高二物理期末试卷 北师大版

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高二物理期末试卷 北师大版

高二物理期末试卷 北师大版 一、选择题:本大题共 12 小题,每小题 3 分,共 36 分。在每小题列出的四个选项 中,选出符合题目要求的一项。 1. 篮球运动员通常要伸出两臂迎接传来的篮球。接球时,两臂随球迅速收缩至胸前。 这样做可以( ) A. 减小球对手的冲量 B. 减小球对人的冲击力 C. 减小球的动量变化量D. 减小球的动能变化量 2. 北京奥委会接受专家的建议,大量采用对环境有益的新技术,如 2020 年奥运会 场馆周围 80%~90%的路灯将利用太阳能,奥运会 90%的洗浴热水将采用全玻璃真空太 阳能聚热技术。太阳能是由于太阳内部高温高压条件下的聚变反应产生的,下列核 反应属于聚变反应的是( ) A. nHeHH 1 0 4 2 2 1 3 1  B. HOHeN 1 1 17 8 4 2 14 7  C. n3KrBanU 1 0 92 36 141 56 1 0 235 92  D. HeThU 4 2 234 90 238 92  3. 如图所示,用细线将 A 物体悬挂在顶板上。B 物体放在水平地面上。A、B 间有一 根处于压缩状态的轻弹簧,此时弹簧的弹力为 2N。已知 A、B 两物体的质量分别是 0.3kg 和 0.4kg。重力加速度为 10m/s2。则细线的拉力及 B 对地面的压力的值分别是 ( ) A. 7N 和 0N B. 5N 和 2N C. 1N 和 6N D. 2N 和 5N 4. 下面有几种说法: ①布朗运动反映的是液体分子的无规则运动 ②分子间的作用力跟分子间的距离 r 有关,当 r>r0 时,分子间是引力;当 rEQ,εP>εQ C. EP>EQ,εP<εQ D. EPεQ 10. 在光滑水平面上,质量为 m 的小球 A 正以速度 v0 匀速运动。某时刻小球 A 与质 量为 3m 的静止小球 B 发生正碰。两球相碰后,A 球的动能恰好变为原来的 1/4。则 碰后 B 球的速度大小是( ) A. 6 v0 B. 2 v0 C. 6 v 2 v 00 或 D. 无法确定 11. 一理想变压器的原线圈连接一只交流电流表,副线圈接入电路的匝数可以通过 触头 Q 调节,如图所示。在副线圈两输出端连接了定值电阻 R0 和滑动变阻器 R,在 原线圈上加一电压为 U 的交流电,则( ) A. 保持 Q 位置不动,将 P 向上滑动时,电流表的读数变大 B. 将 Q 向上滑动,同时 P 向下滑动时,电流表的读数变小 C. 保持 P 位置不动,将 Q 向上滑动时,电流表的读数变小 D. 保持 P 位置不动,将 Q 向下滑动时,电流表的读数变小 12. 质量为 1kg 的物体静止在水平面上,物体与水平面之间的动摩擦因数为 0.2。 对物体施加一个大小变化、方向不变的水平拉力 F,使物体在水平面上运动了 3t0 的时间。为使物体在 3t0 时间内发生的位移最大,力 F 随时间的变化情况应该为下 面四个图中的哪一个?( ) 二、填空题:本大题共 1 小题,共 11 分。把答案填在题中横线上。 13. 某同学做“测定电源的电动势和内阻”实验。 ①他采用如图 1 所示的实验电路进行测量。图 2 给出了做实验所需要的各种仪器。 请你按电路图把它们连成实验电路。 ②这位同学测量时记录了 5 组数据,并将数据填入了以下的表格中。请你根据这些 数据在图 3 中画出 U—I 图线。根据图线求出电池的电动势 E=____________V,内 阻 r=__________Ω。 次数 1 2 3 4 5 I(A) 0.15 0.25 0.36 0.45 0.56 U(V) 1.40 1.35 1.30 1.25 1.20 ③这位同学对以上实验进行了误差分析。其中正确的是___________。 A. 实验产生的系统误差,主要是由于电压表的分流作用 B. 实验产生的系统误差,主要是由于电流表的分压作用 C. 实验测出的电动势小于真实值 D. 实验测出的内阻大于真实值 三、解答题:本大题共 6 小题,共 50 分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步 骤。 