贵州省遵义市习水县第一中学2018-2019学年高二上学期11月月考物理试题

贵州省遵义市习水县第一中学2018-2019学年高二上学期11月月考物理试题

绝密★启用前 贵州省习水县一中2018-2019学年11月份考试 高二物理 本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分，共100分，考试时间120分钟。‎ 学校：___________姓名：___________班级：___________考号：___________‎ 分卷I 一、单选题(共12小题,每小题3.0分,共36分) ‎ ‎1.灯泡L1和L2在如图所示电路中，开关K闭合时，表V1、V2、A的读数分别为220 V、110 V、0.2 A，则当V1和V2的读数都是220 V，而A读数为零时(　　)‎ A．出故障的是L1，且L1断路 B．出故障的是L2，且L2短路 C．出故障的是L2，且L2断路 D．L1和L2都同时断路 ‎2.如图所示，质量为m、电荷量为q的带电小球A用绝缘细线悬挂于O点，带有电荷量也为q的小球B固定在O点正下方绝缘柱上.其中O点与小球A的间距为l，O点与小球B的间距为l.当小球A平衡时，悬线与竖直方向夹角θ＝30°.带电小球A、B均可视为点电荷.静电力常量为k，则(　　)‎ A．A、B间库仑力大小F＝‎ B．A、B间库仑力大小F＝‎ C．细线拉力大小FT＝‎ D．细线拉力大小FT＝mg ‎3.如图所示，一个均匀的带电圆环，带电荷量为＋Q，半径为R，放在绝缘水平桌面上．圆心为O点，过O点作一竖直线，在此线上取一点A，使A到O点的距离为R，在A点放一检验电荷＋q，则＋q在A点所受的电场力为(　　)‎ A．，方向向上 B．，方向向上 C．，方向水平向左 D．不能确定 ‎4.如图所示，一根条形磁铁，左端为S极，右端为N极．下列表示从S极到N极磁性强弱变化情况的图象中正确的是(　　)‎ A．　　　　 B．‎ C．　　　　 D．‎ ‎5.关于电场力和电场强度，下列说法正确的是（ ）‎ A．电场强度的方向总是跟电场力的方向一致 B．电场强度的大小总是与电场力的大小成正比 C．正电荷受到的电场力的方向跟电场强度的方向一致 D．电荷在某点受到的电场力越大，该点的电场强度越大 ‎6.关于磁感应强度，下列说法中正确的是(　　)‎ A．一小段通电导线在磁场中某处不受磁场力的作用，则该处的磁感应强度一定为零 B．一小段通电导线在磁场中某处受到的磁场力越小，说明该处的磁感应强度越小 C．磁场中某点的磁感应强度方向就是放在该点的一小段通电导线的受力方向 D．磁场中某点的磁感应强度的大小和方向跟放在该点的一小段通电导线受力情况无关 ‎7.如图所示，两根细线挂着两个质量相同的小球A、B，原来两球不带电时，上、下两根细线的拉力分别为FA、FB，现在两球都带上同种电荷，上、下两根细线的拉力分别为FA′、FB′，则(　　)‎ A．FA＝FA′，FB＞FB′ B．FA＝FA′，FB＜FB′‎ C．FA＜FA′，FB＞FB′ D．FA＞FA′，FB＞FB′‎ ‎8.下列各图中，正确描绘两个等量异种点电荷电场线的是（ ）‎ A． B． C． D．‎ ‎9.MN板两侧都是磁感强度为B的匀强磁场，方向如图所示，带电粒子从a位置以垂直磁场方向的速度开始运动，依次通过小孔b、c、d，已知ab＝bc＝cd，粒子从a运动到d的时间为t，则粒子的比荷为(　　)‎ A． B． C． D．‎ ‎10.