2018-2019学年广东省佛山市第一中学高二上学期期中考试理科综合物理试题 解析版

2018-2019学年广东省佛山市第一中学高二上学期期中考试理科综合物理试题 解析版

绝密★启用前 广东省佛山市第一中学2018-2019学年高二上学期期中考试理科综合物理试题 评卷人 得分 一、单选题 ‎1．下列说法正确的是 A． 物体的运动速度越大，加速度也一定越大 B． 物体的运动速度变化越快，加速度越大 C． 物体的运动速度变化量越大，加速度也一定越大 D． 物体的运动速度越小，加速度也一定越小 ‎【答案】B ‎【解析】‎ 试题分析：根据加速度公式，速度大，速度的变化量不一定大，加速度不一定大．故A错误；加速度定义为单位时间内速度的变化量，反映速度变化快慢的物理量，故选项B正确；物体的速度变化量大，速度变化不一定快，加速度不一定大，故C错误；当加速度方向与速度方向相反，加速度增大，速度减小，故D错误。‎ 考点：加速度 ‎【名师点睛】解决本题的关键知道加速度的物理意义，知道加速度的大小与速度大小、速度变化量的大小无关。‎ ‎2．某人以不变的速率垂直向对岸游去，游到河中间，水流速度加大，则此人（　　）‎ A． 渡河所用的时间比预定时间减少 B． 渡河所用的时间与预定时间相同 C． 渡河所用的时间比预定时间增加 D． 渡河路程变短 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ 将游泳者的运动分解为沿河岸方向和垂直于河岸方向，因为人以不变的速度向着对岸垂直游去，垂直于河岸方向上的分速度不变，水流速度不影响垂直于河岸方向上的运动，所以渡河时间不变，故B正确，ACD错误。‎ ‎3．关于平抛运动，下列说法中正确的是（　　）‎ A． 平抛运动是匀速直线运动 B． 平抛运动不是匀变速运动 C． 平抛运动是匀变速曲线运动 D． 做平抛运动的物体，落地速度方向可能竖直向下 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ 平抛运动的加速度不变，方向竖直向下，做匀变速曲线运动，故C正确，AB错误；做平抛运动的物体具有水平分量，方向不可能竖直向下，故D错误。所以C正确，ABD错误。‎ ‎4．如图所示，一圆筒绕其中心轴匀速转动，圆筒内壁上紧靠着一个物体与圆筒一起运动，相对筒无滑动，物体所受向心力是（　　 ）‎ A． 筒壁对物体的弹力 B． 物体的重力 C． 筒壁对物体的静摩擦力 D． 物体所受重力与弹力的合力 ‎【答案】A ‎【解析】试题分析：物体做匀速圆周运动，合力指向圆心，对物体受力分析，受重力、向上的静摩擦力、指向圆心的支持力，如图所示 其中重力G与静摩擦力f平衡，支持力N即弹力提供向心力，A正确 考点：考查了向心力 ‎5．质量为m的物体用轻绳AB悬挂于天花板上。用水平向左的力F缓慢拉动绳的中点O，如图所示。用T表示绳OA段拉力的大小，在O点向左移动的过程中（　　）‎ A． F逐渐变大，T逐渐变大 B． F逐渐变大，T逐渐变小 C． F逐渐变小，T逐渐变大 D． F逐渐变小，T逐渐变小 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ 对结点O受力分析，重力的大小和方向均不变，水平拉力F的方向不变，绳拉力在转动，满足三力平衡的动态平衡，如图所示：‎ ‎ ‎ 可得，水平拉力F逐渐增大，绳的拉力逐渐增大，故选A。‎ ‎【点睛】‎ 此题是物体的平衡问题，考查平行四边形定则的应用；图解法是最简单快捷的方法，注意搞清各个力的大小及方向变化的特点，变换平行四边形即可。此题还可以列方程讨论。‎ ‎6．甲、乙两物体从同一点出发且在同一条直线上运动，它们的位移-时间（x-t）图象如图所示，由图象可以得出在0-4s内（　　）‎ A． 甲、乙两物体始终同向运动 B． 4s时甲、乙两物体间的距离最大 C． 甲的平均速度等于乙的平均速度 D． 