14. (9 分)如图,足够长的斜面倾角θ=37°。一个物体以 v0=12m/s 的初速度, 从斜面 A 点处沿斜面向上运动。加速度大小为 a=8.0m/s2。已知重力加速度 g= 10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8。求: (1)物体沿斜面上滑的最大距离 s; (2)物体与斜面间的动摩擦因数μ; (3)物体沿斜面到达最高点后返回下滑时的加速度大小 a。 15. (8 分)起跳摸高是学生常进行的一项活动。某中学生身高 1.80m,质量 70kg。 他站立举臂,手指摸到的高度为 2.10m。在一次摸高测试中,如果他先下蹲,再用 力蹬地向上跳起,同时举臂,离地后手指摸到的高度为 2.55m。设他从蹬地到离开 地面所用的时间为 0.7s。不计空气阻力(取 g=10m/s2)。 求:(1)他跳起刚离地时的速度大小; (2)上跳过程中他对地面平均压力的大小。 16. (9 分)“翻滚过山车”的物理原理可以用如图所示装置演示。光滑斜槽轨道 AD 与半径为 R=0.1m 的竖直圆轨道(圆心为 O)相连,AD 与圆 O 相切于 D 点,B 为 轨道的最低点,∠DOB=37°。质量为 m=0.1kg 的小球从距 D 点 L=1.3m 处由静止 开始下滑,然后冲上光滑的圆形轨道(g=10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8)。 求:(1)小球在光滑斜槽轨道上运动的加速度的大小; (2)小球通过 B 点时对轨道的压力的大小; (3)试分析小球能否通过竖直圆轨道的最高点 C,并说明理由。 17. (9 分)如图所示,在半径为 R,质量分布均匀的某星球表面,有一倾角为θ的 斜坡。以初速度 v0 向斜坡水平抛出一个小球。测得经过时间 t,小球垂直落在斜坡 上的 C 点。求: (1)小球落到斜坡上时的速度大小 v; (2)该星球表面附近的重力加速度 g; (3)卫星绕该星球表面做匀速圆周运动的速度 v'。 18. (9 分)两个半径均为 R 的圆形平板电极,平行正对放置,相距为 d,极板间电 压为 U,板间电场可以认为是均匀的。一个α粒子从正极板边缘以某一初速度垂直 于电场方向射入两极板之间,到达负极板时恰好落在极板中心。已知α粒子电荷为 2e,质量为 4m,忽略重力和空气阻力的影响。求:(1)极板间的电场强度 E;(2) α粒子在极板间运动的加速度 a;(3)α粒子的初速度 v0。 19. (9 分)如图所示,两根正对的平行金属直轨道 MN、M'N'位于同一水平面上, 两轨道之间的距离 l=0.50m。轨道的 MM'端之间接一阻值 R=0.40Ω的定值电阻, NN'端与两条位于竖直面内的半圆形光滑金属轨道 NP、N'P'平滑连接,两半圆轨道 的半径均为 R0=0.50m。直轨道的右端处于竖直向下、磁感应强度 B=0.64T 的匀强 磁场中,磁场区域的宽度 d=0.80m,且其右边界与 NN'重合。现有一质量 m=0.20kg、 电阻 r=0.10Ω的导体杆 ab 静止在距磁场的左边界 s=2.0m 处。在与杆垂直的水平 恒力 F=2.0N 的作用下 ab 杆开始运动,当运动至磁场的左边界时撤去 F,结果导体 杆 ab 恰好能以最小速度通过半圆形轨道的最高点 PP'。已知导体杆 ab 在运动过程 中与轨道接触良好,且始终与轨道垂直,导体杆 ab 与直轨道之间的动摩擦因数μ= 0.10,轨道的电阻可忽略不计,取 g=10m/s2,求: (1)导体杆刚进入磁场时,通过导体杆上的电流大小和方向; (2)导体杆穿过磁场的过程中通过电阻 R 上的电荷量; (3)导体杆穿过磁场的过程中整个电路中产生的焦耳热。 [参考答案] http://www.DearEDU.com 1. B 2. A 3. C 4. D 5. D 6 . C 7. B 8. A 9. C 10. B 11. D 12. D 13. ①图略。连线若有一处错误,均不给分。(2 分) ②U—I 图线略,1.45~1.49,0.47~0.51(各 2 分,共 6 分) ③AC(评分标准同(1))(3 分) 14. 