山东省烟台市莱州一中2017届高三上学期第二次质检物理试卷

山东省烟台市莱州一中2017届高三上学期第二次质检物理试卷

www.ks5u.com ‎2016-2017学年山东省烟台市莱州一中高三（上）第二次质检物理试卷 ‎　‎ 一、选择题（1-7单选，8-14多选，每题3分，漏选得2分，共42分）‎ ‎1．下列几种情况，不可能发生的是（　　）‎ A．位移和加速度反向 B．速度不变，加速度在变 C．速度和加速度反向 D．加速度不变，速度在变 ‎2．下列关于作用力和反作用力的说法中，正确的是（　　）‎ A．物体相互作用时，先有作用力，后有反作用力 B．作用力和反作用力的合力为零，即两个力的作用效果可以互相抵消 C．鸡蛋碰石头时，鸡蛋对石头的作用力与石头对鸡蛋的作用力大小相等 D．马能将车拉动，是因为马拉车的力大于车拉马的力 ‎3．洗衣机的甩干筒在转动时有一衣物附在筒壁上，如图，则此时（　　）‎ A．衣物受到重力、筒壁的弹力和摩擦力、向心力的作用 B．筒壁的弹力随筒的转速增大而增大 C．衣物随筒壁做圆周运动的向心力是由于摩擦的作用 D．筒壁对衣物的摩擦力随转速增大而增大 ‎4．A、B、C是三个完全相同的带正电小球，从同一高度开始自由下落，A球穿过一水平方向的匀强磁场；B 球下落过程中穿过水平方向的匀强电场；C球直接落地，如图所示，试比较三个小球下落过程中所需的时间tA、tB、tC的长短及三个小球到达地面的速率vA、vB、vC间的大小关系，下列说法正确的是（　　）‎ A．tA＞tB=tC vB＞vA=vC B．tA=tB＞tC vA＜vB=vC C．tA=tB=tC vA=vB＞vC D．tA＞tB＞tC vA=vB＜vC ‎5．一物体做直线运动，其位移﹣时间图象如图所示，设向右为正方向，则在前4s内（　　）‎ A．物体先向左运动，2s后开始向右运动 B．物体始终向右做匀速直线运动 C．在t=2s时．物体距出发点最远 D．前2s物体位于出发点的左方，后2s位于出发点的右方 ‎6．如图为某双线客运索道，其索线由静止不动的承载索和牵引缆车运动的牵引索组成．运行过程中牵引索通过作用力F使缆车沿倾斜的承载索道斜向上加速移动，不计空气阻力，在缆车向上移动过程中，下列说法正确的是（　　）‎ A．F对缆车做的功等于缆车增加的动能和克服摩擦力所做的功之和 B．F对缆车做的功等于缆车克服摩擦力和克服重力所做的功之和 C．缆车克服重力做的功小于缆车增加的重力势能 D．F对缆车做的功等于缆车增加的机械能与缆车克服摩擦力做的功之和 ‎7．如图所示，一条形磁铁放在水平桌面上，在其左上方固定一根与磁铁垂直的长直导线，当导线中通一图示方向的电流时（　　）‎ A．磁铁对桌面的压力减小，且受到向左的摩擦力作用 B．磁铁对桌面的压力减小，且受到向右的摩擦力作用 C．磁铁对桌面的压力增大，且受到向左的摩擦力作用 D．磁铁对桌面的压力增大，且受到向左的摩擦力作用 ‎8．下列说法中正确的是（　　）‎ A．电阻的定义式写成，也可写成 B．磁场的方向与放在该点的电流元的受力方向相同 C．奥斯特最先发现电流的周围存在着磁场 D．电场线必然和等势面垂直 ‎9．如图所示电路中，电源内阻不可忽略，L1、L2两灯均正常发光，R1为定值电阻，R为一滑动变阻器，P为滑动片，若将滑动片向下滑动，则（　　）‎ A．L1灯变亮 B．L2灯变暗 C．R1上消耗功率变大 D．总电流变小 ‎10．如图所示，在等量正电荷形成的电场中，画一正方形ABCD，对角线AC与两点电荷连线重合，两对角线交点O恰为电荷连线的中点．下列说法中正确的是（　　）‎ A．B、D两点的电场强度及电势均相同 B．A、B两点间的电势差UAB与C、D两点间的电势差UCD相等 C．一质子由B点沿B→O→D路径移至D点，电势能先增大后减小 D．一电子由C点沿C→O→A路径移至A点，电场力对其先做负功后做正功 ‎11．某卫星在赤道上空飞行，轨道平面与赤道平面重合，距地面高度为h．已知地球半径为R，地球表面的重力加速度为g，地球自转的速度为ω，则该卫星的周期为（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎12．一物体置粗糙的固定斜面上保持静止现用水平力F推物体，如图当F由0稍许增加时，物体仍保持静止状态，则（　　）‎ A．物体所受的合力增加 B．斜面对物体的支持力增加 C．斜面对物体的摩擦力增加 D．斜面对物体的作用力增加 ‎13．一辆汽车在平直的公路上运动，运动过程中先保持某一恒定加速度，后保持恒定的牵引功率，其牵引力和速度的图象如图所示．