甲、乙两物体间的最大距离为6m ‎【答案】C ‎【解析】‎ A、x﹣t图象的斜率等于速度，可知在0﹣2s内，甲、乙都沿正向运动，两者同向运动．2﹣4s内，甲沿负向运动，乙仍沿正向运动，两者反向运动，A错误；‎ B、D、0﹣2s内两者同向运动，甲的速度较大，两者距离逐渐增大，2s后甲反向运动，乙仍沿原方向运动，两者距离逐渐减小，则2s时甲、乙两物体间的距离最大，最大距离为，B、D错误；‎ C、由图知在0﹣4s内甲乙的位移都是2m，平均速度相等，C正确；‎ 故选C。‎ ‎7．如图所示，运动员把质量为m的足球从水平地面踢出，足球在空中达到的最高点高度为h，在最高点时的速度为v，不计空气阻力，重力加速度为下列说法正确的是　　‎ A． 运动员踢球时对足球做功 B． 足球上升过程重力做功mgh C． 运动员踢球时对足球做功 D． 足球上升过程克服重力做功 ‎【答案】C ‎【解析】足球被踢起后在运动过程中，只受到重力作用，只有重力做功，足球的机械能守恒，足球到达最高点时，机械能为,由于足球的机械能守恒，则足球刚被踢起时的机械能为,足球获得的机械能等于运动员对足球所做的功，因此运动员对足球做功：,故A错误，C正确；足球上升过程重力做功 ‎,足球上升过程中克服重力做功：，故BD错误；故选C.‎ ‎【点睛】根据动能定理，足球动能的初始量等于小明做的功；小球在运动过程中，只有重力做功，机械能守恒，运用机械能守恒求解足球在最高点B位置处的动能．‎ ‎8．下列关于起电的说法错误的是　　‎ A． 不管是何种起电方式，都要遵循电荷守恒定律 B． 摩擦起电时，失去电子的物体带正电，得到电子的物体带负电 C． 摩擦和感应都能使电子转移，只不过前者使电子从一个物体转移到另一个物体上，而后者则使电子从物体的一部分转移到另一部分 D． 一个带电体接触一个不带电的物体，则两个物体带上等量异种电荷 ‎【答案】D ‎【解析】A、不管是何种起电方式，都要遵循电荷守恒定律，故A正确；‎ B、摩擦起电时，电子发生转移，失去电子的物体带正电，得到电子的物体带负电，故B正确；‎ C、摩擦和感应起电的原因均为电荷的转移，摩擦和感应都能使电子转移，只不过前者使电子从一个物体转移到另一个物体上，而后者则使电子从物体的一部分转移到另一部分，故C正确；‎ D、接触起电时，两物体只能带上同种电荷，并且只有两物体完全相同时才能带等量电荷，故D错误；‎ 点睛：明确电荷守恒定律的内容，知道起电的本质是电荷的转移；并且主要是电子的转移；并能正确进行解释即可求解。‎ ‎9．某个物体带电量不可能的是（　　）‎ A． B． C． D． ‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ 元电荷是最小的电荷量，其值取e=1.6×10-19C，任何带电体带的电荷量都是元电荷的整数倍或者等于元电荷。2×10-19C不等于元电荷的整数倍，故A不可能；3.2×10-19C恰好是元电荷的2倍，故B可能；4.8×10-19C恰好是元电荷的3倍，故C可能；1.6×10-19C是元电荷的整数倍，故D可能。所以选A。‎ ‎10．下列说法正确的是（）‎ A． 做斜抛运动的物体到达最高点时速度为零 B． 匀强电场是指电场强度的大小方向处处相同 C． 元电荷就是带电量最小的带电粒子 D． 电容器所带电荷量为两板量所带电荷量绝对值之和 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ 斜抛运动速度可以分解为水平速度和竖直速度，上升过程是匀减速直线运动，当竖直速度减到零时到达最高点，此时水平速度不变，故A错误；由于电场线的疏密程度反映电场的强弱，所以匀强电场的电场线疏密程度相同，即是一组相互平行等间距的直线，故B正确；元电荷是自然界最小的电量，不是带电荷量最小的带电粒子，故C错误；电容器所带的电荷量是指任何一个极板所带电荷量的绝对值，而不是指两个极板所带电荷量的绝对值的和，故D错误。所以B正确，ACD错误。‎ ‎11．