解: )(=求出=)根据( m9sas2v1 2 0 (3 分) (2)物体沿斜面向上运动时受力如图 1 所示 根据牛顿第二定律 mgsinθ+μN=ma N=mgcosθ (2 分) 求出μ=0.25(1 分) (3)物体沿斜面向下运动时受力如图 2 所示 根据牛顿第二定律 mgsinθ-μN=ma'(2 分) 求出 a'=4(m/s2) (1 分) 15. 解:(1)跳起后重心升高 h=2.55-2.10=0.45m mghmv2 1 2=根据机械能守恒定律 s/m3gh2v ==解得 (4 分) (2)由动量定理(F-mg)t=mv-0 mgt mvF =即 将数据代入上式可得 F=1.0×103N (3 分) 根据牛顿第三定律可知:他对地面的平均压力 F'=1.0×103N (1 分) 16. 解:(1)由牛顿第二定律∑F=ma 可知: mgsin37°=ma 故 a=gsin37°=6m/s2 (2 分) (2)小球由 A 到 B 的过程中只有重力做功,符合机械能守恒。选 B 点为重力势能的 零点 2 BDB mv2 1)h37sinL(mg =即  )37cos1(Rh DB = (1 分) 在 B 处由牛顿第二定律∑F=ma R vmmgN 2 B B =即  (1 分) R )]37cos1(R)37sinL[(g2mmgN B =联立②③④可得 将已知条件代入上式得 NB=17N (1 分) 由牛顿第三定律可知:小球通过 B 点时对轨道的压力大小为 17N。(1 分) (3)小球在竖直平面内沿轨道做圆周运动,通过最高点的最小速度设为 v0 s/m1RgvR vmmg 0 2 0 ===则有  (1 分) 小球从 A 点由静止开始滑下到达最高点 C,此过程只有重力对小球做功,故机械能 守恒。选 C 点为重力势能的零点 2 Cmv2 1)]37cos1(R37sinL[mg =则有  (1 分) 0C v12)]37cos1(R37sinL[g2v  ==求得 所以小球能通过轨道最高点 C (1 分) 17. 解: v vsin1 0=图可知)由速度的合成与分解(  (1 分) sin vv 0=求出 (2 分) y 0 v vtan2 =)由图可知(  (1 分) vy=gt (1 分) tant vg 0  =求出 (1 分) R 'vmmg3 2 =)根据( (2 分) tant Rv'v 0  =求出 (1 分) 18. 解: d UE1 =)极板间的场强( (3 分) (2)α粒子电荷量为 2e,质量为 4m,所受电场力 d eU2eE2F == α粒子在极板间运动的加速度 md2 eU m4 Fa == (3 分) 得=)由( 2at2 1d3 eU md2a d2t == m eU d2 R t Rv0 == (3 分) 19. (1)设导体杆在 F 的作用下运动到磁场的左边界时的速度为 v1, 2 1vm2 1s)mgF( =根据动能定理则有  (1 分) 导体杆刚进入磁场时产生的感应电动势 E=Blv1 此时通过导体杆上的电流大小 I=E/(R+r)=3.8A(或 3.84A) 1 分 根据右手定则可知,电流方向为由 b 向 a 1 分 (2)设导体杆在磁场中运动的时间为 t,产生的感应电动势的平均值为 E 平均,则由 法拉第电磁感应定律有 E 平均=△φ/t=Bld/t 1 分 通过电阻 R 的感应电流的平均值 I 平均=E 平均/(R+r) 1 分 通过电阻 R 的电荷量 q=I 平均 t=0.512C(或 0.51C) 1 分 (3)设导体杆离开磁场时的速度大小为 v2,运动到圆轨道最高点的速度为 v3,因导 体杆恰好能通过半圆形轨道的最高点,根据牛顿第二定律对导体杆在轨道最高点时 有 0 2 3 R/mvmg= 1 分 对于导体杆从 NN'运动至 PP'的过程,根据机械能守恒定律有 0 2 3 2 2 R2mgmv2 1mv2 1 = 解得 v2=5.0m/s 1 分 J1.1mv2 1mv2 1E 2 2 2 1 ==中损失的机械能导体杆穿过磁场的过程  此过程中电路中产生的焦耳热为 Q=△E-μmgd=0.94J 1 分
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