若已知汽车的质量m，牵引力F1 和速度v1及该车所能达到的最大速度v3．则根据图象所给的信息，能求出的物理量是（　　）‎ A．汽车运动中的最大功率为F1v1‎ B．速度为v2时的加速度大小为 C．汽车行驶中所受的阻力为 D．恒定加速时，加速度为 ‎14．如图所示，a、b是一对平行金属板，分别接到直流电源两极上，右边有一档板，正中间开有一小孔d，在较大空间范围内存在着匀强磁场，磁感强度大小为B，方向垂直纸面向里，在a、b两板间还存在着匀强电场E．从两板左侧中点C处射入一束正离子（不计重力），这些正离子都沿直线运动到右侧，从d孔射出后分成3束．则下列判断正确的是（　　）‎ A．这三束正离子的速度一定不相同 B．这三束正离子的比荷一定不相同 C．a、b两板间的匀强电场方向一定由a指向b D．若这三束粒子改为带负电而其它条件不变则仍能从d孔射出 ‎　‎ 二、实验（共18分）‎ ‎15．为了探究动能定理，现提供如图1所示的器材，让小车在橡皮筋的作用下弹出后，沿木板滑行，请思考探究思路并回答问题（打点计时器所用交流电频率为50Hz）：‎ ‎（1）关于实验操作下列说法正确的是　　‎ A．应改变橡皮筋拉伸的长度，打出不同的纸带进行分析 B．应保持橡皮筋拉伸的长度不变，改变橡皮筋的条数，打出不同的纸带进行分析 C．应选取纸带上点迹间隔均匀的一段进行测量，以求出小车匀速运动时的速度 D．实验中将木板左端适当垫高的目的是：使重力分力平衡掉小车和纸带受到的摩擦力，提高实验的精确度 ‎（2）如图2是某同学在正确实验操作过程中得到的一条纸带，O、A、B、C、D、E、F为选取的计数点，相邻的两个计数点间有一个点没有画出，各计数点到O点的距离分别为：0.87cm、4.79cm、8.89cm、16.91cm、25.83cm、34.75cm，若打点计时器的打点频率为50Hz，则由该纸带可知本次实验中小车的速度是　　m/s．‎ ‎16．某同学用伏安法测一节干电池的电动势和内阻，现备有下列器材：‎ A．被测干电池一节 B．电流表1：量程0～0.6A，内阻r=0.3Ω C．电流表2：量程0～0.6A，内阻约为0.1Ω D．电压表：量程0～3V，内阻未知 E．滑动变阻器1：0～10Ω，2A F．滑动变阻器2：0～100Ω，1A G．开关、导线若干 伏安法测电池电动势和内阻的实验中，由于电流表和电压表内阻的影响，测量结果存在系统误差，在现有器材的条件下，要尽可能准确地测量电池的电动势和内阻．‎ ‎（1）在上述器材中请选择适当的器材（填写器材前的字母）：电流表选择　　，滑动变阻器选择　　．‎ ‎（2）实验电路图应选择图中的　　（填“甲”或“乙”）；‎ ‎（3）根据实验中电流表和电压表的示数得到了如图丙所示的U﹣I图象，则在修正了实验系统误差后，干电池的电动势E=　　V，内电阻r=　　Ω（结果保留两位有效数字）．‎ ‎（4）如图丁、戊读数游标卡尺　　cm 螺旋测微器　　mm．‎ ‎　‎ 三、计算题（做出受力分析图，及写出必要的文字说明和方程式，只写最终的结论的不得分）‎ ‎17．两个完全相同的物块A、B，质量均为m=0.8kg，在同一粗糙水平面上以相同的初速度从同一位置开始运动．图中的两条直线分别表示A物块受到水平拉力F作用和B物块不受拉力作用的v﹣t图象，求：‎ ‎（1）物块A所受拉力F的大小；‎ ‎（2）8s末物块A、B之间的距离x．‎ ‎18．如图所示，水平地面上方分布着水平向右的匀强电场．一“L”形的绝缘硬质管竖直固定在匀强电场中．管的水平部分长为l1=0.5m，离水平地面的距离为h=5.0m，竖直部分长为l2=0.2m．一带正电的小球从管的上端口A由静止释放，小球与管间摩擦不计且小球通过管的弯曲部分（长度极短，可不计）时没有能量损失，小球在电场中受到电场力大小为重力的一半．（g取10m/s2） 求：‎ ‎（1）小球运动到管口B时的速度大小；‎ ‎（2）小球落地点与管的下端口B的水平距离．‎ ‎19．如图所示，MN、PQ是平行金属板，板长为L，两板间距离为，，PQ板带正电，MN板带负电，在PQ板的上方有垂直纸面向里的匀强磁场．一个电荷量为q、质量为m的带负电的粒子以速度v从MN板边缘沿平行于板的方向射人两板问，结果粒子恰好从PQ板左边缘飞进磁场，然后又恰好从PQ板的右边缘飞进电场．不计粒子重力．求：‎ ‎（1）两金属板间所加电场的场强大小．‎ ‎（2）匀强磁场的磁感府强度B的大小．‎ ‎20．如图所示，用内壁光滑的薄壁细管弯成的“S”形轨道固定于竖直平面内，其弯曲部分是由两个半径均为R=0.2m的半圆平滑对接而成（圆的半径远大于细管内径），轨道底端D点与粗糙的水平地面相切．