一个带负电的点电荷，只在电场力的作用下沿曲线abc由a运动到c，已知质点的速率是递减的．关于B点电场强度E的方向（虚线是曲线在b点的切线），下列图中可能正确的是（　　）‎ A． B． C． D． ‎ ‎【答案】D ‎【解析】A图中电荷做曲线运动，电场力与速度方向不在同一直线上，应指向轨迹弯曲的内侧，不可能沿轨迹的切线方向，则场强也不可能沿轨迹的切线方向。故A错误。B图中负电荷所受的电场力方向与场强方向相反，图中电场力方向与速度方向的夹角为锐角，电场力做正功，电荷的速率增大，与题不符。故B错误。C图中场强方向指向轨迹的内侧，则电场力指向轨迹的外侧，电荷的轨迹应向上弯曲，不可能沿如图的轨迹运动。故C错误。D图中场强方向指向轨迹的外侧，则电场力指向轨迹的内侧，而且电场力方向与电荷的速度方向成钝角，电场力做负功，电荷的速率减小，符合题意。故D正确。故选D。‎ ‎12．如图，把一带负电小球a放在光滑绝缘斜面上（虚线与斜面垂直）．欲使球a能静止在斜面上，需在MN间放一带电小球b，则b应（　　）‎ A． 带正电，放在A点 B． 带正电，放在B点 C． 带负电，放在C点 D． 带正电，放在C点 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ 小球a处于平衡状态，受力平衡，合力为零。小球受重力，一定向下，支持力一定垂直向上，故小球b对小球a若为静电斥力，小球a不可能平衡，故只能是吸引力；同时，根据平衡条件，静电引力必然与前两个力的合力等大、反向且在同一条直线上，所以只能放在C位置；则b应带正电，放在C点，故D正确，ABC错误。‎ ‎13．关于电场下列说法正确的是（　　）‎ A． 电场是为了便于研究物体的运动而引入的理想模型 B． 只要有电荷就有电场 C． 电场力的方向就是电场强度的方向 D． 电场强度的大小和电荷所受的电场力的大小成正比 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ 电场是实际存在的物质，不是理想化模型，故A错误；电荷的周围存在电场，故B正确；电场强度的方向与正电荷所受电场力方向相同，与负电荷所受电场力方向相反，故C错误；电场强度的大小由电场本身的性质决定，与放入电场中的电荷以及电荷所受的电场力无关，故D错误。所以B正确，ACD错误。‎ ‎14．用比值法定义物理量是物理学中一种常用方法，以下物理量表达式中不属于比值法定义的是（　　）‎ A． 电源电动势 B． 导体电阻 C． 电容器的电容 D． 电流强度 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ 电动势公式是电动势的定义式，故A不符合题意；导体电阻，R等于电压U与电流I的比值，属于比值法定义，故B 不符合题意；电容器的电容是由电容器本身决定的，电容器的电容，是电容器电容决定式，本身定义式，故C符合题意；电流强度，电流I等于流过导体的某横截面与时间t的比值，属于比值法定义，故D不符合题意。所以选C。‎ ‎15．关于电流强度的说法中正确的是：‎ A． 根据I=Q/t可知I与Q成正比 B． 如果在任何相等的时间内通过导体横截面的电荷量相等，则导体中的电流是恒定电流 C． 电流有方向，电流是矢量 D． 电流的单位“安培”是国际单位制中的基本单位 ‎【答案】D ‎【解析】‎ 试题分析：由电流定义式I=可知，电流I与t不会成正比，在电荷量q一定时，电流I与t成反比，故A错误；所谓恒定电流是指电流的大小和方向始终保持不变的电流，所以在任何相等的时间内通过导体横截面积的电量相等，则导体中的电流是恒定电流．故B正确．矢量的运算满足平行四边形定则，而电流的运算满足代数法则，故电流虽然有方向，但电流强度是标量．故C错误．电流强度的单位“安培”是国际单位制中的基本单位．故D正确。‎ 考点：本题考查电流强度。‎ ‎16．关于正常工作的发电机、电动机和白炽灯，以下说法中正确的是（　　）‎ A． 