如图所示，在xOy坐标系的第一象限中有一圆心为D、半径为r＝0.1 m的圆形磁场区域，磁感应强度为B＝1 T，方向垂直纸面向里，该区域同时与x轴、y轴相切，切点分别为A、C，现有大量质量为1×10－18kg(重力不计)，电量大小为2×10－10C，速率均为2×107m/s的带负电的粒子从A垂直磁场进入第一象限，速度方向与y轴的夹角为θ，且0＜θ＜180°，则下列说法错误的是(　　)‎ A．粒子的轨迹圆和磁场圆的半径相等 B．这些粒子轨迹圆的圆心构成的圆和磁场圆的半径相等 C．部分粒子的运动轨迹可以穿越坐标系进入第二象限 D．粒子的轨迹可以覆盖整个磁场圆 ‎11.由如图所示的电场线，可判定(　　)‎ A．该电场一定是匀强电场 B．A点的电势一定低于B点的电势 C．负电荷放在B点的电势能比A点的电势能大 D．负电荷放在B点所受电场力方向向右 ‎12.如图所示，顶角A为120°的等腰三角形ABC内部有匀速磁场，磁场垂直三角形所在平面，一对正负电子由底边BC中点沿垂直于底边的方向射入磁场中，正电子恰能从底边BC射出，负电子恰好垂直打到AC边，不计两电子间的相互作用力和重力，正负电子的速率之比为(　　)‎ A．1∶3 B．1∶2 C．(2－3)∶1 D．1∶1‎ 二、多选题(共4小题,每小题4.0分,共16分) ‎ ‎13.(多选)高速粒子轰击荧光屏可致其发光．如图，在竖直放置的铅屏A的右表面上贴着β射线放射源P，放射出β粒子(实质是电子)的速度大小为v0.足够大的荧光屏M与铅屏A平行放置，相距d，其间有水平向左的匀强电场，电场强度大小为E.已知电子电荷量为－e，质量为m.不考虑相对论效应，则(　　)‎ A．垂直射到荧光屏M上的电子速度大小为 B．到达荧光屏离P最远的电子运动时间为 C．荧光屏上发光半径为 D．到达荧光屏的电子电势能减少了eEd ‎14.(多选)如图为某磁场中的磁感线．则(　　)‎ A．a，b两处磁感应强度大小不等，Ba＞Bb B．a，b两处磁感应强度大小不等，Ba＜Bb C．同一小段通电导线放在a处时受力一定比b处时大 D．同一小段通电导线放在a处时受力可能比b处时小 ‎15.(多选)如图所示，在一绝缘、粗糙且足够长的水平管道中有一带电量为＋q、质量为m的带电球体，管道半径略大于球体半径．整个管道处于磁感应强度为B的水平匀强磁场中，磁感应强度方向与管道垂直．现给带电球体一个水平速度v0，则在整个运动过程中，带电球体克服摩擦力所做的功可能为(　　)‎ A．0 B．m()2 C．mv D．m[v－()2]‎ ‎16.(多选)在基本的逻辑门电路中，当输入信号有一个为“0”时，输出信号为“0”的逻辑门电路可能是(　　)‎ A．与门 B．或门 C．非门 D．以上都不对 分卷II 三、实验题(共2小题共14分) ‎ ‎17.一电流表的量程标称不准确，某同学利用如图所示电路测量该电流表的实际量程Im.所用器材有：量程不准的电流表，内阻r1＝10.0 Ω，量程标称为5.0 mA；标准电流表，内阻r2＝45.0 Ω，量程1.0 mA；标准电阻R1，阻值10.0 Ω；滑动变阻器R，总电阻为300.0 Ω；电源E，电动势3.0 V，内阻不计；保护电阻R2；开关S；导线．‎ 回答下列问题：‎ ‎(1)在图甲所示的实物图上画出连线．‎ ‎(2)开关S闭合前，滑动变阻器的滑片c应滑动至________端．‎ ‎(3)开关S闭合后，调节滑动变阻器的滑动端，使电流表满偏；若此时电流表的示数为I2，则的量程Im＝________.‎ ‎(4)若测量时，未调到满偏，两电流表的示数如图乙所示，从图中读出的示数I1＝________，的示数I2＝________；由读出的数据计算得Im＝________.(保留三位有效数字)‎ ‎(5)写出一条提高测量准确度的建议：____________.‎ ‎18.