现有一辆质量为m=1Kg的玩具小车以恒定的功率从E点由静止开始行驶，经过一段时间t=4s后，出现了故障，发动机自动关闭，小车在水平地面继续运动并进入“S”形轨道，从轨道的最高点飞出后，恰好垂直撞在固定斜面B上的C点，C点与下半圆的圆心O等高．已知小车与地面之间的动摩擦因数为μ=0.1，ED之间的距离为x0=10m，斜面的倾角为30°．求：（g=10m/s2）‎ ‎（1）小车到达C点时的速度大小为多少；‎ ‎（2）在A点小车对轨道的压力大小是多少，方向如何；‎ ‎（3）小车的恒定功率是多少．‎ ‎　‎ ‎2016-2017学年山东省烟台市莱州一中高三（上）第二次质检物理试卷 参考答案与试题解析 ‎　‎ 一、选择题（1-7单选，8-14多选，每题3分，漏选得2分，共42分）‎ ‎1．下列几种情况，不可能发生的是（　　）‎ A．位移和加速度反向 B．速度不变，加速度在变 C．速度和加速度反向 D．加速度不变，速度在变 ‎【考点】加速度．‎ ‎【分析】明确加速度的定义，知道当加速度方向与速度方向相同，做加速运动，当加速度方向与速度方向相反，做减速运动，匀加速直线运动位移的方向与加速度的方向相同，匀减速直线运动的位移与加速度方向可能相反．‎ ‎【解答】解：A、匀减速运动时，位移在增加，位移的方向与加速度的方向相反．故A可能发生．‎ B、速度不变，则加速度始终为零，保持不变，故B不可能发生 C、减速运动时，加速度方向与速度方向相反．故C可能发生．‎ D、匀变速直线运动，加速度不变，速度在变化．故D可能发生．‎ 本题选不可能发生的，故选：B．‎ ‎　‎ ‎2．下列关于作用力和反作用力的说法中，正确的是（　　）‎ A．物体相互作用时，先有作用力，后有反作用力 B．作用力和反作用力的合力为零，即两个力的作用效果可以互相抵消 C．鸡蛋碰石头时，鸡蛋对石头的作用力与石头对鸡蛋的作用力大小相等 D．马能将车拉动，是因为马拉车的力大于车拉马的力 ‎【考点】牛顿第三定律．‎ ‎【分析】作用力和反作用力大小相等，方向相反，同时产生，同时消失，作用在不同的物体上，不是共点力，不能合成，效果不能抵消．物体之所以由静止而加速运动是因为其所受合力大于零．‎ ‎【解答】解：A、作用力和反作用力具有同时性，同时产生，同时消失．故A错误．‎ B、作用力和反作用力作用在不同的物体上，不能合成，效果不能抵消，故B错误．‎ C、作用力和反作用力大小相等，方向相反．故C正确．‎ D、马拉车的力等于车拉马的力．马能将车拉动，是因为马拉车的力大于车所受的阻力．故D错误．‎ 故选C．‎ ‎　‎ ‎3．洗衣机的甩干筒在转动时有一衣物附在筒壁上，如图，则此时（　　）‎ A．衣物受到重力、筒壁的弹力和摩擦力、向心力的作用 B．筒壁的弹力随筒的转速增大而增大 C．衣物随筒壁做圆周运动的向心力是由于摩擦的作用 D．筒壁对衣物的摩擦力随转速增大而增大 ‎【考点】向心力；牛顿第二定律．‎ ‎【分析】衣服随脱水桶一起做匀速圆周运动，靠合力提供向心力，在水平方向上的合力提供向心力，竖直方向合力为零．根据牛顿第二定律进行分析．‎ ‎【解答】解：A、衣物受到重力、筒壁的弹力和摩擦力的作用，靠弹力提供向心力．分析受力时，不单独分析向心力，故A错误；‎ BC、弹力提供向心力，根据向心力计算公式可得弹力T=mrω2，所以筒壁的弹力随筒的转速增大而增大，B正确、C错误；‎ D、在竖直方向上，衣服所受的重力和摩擦力平衡，所以摩擦力不变，D错误．‎ 故选：B．‎ ‎　‎ ‎4．A、B、C是三个完全相同的带正电小球，从同一高度开始自由下落，A球穿过一水平方向的匀强磁场；B ‎ 球下落过程中穿过水平方向的匀强电场；C球直接落地，如图所示，试比较三个小球下落过程中所需的时间tA、tB、tC的长短及三个小球到达地面的速率vA、vB、vC间的大小关系，下列说法正确的是（　　）‎ A．tA＞tB=tC vB＞vA=vC B．tA=tB＞tC vA＜vB=vC C．tA=tB=tC vA=vB＞vC D．tA＞tB＞tC vA=vB＜vC ‎【考点】洛仑兹力；匀强电场中电势差和电场强度的关系．‎ ‎【分析】A球先做自由落体运动，然后做曲线运动；B球先自由落体运动，然后做类似斜抛运动；C球做自由落体运动；根据运动的合成与分解的知识确定时间关系；根据功能关系确定速度关系．‎ ‎【解答】解：A先做自由落体运动，进入磁场后受到洛伦兹力作用，因洛伦兹力始终与速度垂直，所以在竖直方向除受到重力作用外，带电粒子偏转后还有洛伦兹力在竖直方向的分力，导致下落的加速度变小，则下落时间变长．