=73.5 N/m.‎ ‎(2)弹簧自身重力不影响x-m图像的斜率,对弹簧劲度系数的测量没有影响.‎ 答案:(1)73.5　(2)没有影响 评分标准:每空3分.‎ ‎14.(5分)请完成“验证力的平行四边形定则”实验的相关内容.‎ ‎(1)如图(甲)所示,在铺有白纸的水平木板上,橡皮条一端固定在A点,另一端拴两个细绳套.‎ ‎(2)如图(乙)所示,用两个弹簧测力计互成角度地拉橡皮条,使绳与橡皮条的结点伸长到某位置并记为O点,记下此时弹簧测力计的示数F1和F2及　　　　　　. ‎ ‎(3)如图(丙)所示,用一个弹簧测力计拉橡皮条,使绳与橡皮条的结点拉到O点,记下此时弹簧测力计的示数 F=　　　　N和细绳的方向. ‎ ‎(4)如图(丁)所示,已按一定比例作出了F1,F2和F的图示,请用作图法作出F1和F2的合力.‎ ‎(5)合力与F大小相等,方向略有偏差,如果此偏差仅由F1引起,则原因是F1的大小比真实值偏　　　　、F1与F2的夹角比真实夹角偏　　　　　　　.(均选填“大”或“小”) ‎ 解析:(2)要记下两分力F1和F2的方向.‎ ‎(3)弹簧测力计的示数要估读一位,即F=3.00 N.‎ ‎(4)由力的图示作出F1和F2的合力F′,如图所示.‎ ‎(5)由图,将F1减小或减小F1与F的夹角,合力F′与F更接近重合,则原因是F1的大小比真实值偏大、F1与F2的夹角比真实夹角偏大.‎ 答案:(2)两细绳的方向　(3)3.00 ‎ ‎(4)见解析 ‎(5)大　大 评分标准:每空1分,作图1分.‎ ‎15.(8分)如图所示,质量M=‎2 kg的木块套在水平固定杆上,并用轻绳与质量m=‎1 kg的小球相连.今用跟水平方向成60°角的力F=10 N拉着小球并带动木块一起向右匀速运动,运动中M,m的相对位置保持不变,g取‎10 m/s2.在运动过程中,求:‎ ‎(1)轻绳与水平方向的夹角;‎ ‎(2)木块M与水平杆间的动摩擦因数μ.‎ 解析:(1)m处于平衡状态,其所受合力为零.以m为研究对象,由平衡条件得 水平方向Fcos 60°-FTcos θ=0(1分)‎ 竖直方向Fsin 60°-FTsin θ-mg=0(1分)‎ 解得θ=30°.(1分)‎ ‎(2)M,m整体处于平衡状态,整体所受合力为零.‎ 以M,m整体为研究对象,由平衡条件得 水平方向Fcos 60°-Ff=0(1分)‎ 竖直方向FN+Fsin 60°-Mg-mg=0(1分)‎ 解得FN=15 N,Ff=5 N.(2分)‎ 解得μ==.(1分)‎ 答案:(1)30°　(2)‎ ‎16.(9分)质量为m=‎0.8 kg的物块悬挂在轻绳PA和PB的结点上并处于静止状态,PA与竖直方向的夹角为37°,PB沿水平方向,质量为M=‎10 kg的木块与PB相连,静止于倾角为37°的斜面上,如图所示.‎ ‎(取g=‎10 m/s2,sin 37°=0.6,cos 37°=0.8)求:‎ ‎(1)轻绳PB拉力的大小;‎ ‎(2)木块所受斜面的摩擦力和弹力大小.‎ 解析:(1)对点P受力分析如图(甲)所示,根据共点力的平衡条件得 FB-FAsin 37°=0,(1分)‎ FAcos 37°-mg=0(1分)‎ 联立解得FB==6 N.(1分)‎ ‎(2)对木块受力分析如图(乙)所示,由共点力的平衡条件得 Mgsin 37°+FBcos 37°-Ff=0,(2分)‎ FN+FBsin 37°-Mgcos 37°=0,(2分)‎ 联立解得Ff=Mgsin 37°+FBcos 37°=64.8 N,(1分)‎ FN=Mgcos 37°-FBsin 37°=76.4 N.(1分)‎ 答案:(1)6 N　(2)64.8 N　76.4 N ‎17.(12分)质量为M的木楔倾角为θ,在水平面上保持静止,质量为m的木块刚好可以在木楔上表面上匀速下滑.现在用与木楔上表面成α角的力F拉着木块匀速上滑,如图所示.求:‎ ‎(1)当α与θ有何关系时,拉力F有最小值,并求此最小值;‎ ‎(2)求拉力F最小时,木楔对水平面的摩擦力.‎ 解析:(1)木块刚好可以沿木楔上表面匀速下滑,则 mgsin θ=μmgcos θ,(1分)‎ 得μ=tan θ,(1分)‎ 用力F拉着木块匀速上滑,受力分析如图(甲)所示,‎ Fcos α=mgsin θ+Ff,(2分)‎ FN+Fsin α=mgcos θ,(2分)‎ Ff=μFN,(1分)‎ 解得F=.(1分)‎ 当α=θ时,F有最小值,Fmin=mgsin 2θ.(1分)‎ ‎(2)对木块和木楔整体受力分析如图(乙)所示,由平衡条件得,Ff′=Fcos(θ+α),(1分)‎ 当拉力F最小时,‎ Ff′=Fmin·cos 2θ=mgsin 4θ.(2分)‎ 答案:(1)α=θ　mgsin 2θ ‎(2)mgsin 4θ ‎18.(12分)一般教室门上都会安装一种暗锁,这种暗锁由外壳A、骨架B、弹簧C(劲度系数为k)、锁舌D(倾斜角θ=45°)、锁槽E,以及连杆、锁头等部件组成,如图(甲)所示.设锁舌D的侧面与外壳A和锁槽E之间的动摩擦因数均为μ,最大静摩擦力fm由fm=μFN(FN为正压力)求得.有一次放学后,当某同学准备关门时,无论用多大的力,也不能将门关上(这种现象称为自锁),此刻暗锁所处的状态的俯视图如图(乙)所示,P为锁舌D与锁槽E之间的接触点,弹簧由于被压缩而缩短了x.‎ ‎(1)试判断自锁状态时,D的下表面所受摩擦力的方向;‎ ‎(2)求自锁时锁舌D与锁槽E之间的正压力的大小;‎ ‎(3)无论用多大的力拉门,暗锁仍然能够保持自锁状态,则μ至少为 多大?‎ 解析:(1)自锁状态时,D有向左运动的趋势,所以它的下表面所受摩擦力的方向为水平向右.(2分)‎ ‎(2)D的受力情况如图所示.‎ 根据平衡条件 水平方向 FNsin θ=f1+f2cos θ+kx(2分)‎ 竖直方向 F=f2sin θ+FNcos θ(2分)‎ 又f1=μF,f2=μFN(2分)‎ 解得FN=.(1分)‎ ‎(3)自锁状态时,无论FN多大,都不能将门关上,所以有1-2μ-μ2=0‎ ‎(2分)‎ 解得μ=-1.(1分)‎ 答案:(1)水平向右 ‎(2)‎ ‎(3)-1‎