用伏安法测量一个定值电阻的电阻值，现有的器材规格如下：‎ A．待测电阻Rx(大约100 Ω)‎ B．直流毫安表A1(量程0～10 mA，内阻约100 Ω)‎ C．直流毫安表A2(量程0～40 mA，内阻约40 Ω)‎ D．直流电压表V1(量程0～3 V，内阻约5 kΩ)‎ E．直流电压表V2(量程0～15 V，内阻约15 kΩ)‎ F．直流电源(输出电压4 V，内阻不计)‎ G．滑动变阻器R(阻值范围0～50 Ω，允许最大电流1 A)‎ H．开关一个、导线若干 ‎(1)根据器材的规格和实验要求，为使实验结果更加准确，直流毫安表应选________，直流电压表应选______．‎ ‎(2)在方框内画出实验电路图，要求电压和电流的变化范围尽可能大一些．‎ ‎(3)用铅笔按电路图将实物图连线．‎ 四、计算题 ‎ ‎19.如图所示，真空中，带电荷量分别为＋Q和－Q的点电荷A、B相距为r，则：‎ ‎(1)点电荷A、B在中点O产生的场强分别为多大？方向如何？‎ ‎(2)两点电荷连线的中点O的场强为多大？‎ ‎(3)在两点电荷连线的中垂线上，距A、B两点都为r的O′点的场强如何？‎ ‎20.如图所示，ABCD为竖直放在场强为E＝104N/C的水平匀强电场中的绝缘光滑轨道，其中轨道的ABC部分是半径为R＝0.5 m的半圆环(B为半圆环的中点)，轨道的水平部分与半圆环相切于C点，D为水平轨道的一点，而且CD＝2R，把一质量m＝100 g、带电荷量q＝10－4C的负电小球，放在水平轨道的D点，由静止释放后，在轨道的内侧运动．g＝10 m/s2，求：‎ ‎(1)它到达B点时的速度是多大？‎ ‎(2)它到达B点时对轨道的压力是多大？‎ ‎21.如图所示，电源电动势E0=15 V.内阻r0=1 Ω，电阻R1=20 Ω、间距d=0.02 m的两平行金属板水平放置，板间分布有垂直于纸面向里、磁感应强度B=1 ‎ ‎ T的匀强磁场.闭合开关S，板间电场视为匀强电场，将一带正电的微粒以初速度v=100 m/s沿两板间中线水平射入板间.设滑动变阻器接入电路的阻值为Rx，带电粒子重力不计.‎ ‎（1）当Rx=29 Ω时，电阻R1消耗的电功率是多大;‎ ‎（2）若小球进入板间能做匀速直线运动，则Rx是多少.‎ ‎22.如图所示，金属板A，B与电源相连，电源电压U＝2 V，AB板间距d＝5 cm，B板接地．在两板间有a、b、c三点，其连线组成一直角三角形，ab连线与A板垂直，ab长L1＝3 cm，a点离A板L2＝1 cm.‎ 问：(1)ac间电势差为多少？‎ ‎(2)一个电子在a点具有的电势能为多少？‎ ‎(3)使一个电子从a点沿斜边移到c点时，电场力做功多少？‎ 答案解析 ‎1.【答案】C ‎【解析】表V1、V2、A的读数分别为220 V、110 V、0.2 A，说明电源电压为220 V，灯泡电阻相同，当V1和V2的读数都是220 V，说明电压表V2外有短路情况或与V2的并联路段有断路情况，由于电流表示数为零，说明电路中有断路情况，由此综合判断可知C对．‎ ‎2.【答案】B ‎【解析】　由题意知∠ABO＝30°，分析A球受力，如图所示，‎ 将FT、F合成，由几何知识知F、FT及合力F合组成的平行四边形为菱形，则F＝FT＝＝mg.‎ ‎3.【答案】B ‎【解析】先把带电圆环分成若干个小部分，每一小部分可视为一个点电荷，各点电荷对检验电荷的库仑力在水平方向上相互抵消，竖直方向上的电场力大小为＝，方向向上，故选B.‎ ‎4.【答案】C ‎【解析】条形磁铁两极磁性最强，中间磁性最弱，故磁性强弱变化曲线如C所示．‎ ‎5.