由于洛伦兹力不做功，因此下落的速度大小不变；‎ 根据题意可知，C做自由落体运动；而B除竖直方向做自由落体运动外，水平方向受到电场力作用做初速度为零的匀加速运动，所以下落时间不变，不过下落的速度大于C的自由落体运动的速度；‎ 故vB＞vA=vc，tB=tC＜tA；故A正确，BCD错误 故选：A ‎　‎ ‎5．一物体做直线运动，其位移﹣时间图象如图所示，设向右为正方向，则在前4s内（　　）‎ A．物体先向左运动，2s后开始向右运动 B．物体始终向右做匀速直线运动 C．在t=2s时．物体距出发点最远 D．前2s物体位于出发点的左方，后2s位于出发点的右方 ‎【考点】匀变速直线运动的图像．‎ ‎【分析】位移﹣时间图象的斜率等于物体运动的速度，速度的正负表示速度的方向，从位移图上可以知道物体在任意时刻的速度（斜率）和位置（纵坐标）．‎ ‎【解答】解：AB、位移﹣时间图象的斜率等于物体运动的速度，从图中可知图象斜率始终为正，所以速度始终为正，物体始终向右做匀速直线运动，故A错误，B正确；‎ C、在t=2s时，物体离出发点5m，t=4s末，物体离出发点10m，可知在t=2s时，物体距出发点最远，故C错误；‎ D、纵坐标表示物体的位置，由图象可知，出发点在x=﹣5m处，运动后物体始终在出发点的右方，故D错误．‎ 故选：B ‎　‎ ‎6．如图为某双线客运索道，其索线由静止不动的承载索和牵引缆车运动的牵引索组成．运行过程中牵引索通过作用力F使缆车沿倾斜的承载索道斜向上加速移动，不计空气阻力，在缆车向上移动过程中，下列说法正确的是（　　）‎ A．F对缆车做的功等于缆车增加的动能和克服摩擦力所做的功之和 B．F对缆车做的功等于缆车克服摩擦力和克服重力所做的功之和 C．缆车克服重力做的功小于缆车增加的重力势能 D．F对缆车做的功等于缆车增加的机械能与缆车克服摩擦力做的功之和 ‎【考点】动能定理的应用．‎ ‎【分析】物体克服重力做功转化为物体的重力势能；根据各力做功情况，应用动能定理分析答题．‎ ‎【解答】‎ 解：A、由动能定理可知，F对缆车做的功等于缆车增加的动能、增加的重力势能与克服摩擦力所做的功之和，即：等于缆车增加的机械能与缆车克服摩擦力做的功之和，故AB错误，D正确；‎ C、缆车克服重力做的功等于缆车增加的重力势能，故C错误；‎ 故选：D．‎ ‎　‎ ‎7．如图所示，一条形磁铁放在水平桌面上，在其左上方固定一根与磁铁垂直的长直导线，当导线中通一图示方向的电流时（　　）‎ A．磁铁对桌面的压力减小，且受到向左的摩擦力作用 B．磁铁对桌面的压力减小，且受到向右的摩擦力作用 C．磁铁对桌面的压力增大，且受到向左的摩擦力作用 D．磁铁对桌面的压力增大，且受到向左的摩擦力作用 ‎【考点】安培力．‎ ‎【分析】先判断电流所在位置的磁场方向，然后根据左手定则判断安培力方向；再根据牛顿第三定律得到磁体受力方向，最后对磁体受力分析，根据平衡条件判断．‎ ‎【解答】解：条形磁铁外部磁场又N指向S，根据左手定则知，直导线所受的安培力的方向斜向右下方，根据牛顿第三定律知，条形磁铁所受力的方向斜向做上方，可知条形磁铁有向左的运动趋势，所受的摩擦力方向向右，磁铁对桌面的压力减小．故B正确，A、C、D错误．‎ 故选：B．‎ ‎　‎ ‎8．下列说法中正确的是（　　）‎ A．电阻的定义式写成，也可写成 B．磁场的方向与放在该点的电流元的受力方向相同 C．奥斯特最先发现电流的周围存在着磁场 D．电场线必然和等势面垂直 ‎【考点】电势差与电场强度的关系；物理学史；电阻定律；磁感应强度．‎ ‎【分析】明确欧姆定律的应用，知道电阻的定义式；‎ 明确左手定则的内容，知道电流元的受力一定与磁场方向相互垂直；‎ 知道有关电磁学中的物理学史，知道奥斯特最先发现电流的周围存在着磁场；‎ 明确电场的性质，知道等势面一定与电场线相互垂直．‎ ‎【解答】解：A、电阻的定义式R=，但R==只有在R为定值时才能成立，故A错误；‎ B、由左手定则可知，磁场的方向与放在该点的电流元的受力方向相互垂直，故B错误；‎ C、奥斯特最先发现电流的周围存在着磁场，故C正确；‎ D、根据等势面的性质可知，电场线必然与等势面相互垂直，故D正确．‎ 故选：CD．‎ ‎　‎ ‎9．如图所示电路中，电源内阻不可忽略，L1、L2两灯均正常发光，R1为定值电阻，R为一滑动变阻器，P为滑动片，若将滑动片向下滑动，则（　　）‎ A．L1灯变亮 B．L2灯变暗 C．R1上消耗功率变大 D．总电流变小 ‎【考点】闭合电路的欧姆定律．‎ ‎【分析】（1）从图可知，滑动变阻器的滑片向下滑动时，滑动变阻器的阻值变小，根据并联电路电阻的特点判断出电路中总电阻的变化，再根据欧姆定律判断总电流的变化，判断D是否符合题意．‎ ‎（2）根据并联电路的特点，依据各支路互不影响，从而判断出L1灯亮度的变化，判断A是否符合题意．‎ ‎（3）右边电路是先并后串，根据滑动变阻器的变化，从而可以判断电阻R1上功率的变化，判断C是否符合题意．‎ ‎（4）根据通过电阻R1电流的变化，判断出B灯和滑阻上电压的变化，再判断出L2灯实际功率的变化，从而判断出B灯亮度的变化，判断B是否符合题意．‎ ‎【解答】解：A、电源内阻不可忽略，L1灯的电压等于电源的电动势，保持不变，故L1灯的亮度不变，故A错误．‎ BCD、右边电路是先并后串，当滑动变阻器的阻值变小后，并联部分总阻值变小，分压变少，所以R1的分压变大，根据公式P=可知，电阻R1上的电功率变大，故C正确．‎ 因为电阻R1上的电流变大了，所以分压也就增加了，所以L2灯和滑阻上的电压就变小，根据公式P=可知，L2灯实际功率的变小，所以L2灯变暗，故B正确．‎ 故选：BC．‎ ‎　‎ ‎10．如图所示，在等量正电荷形成的电场中，画一正方形ABCD，对角线AC与两点电荷连线重合，两对角线交点O恰为电荷连线的中点．下列说法中正确的是（　　）‎ A．B、D两点的电场强度及电势均相同 B．A、B两点间的电势差UAB与C、D两点间的电势差UCD相等 C．一质子由B点沿B→O→D路径移至D点，电势能先增大后减小 D．一电子由C点沿C→O→A路径移至A点，电场力对其先做负功后做正功 ‎【考点】电势能；电场的叠加．‎ ‎【分析】本题要根据等量正电荷周围电场分布情况进行答题．在如图所示的等量异种电荷连线的中点O是两点电荷连线之间电场强度最小的点，同时是两点电荷连线中垂线上最强的点，中垂线为零等势线，中垂线上电场方向水平向右；另外电势能的变化可通过电场力做功来判断．‎ ‎【解答】解：A、由于B、D两点关于O点对称，因此其场强大小相等，方向相反，则场强不同，根据对称性知，电势相同，故A错误；‎ B、根据电场线分布情况可知，A与C两的电势相等，B、D两点电势相等，则A、B两点间的电势差UAB与C、D两点间的电势差UCD相等，故B正确．‎ C、根据电场的叠加知，BO间电场方向向上，OD间电场向下，则质子由B点沿B→O→D路径移至D点，电势先升高后降低，电场力先做负功后做正功，电势能先增大后减小，故C正确．‎ D、电子由C点沿C→O→A路径移至A点，电场力先向左后向右，电场力对其先做负功后做正功，故D正确．‎ 故选：BCD．‎ ‎　‎ ‎11．某卫星在赤道上空飞行，轨道平面与赤道平面重合，距地面高度为h．已知地球半径为R，地球表面的重力加速度为g，地球自转的速度为ω，则该卫星的周期为（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．‎ ‎【分析】卫星环绕地球在赤道上空运行时，万有引力提供向心力；在地球表面时，万有引力等于重力，根据这两个关系列式即可求得卫星的周期．‎ ‎【解答】解：卫星在赤道上空飞行时，由地球的万有引力提供向心力，则有 ‎ G=m（R+h）‎ 在地球表面上时，有G=mg 联立以上两式得 T=‎ 故选B ‎　‎ ‎12．一物体置粗糙的固定斜面上保持静止现用水平力F推物体，如图当F由0稍许增加时，物体仍保持静止状态，则（　　）‎ A．物体所受的合力增加 B．斜面对物体的支持力增加 C．斜面对物体的摩擦力增加 D．斜面对物体的作用力增加 ‎【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．‎ ‎【分析】‎ 本题可静摩擦力的大小和方向均不能确定的特点，通过对物体进行受力分析在结合平衡条件和最大静摩擦力的概念即可求解．‎ ‎【解答】解：根据静摩擦力的特点（静摩擦力大小0≤f≤fmax，方向沿接触面方向但可以变化），可知，当F=0时静摩擦力方向沿斜面向上，大小为f=mgsinα．‎ A、由于物体仍保持静止状态，根据平衡条件可知合力仍为零，保持不变，故A错误．‎ B、由受力分析图（如图）可知：斜面对物体的支持力N=mgcosα+Fsinα，N增大，故B正确．‎ C、根据以上分析可知，若Fcosα≤mgsinα时，静摩擦力方向沿斜面向上，由平衡条件得：f=mgsinα﹣Fcosα，则F增大，f减小；‎ 若Fcosα＞mgsinα时，静摩擦力方向沿斜面向下，由平衡条件得：f=Fcosα﹣mgsinα+，F增大，f增大；所以静摩擦力大小可能减小，也可能增加，故C错误．