【答案】C ‎【解析】正点电荷在某点所受电场力方向与该点的电场强度方向相同，负点电荷在该点受力方向则相反，A错误，C正确；电场强度取决于电场本身，与有无试探电荷无关，BD错误；‎ ‎6.【答案】D ‎【解析】一小段通电导线在磁场中某处不受磁场力的作用，则该处的磁感应强度不一定为零，磁场力和导线与磁场方向的夹角有关系，A、B错误，D正确；磁场力的方向与磁感应强度的方向垂直，C错误．‎ ‎7.【答案】B ‎【解析】选取A、B整体为研究对象，在两种情况下有FA＝(mA＋mB)g，FA′＝(mA＋mB)g，所以FA＝FA′；选取B为研究对象，当A、B不带电时，FB＝mBg；当A、B带上同种电荷时，FB′＝mBg＋F库，所以FB＜FB′.‎ ‎8.【答案】D ‎【解析】电场线从正电荷出发，到负电荷终止，异种点电荷相互吸引，则D正确．故选D.‎ ‎9.【答案】A ‎【解析】粒子从a运动到d依次经过小孔b、c、d，经历的时间t为3个，由t＝3×和T＝可得，＝，故A正确．‎ ‎10.【答案】C ‎【解析】电子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qvB＝m，代入数据解得：r＝0.1 m，故A正确；‎ 由题意知，粒子的轨迹，相当于把半径r＝0.1 m的圆以A点为中心顺时针转动，如图所示，所以粒子轨迹圆的圆心构成的圆的圆心在A点，半径等于AD，即与磁场圆的半径相等，且粒子的轨迹可以覆盖整个磁场圆，故B、D正确；‎ 粒子带负电，粒子射入磁场后沿顺时针方向做匀速圆周运动，竖直向上射入磁场的粒子最有可能射入第二象限，竖直向上射入磁场的粒子运动轨迹如图所示，‎ 由图示可知，该粒子不可能进入第二象限，则所有的粒子都不可能进入第二象限，故C错误．‎ ‎11.【答案】C ‎【解析】由图知，该电场线为直线，在我们常接触的电场中，匀强电场的电场线是直线，但点电荷的电场线也是直线，故可能是正电荷放在左端或负电荷放在右端时产生电场的电场线，另外也可能是正负电荷之间的一条电场线，故A项错误．电势的高低可根据电场线由高电势指向低电势判断，则φA＞φB，故B项错误．由于φA＞φB，故正电荷在A点的电势能大，而负电荷在B点的电势能大，故C项正确．负电荷在电场中所受电场力的方向与该点场强的方向相反．故D项错误．‎ ‎12.【答案】A ‎【解析】设BC长度为2L，正电子运动的半径为R1，负电子运动的半径为R2，轨迹如图所示：‎ 图中∠B＝∠C＝×(180°－120°)＝30°，‎ 根据图中几何关系可得R1＋＝BC＝L，解得：R1＝L，‎ 对于负电子，R2＝BC＝L，‎ 根据洛伦兹力提供向心力可得qvB＝m，‎ 可得v＝，‎ 由此可得，＝＝，所以A正确，B、C、D错误．‎ ‎13.【答案】ABD ‎【解析】电子从A到M的运动过程，电场力做正功，根据动能定理得eEd＝mv2－mv，解得垂直射到荧光屏M上的电子速度大小为v＝，故选项A正确；电子的运动方向是任意的，当电子沿平行于A板的方向运动时到达荧光屏距A板的距离最远，此时电子做类平抛运动，沿电场线方向：d＝at2，a＝，解得时间t＝，故B选项正确；上述电子在垂直于电场线方向运动的距离就是荧光屏上的发光半径：r＝v0t＝v0，故C选项错误；电子到达荧光屏的过程中，电场力做正功eEd，根据功能关系可知，电场力做正功电势能减少，减少量为eEd，故D选项正确．‎ ‎14.【答案】AD ‎【解析】磁感线的疏密表示磁感应强度的大小，所以Ba＞Bb，所以A正确；同一导线在磁场中的受力大小除与磁感应强度有关外还与导线中电流大小及方向有关，所以D正确．‎ ‎15.【答案】ACD ‎【解析】(1)当qv0B＝mg时，带电球体不受支持力和摩擦力，摩擦力做功为零，故A正确．