‎ D、斜面对物体的作用力是支持力和静摩擦力的合力，根据平衡条件得：‎ 斜面对物体的作用力 F′=，F增大，F′增大，故D正确．‎ 故选：BD．‎ ‎　‎ ‎13．一辆汽车在平直的公路上运动，运动过程中先保持某一恒定加速度，后保持恒定的牵引功率，其牵引力和速度的图象如图所示．若已知汽车的质量m，牵引力F1 和速度v1及该车所能达到的最大速度v3．则根据图象所给的信息，能求出的物理量是（　　）‎ A．汽车运动中的最大功率为F1v1‎ B．速度为v2时的加速度大小为 C．汽车行驶中所受的阻力为 D．恒定加速时，加速度为 ‎【考点】功率、平均功率和瞬时功率；牛顿第二定律．‎ ‎【分析】汽车先做匀加速运动，再以恒定功率运动，对汽车受力分析后根据牛顿第二定律列方程，再结合图象进行分析即可．‎ ‎【解答】解：A、根据牵引力和速度的图象和功率P=Fv得汽车运动中的最大功率为F1v1，故A正确．‎ B、汽车运动过程中先保持某一恒定加速度，后保持恒定的牵引功率，所以速度为v2时的功率是F1 v1，‎ 根据功率P=Fv得 速度为v2时的牵引力是，‎ 对汽车受力分析，受重力、支持力、牵引力和阻力，‎ 该车所能达到的最大速度时加速度为零，所以此时阻力等于牵引力，所以阻力f=‎ 根据牛顿第二定律，有速度为v2时加速度大小为a=﹣，故B错误，C正确．‎ D、根据牛顿第二定律，有恒定加速时，加速度a′=﹣，故D错误．‎ 故选AC．‎ ‎　‎ ‎14．如图所示，a、b是一对平行金属板，分别接到直流电源两极上，右边有一档板，正中间开有一小孔d，在较大空间范围内存在着匀强磁场，磁感强度大小为B，方向垂直纸面向里，在a、b两板间还存在着匀强电场E．从两板左侧中点C处射入一束正离子（不计重力），这些正离子都沿直线运动到右侧，从d孔射出后分成3束．则下列判断正确的是（　　）‎ A．这三束正离子的速度一定不相同 B．这三束正离子的比荷一定不相同 C．a、b两板间的匀强电场方向一定由a指向b D．若这三束粒子改为带负电而其它条件不变则仍能从d孔射出 ‎【考点】质谱仪和回旋加速器的工作原理；带电粒子在匀强磁场中的运动．‎ ‎【分析】离子在复合场中沿水平方向直线通过故有qE=qvB，所以v=，电性改变后合力仍为0，仍沿直线运动到右侧；三束正离子的在磁场中圆周运动的轨道半径不同，根据r==×可知比荷一定不相同．根据洛伦兹力的方向可以判定电场力的方向从而判定电场的方向．‎ ‎【解答】解：A、3束离子在复合场中运动情况相同，即沿水平方向直线通过故有qE=qvB，所以v=，故三束正离子的速度一定相同．故A错误．‎ B、3束离子在磁场中有qvb=m，故r==×，由于三束正离子的在磁场中圆周运动的轨道半径不同，故比荷一定不相同，故B正确．‎ C、由于在复合场中洛伦兹力竖直向上，则电场力一定竖直向下，故匀强电场方向一定竖直向下，即由a指向b，故C正确．‎ D、若这三束粒子改为带负电后电场力和洛伦兹力方向都发生改变，由于其它条件不变故合力仍为0，所以仍能从d孔射出，故D正确．‎ 故选B、C、D．‎ ‎　‎ 二、实验（共18分）‎ ‎15．为了探究动能定理，现提供如图1所示的器材，让小车在橡皮筋的作用下弹出后，沿木板滑行，请思考探究思路并回答问题（打点计时器所用交流电频率为50Hz）：‎ ‎（1）关于实验操作下列说法正确的是　BCD　‎ A．应改变橡皮筋拉伸的长度，打出不同的纸带进行分析 B．应保持橡皮筋拉伸的长度不变，改变橡皮筋的条数，打出不同的纸带进行分析 C．应选取纸带上点迹间隔均匀的一段进行测量，以求出小车匀速运动时的速度 D．实验中将木板左端适当垫高的目的是：使重力分力平衡掉小车和纸带受到的摩擦力，提高实验的精确度 ‎（2）如图2是某同学在正确实验操作过程中得到的一条纸带，O、A、B、C、D、E、F为选取的计数点，相邻的两个计数点间有一个点没有画出，各计数点到O点的距离分别为：0.87cm、4.79cm、8.89cm、16.91cm、25.83cm、34.75cm，若打点计时器的打点频率为50Hz，则由该纸带可知本次实验中小车的速度是　2.23　m/s．‎ ‎【考点】探究功与速度变化的关系．‎ ‎【分析】用橡皮筋拉小车探究功与速度变化的关系，必须平衡摩擦力，让小车的速度增加仅仅是橡皮筋做功的结果；我们通过改变橡皮筋的条数来改变做功的多少，不用测量变力；小车的速度是加速段获得的最大速度即以后的匀速段的速度．‎ ‎【解答】解：（1）A、应改变橡皮筋拉伸的长度，打出不同的纸带进行分析，故A错误；‎ B、应保持橡皮筋拉伸的长度不变，改变橡皮筋的条数，打出不同的纸带进行分析，故B正确；‎ C、应选取纸带上点迹间隔均匀的一段进行测量，以求出小车匀速运动时的速度，故C正确；‎ D、实验中将木板左端适当垫高的目的是：使重力分力平衡掉小车和纸带受到的摩擦力，提高实验的精确度，故D正确；‎ ‎（2）应求出小车做匀速运动时的速度，由实验数据可知，v===2.23m/s；‎ 故答案为：（1）BCD　（2）2.23．‎ ‎　‎ ‎16．某同学用伏安法测一节干电池的电动势和内阻，现备有下列器材：‎ A．被测干电池一节 B．电流表1：量程0～0.6A，内阻r=0.3Ω C．电流表2：量程0～0.6A，内阻约为0.1Ω D．电压表：量程0～3V，内阻未知 E．滑动变阻器1：0～10Ω，2A F．滑动变阻器2：0～100Ω，1A G．开关、导线若干 伏安法测电池电动势和内阻的实验中，由于电流表和电压表内阻的影响，测量结果存在系统误差，在现有器材的条件下，要尽可能准确地测量电池的电动势和内阻．‎ ‎（1）在上述器材中请选择适当的器材（填写器材前的字母）：电流表选择　B　，滑动变阻器选择　E　．‎ ‎（2）实验电路图应选择图中的　甲　（填“甲”或“乙”）；‎ ‎（3）根据实验中电流表和电压表的示数得到了如图丙所示的U﹣I图象，则在修正了实验系统误差后，干电池的电动势E=　1.5　V，内电阻r=　0.70　Ω（结果保留两位有效数字）．‎ ‎（4）如图丁、戊读数游标卡尺　1.060　cm 螺旋测微器　1.773　mm．‎ ‎【考点】测定电源的电动势和内阻．‎ ‎【分析】（1）实验中要能保证安全和准确性选择电表；‎ ‎（2）本实验应采用电阻箱和电压表联合测量，由实验原理可得出电路原理图；‎ ‎（3）由原理利用闭合电路欧姆定律可得出表达式，由数学关系可得出电动势和内电阻．‎ ‎（4）游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．‎ ‎【解答】解：（1）由于B电流表中内阻已知，因此可以利用相对电源的电流表内接法测量准确测量内阻，故电流表应选择B；‎ 由于内阻较小，因此为了便于控制调节，滑动变阻器应选择总阻值较小的E；‎ ‎（2）因电流表内阻已知，故可以采用相对电源的内接法进行测量，故应选择甲电路图；‎ ‎（3）根据U=E﹣Ir以及U﹣I图可知，电源的电动势E=1.50V；‎ 内电阻r=﹣RA=﹣0.3=0.7Ω；‎ ‎（4）游标卡尺的固定刻度读数为10mm=0.9cm，游标尺上第12个刻度游标读数为：0.05×12mm=0.60mm=0.060cm，所以最终读数为：1.0cm+0.060cm=1.060cm．‎ 螺旋测微器的固定刻度读数为1.5mm，可动刻度读数为0.01×27.3mm=0.273mm，所以最终读数为：1.5mm+0.273mm=1.773mm，‎ 故答案为：（1）B；E；（2）甲；（3）1.5；0.70；（4）1.060；1.773．‎ ‎　‎ 三、计算题（做出受力分析图，及写出必要的文字说明和方程式，只写最终的结论的不得分）‎ ‎17．两个完全相同的物块A、B，质量均为m=0.8kg，在同一粗糙水平面上以相同的初速度从同一位置开始运动．图中的两条直线分别表示A物块受到水平拉力F作用和B物块不受拉力作用的v﹣t图象，求：‎ ‎（1）物块A所受拉力F的大小；‎ ‎（2）8s末物块A、B之间的距离x．‎ ‎【考点】匀变速直线运动的图像；牛顿第二定律．‎ ‎【分析】（1）由速度时间图象得到物体的运动规律，然后根据速度时间公式求出加速度，再对物体受力分析，根据牛顿第二定律列方程求解即可；‎ ‎（2）根据平均速度公式分别求出物体AB的位移，得到两个物体的间距．‎ ‎【解答】解：（1）设A、B两物块的加速度分别为a1、a2，由v﹣t图象可知：A的初速度v0=6m/s，A物体的末速度v1=12m/s，B物体的速度v2=0，根据速度时间公式，有 ‎①‎ ‎②‎ 对A、两物块分别由牛顿第二定律得：‎ F﹣Ff=ma1③‎ Ff=ma2④‎ 由①②③④可得：F=1.8N 即物块A所受拉力F的大小为1.8N．‎ ‎（2）设A、B两物块8s内的位移分别为x1、x2由图象得：‎ m ‎ m ‎ 所以x=x1﹣x2=60 m ‎ 即8s末物块A、B之间的距离x为60m．‎ ‎　‎ ‎18．如图所示，水平地面上方分布着水平向右的匀强电场．一“L”形的绝缘硬质管竖直固定在匀强电场中．