‎ ‎(2)当qv0B＜mg时，带电球体做减速运动到静止，只有摩擦力做功，根据动能定理得：‎ ‎－W＝0－mv，解得W＝mv，故C正确．‎ ‎(3)当qv0B＞mg时，带电球体先做减速运动，当qvB＝mg，即v＝时，带电球体不受摩擦力，做匀速直线运动．‎ 根据动能定理得：－W＝mv2－mv，解得：W＝m[v－()2]，故D正确．‎ ‎16.【答案】AB ‎【解析】对于“与”门电路，只要有一个0信号输入，输出信号为0；对于“或”门电路有一个输入信号为0，如果另一个输入信号也为0，则输出信号为0.所以选择A、B.‎ ‎17.【答案】(1)连线如图 ‎(2)阻值最大　(3)　(4)3.00 mA　0.660 mA　6.05 mA　(5)多次测量取平均值 ‎【解析】(1)连线如答案图．‎ ‎(2)在滑动变阻器的限流接法中在接通开关前需要将滑片滑动到阻值最大端．‎ ‎(3)闭合开关调节滑动变阻器使待测表满偏，流过的电流为Im.根据并联电路电压相等有Imr1＝I2(r2＋R1)，得Im＝.‎ ‎(4)待测表未满偏有I1r1＝I2(r2＋R1)，将的示数0.66 mA和其他已知条件代入有 I1＝＝mA＝3.63 mA 但图中的示数3.0 mA，量程为5.0 mA，根据电流表的刻度是均匀的，则准确量程为6.05 mA.‎ ‎(5)多次测量取平均值．‎ ‎18.【答案】(1)C　D　(2)‎ ‎(3)‎ ‎【解析】(1)由于直流电源的电动势为4 V，待测电阻Rx阻值约100 Ω，故通过Rx 的最大电流约为40 mA，所以直流毫安表应选C；直流电压表若选15 V量程，则读数误差较大，故应选D.‎ ‎(2)由于要求电压和电流的变化范围尽可能大一些，所以滑动变阻器采用分压式接法；‎ 由于＝＝50＞＝＝2.5，故电流表采用外接法．电路图如图：‎ ‎(3)根据电路图，实物图连线如图：‎ ‎19.【答案】(1)，方向由A→B　，方向由A→B ‎(2)，方向由A→B　(3)，方向由A→B ‎【解析】(1)如图所示，‎ A、B两点电荷在O点产生的场强方向相同，均由A→B.A、B两点电荷在O点产生的电场强度：EA＝EB＝＝.‎ ‎(2)O点的场强为：EO＝EA＋EB＝，方向由A→B.‎ ‎(3)如图所示，‎ EA′＝EB′＝，由矢量图所形成的等边三角形可知，O′点的场强EO′＝EA′＝EB′＝，方向与A、B的中垂线垂直，即由A→B.‎ ‎20.【答案】(1)2m/s　(2)5 N ‎【解析】(1)小球从D至B的过程中，由动能定理：‎ qE(2R＋R)－mgR＝mv 解得：vB＝2m/s ‎(2)在B点由牛顿第二定律得：FN－qE＝m FN＝qE＋m＝5 N.‎ 由牛顿第三定律知FN′＝FN＝5 N.‎ ‎21.【答案】（1）1.8 W （2）129 Ω ‎【解析】（1）当时，根据闭合电路欧姆定律：‎ 所以上消耗的功率：，‎ ‎（2）设当平行金属板之间的电压为时，带电粒子恰好能做直线运动，则有：‎ 代入数据可解得：‎ 又因为：‎ 代入数据可解得：‎ ‎22.【答案】(1)1.2 V　(2)－2.56×10－19J ‎(3)－1.92×10－19J ‎【解析】(1)匀强电场的电场强度为E＝＝40 V/m ac间电势差为Uac＝Uab＝EL1＝40×0.03 V＝1.2 V.‎ ‎(2)a点的电势为φa＝E(d－L2)＝40×0.04 V＝1.6 V.‎ 一个电子在a点具有的电势能为Ep＝eφa＝－1.6×10－19×1.6 J＝－2.56×10－19J ‎(3)一个电子从a点沿斜边移到c点时，电场力做功为W＝eUac＝－1.92×10－19J