管的水平部分长为l1=0.5m，离水平地面的距离为h=5.0m，竖直部分长为l2=0.2m．一带正电的小球从管的上端口A由静止释放，小球与管间摩擦不计且小球通过管的弯曲部分（长度极短，可不计）时没有能量损失，小球在电场中受到电场力大小为重力的一半．（g取10m/s2） 求：‎ ‎（1）小球运动到管口B时的速度大小；‎ ‎（2）小球落地点与管的下端口B的水平距离．‎ ‎【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；动能定理的应用．‎ ‎【分析】（1）对于小球从A运动到B的过程中，根据动能定理列式求解即可 ‎（2）小球离开端口B之后，做的是曲线运动，把这个运动，根据受力情况分解成水平和竖直方向上的两个运动：水平方向做匀加速直线运动，竖直方向做自由落体运动．列式求解．‎ ‎【解答】解：（1）小球从A运动到B的过程中，对小球根据动能定理有：‎ 又F=‎ 则vB==‎ ‎（2）小球离开B点后，设水平方向的加速度为a，在空中运动的时间为t，则 水平方向有，‎ 竖直方向有 联立解得：‎ 答：（1）小球运动到管口B时的速度大小为3m/s；‎ ‎（2）小球落地点与管的下端口B的水平距离为5.5m．‎ ‎　‎ ‎19．如图所示，MN、PQ是平行金属板，板长为L，两板间距离为，，PQ板带正电，MN板带负电，在PQ板的上方有垂直纸面向里的匀强磁场．一个电荷量为q、质量为m的带负电的粒子以速度v从MN板边缘沿平行于板的方向射人两板问，结果粒子恰好从PQ板左边缘飞进磁场，然后又恰好从PQ板的右边缘飞进电场．不计粒子重力．求：‎ ‎（1）两金属板间所加电场的场强大小．‎ ‎（2）匀强磁场的磁感府强度B的大小．‎ ‎【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．‎ ‎【分析】（1）带电粒子在平行金属板间做的是类平抛运动，对物体受力分析，根据平抛运动的规律可以求得电场的场强大小；‎ ‎（2）带电粒子以速度v飞出电场后射入匀强磁场做匀速圆周运动，根据粒子的运动画出运动的轨迹，由几何关系可以求得磁感强度的大小；‎ ‎【解答】解：（1）粒子在平行金属板间做类平抛运动，‎ 有：t=．‎ 在沿电场方向上有：．‎ 联立两式解得E=．‎ ‎（2）出电场时沿电场方向上的速度vy=at=v．‎ 则进入磁场的速度为，速度与水平方向成45度角．‎ 根据几何关系得，r=．‎ 根据qv′B=得，r=．‎ 解得B=．‎ 答：（1）两金属板间所加电场的场强大小为．‎ ‎（2）匀强磁场的磁感府强度B的大小为．‎ ‎　‎ ‎20．如图所示，用内壁光滑的薄壁细管弯成的“S”形轨道固定于竖直平面内，其弯曲部分是由两个半径均为R=0.2m的半圆平滑对接而成（圆的半径远大于细管内径），轨道底端D点与粗糙的水平地面相切．现有一辆质量为m=1Kg的玩具小车以恒定的功率从E点由静止开始行驶，经过一段时间t=4s后，出现了故障，发动机自动关闭，小车在水平地面继续运动并进入“S”形轨道，从轨道的最高点飞出后，恰好垂直撞在固定斜面B上的C点，C点与下半圆的圆心O等高．已知小车与地面之间的动摩擦因数为μ=0.1，ED之间的距离为x0=10m，斜面的倾角为30°．求：（g=10m/s2）‎ ‎（1）小车到达C点时的速度大小为多少；‎ ‎（2）在A点小车对轨道的压力大小是多少，方向如何；‎ ‎（3）小车的恒定功率是多少．‎ ‎【考点】动能定理的应用；牛顿第二定律；向心力．‎ ‎【分析】（1）小车离开A后做平抛运动，根据竖直方向的分运动可以求出小车的运动时间与竖直分速度，然后在C点根据运动的合成与分解可以求出小车的速度；‎ ‎（2）小车在A点做圆周运动，由牛顿第二定律求出求出轨道对小车的支持力，然后由牛顿第三定律求出小车对轨道的压力；‎ ‎【解答】解：（1）把C点的速度分解为水平方向的vA和竖直方向的vy，有：‎ 解得vc=4m/s ‎ ‎（2）由（1）知小车在A点的速度大小vA==2m/s 因为vA=＞，对外轨有压力，轨道对小车的作用力向下 mg+FN=m 解得FN=10N ‎ 根据牛顿第三定律得，小车对轨道的压力大小 ‎ FN′=FN=10N 方向竖直向上；‎ ‎（3）从E到A的过程中，由动能定理：‎ Pt﹣μmgx0﹣mg4R=‎ 解得：P==5W；‎ 答：（1）小车到达C点时的速度大小为4m/s；‎ ‎（2）在A点小车对轨道的压力大小是10N，方向竖直向上；‎ ‎（3）小车的恒定功率是5w．‎ ‎　‎ ‎2017年2月6日