发电机是将电能转化为机械能的装置 B． 电动机是将机械能等能转化为电能的装置 C． 电动机消耗的电能大于产生的热能，白炽灯消耗的电能等于产生的热能 D． 电动机消耗的电能等于产生的热能，白炽灯消耗的电能大于产生的热能 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ 发电机工作过程中就是将机械能转化为电能，故A错误；电动机的工作过程中是电能转化为机械能，故B 错误；电动机内部有线圈，通电后要产生热能，同时要转动，产生机械能。所以电动机消耗的电能均大于产生的热能，而白炽灯仅仅是电阻，消耗的电能全等于产生的热能，故C正确；电动机内部有线圈，通电后要产生热能，同时要转动，产生机械能。所以电动机消耗的电能均大于产生的热能，而白炽灯仅仅是电阻，消耗的电能全等于产生的热能，故D错误。所以C正确，ABD错误。‎ ‎17．公路在通过小型水库的泄洪闸的下游时，常常要修建凹形桥,如图，汽车通过凹形桥的最低点时（　　）‎ A． 车的加速度为零，受力平衡 B． 车对桥的压力比汽车的重力大 C． 车对桥的压力比汽车的重力小 D． 车的速度越大，车对桥面的压力越小 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ 汽车做圆周运动，速度在改变，加速度一定不为零，受力一定不平衡，故A错误；汽车通过凹形桥的最低点时，向心力竖直向上，合力竖直向上，加速度竖直向上，根据牛顿第二定律得知，汽车过于超重状态，所以车对桥的压力比汽车的重力大，故B正确，C错误；对汽车，根据牛顿第二定律得：，则有，可见，v越大，路面的支持力越大，据牛顿第三定律得知，车对桥面的压力越大，故D错误。所以B正确，ACD错误。‎ ‎18．百米赛跑中，一名学生在20m处的瞬时速度为8m/s，12.5s末到达终点的瞬时速度为9m/s，则他在全程的平均速度是（　　）‎ A． 8.25m/s B． 8.5m/s C． 8m/s D． 9m/s ‎【答案】C ‎【解析】‎ 排除题目中的干扰因素，百米比赛为直道，其位移为100米，所以平均速度为：‎ ‎ ‎ 故选：C ‎ ‎19．做曲线运动的物体，在运动过程中，一定变化的物理量是 A． 合外力 B． 速率 C． 速度 D． 加速度 ‎【答案】C ‎【解析】A、D 项：平抛运动也是曲线运动，合外力为重力，加速度是重力加速度，都是不变的，故A、D错误；‎ B项：匀速圆周运动的速度的大小是不变的，即速率是不变的，故B错误；‎ C项：物体既然做曲线运动，那么它的速度方向肯定是不断变化的，所以速度一定在变化，故C正确；‎ 点晴：既然是曲线运动，它的速度的方向必定是改变的，所以曲线运动一定是变速运动，它的速度肯定是变化的；而匀速圆周运动的速率是不变的，平抛运动的合力、加速度是不变的。‎ ‎20．河宽420m，船在静水中速度为，水流速度是，则船过河的最短时间为 A． 140s B． 105s C． 84s D． 100s ‎【答案】B ‎【解析】‎ 船参与了两个分运动，沿船头指向的分运动和沿水流方向的分运动，渡河时间等于沿船头指向分运动的时间，当船头与河岸垂直时，沿船头方向的分运动的位移最小，故渡河时间最短，因而，故B正确，ACD错误；‎ 故选B。‎ ‎【点睛】本题关键是将船的实际运动沿着船头指向和顺着水流方向分解，由于渡河时间等于沿船头指向分运动的时间，故当船头指向垂直河岸时，沿船头方向的分运动的位移最小，小船渡河时间最短。‎ ‎21．如图，小物块A与圆盘相对静止，跟着圆盘一起做匀速圆周运动．关于A受力情况,正确的是（　　）‎ A． 受重力、支持力和向心力 B． 受重力、支持力和指向圆心的摩擦力 C． 受重力、支持力、沿半径指向外的摩擦力 D． 受重力、支持力和与运动方向相反的摩擦力 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ 物块A随圆盘一起做匀速圆周运动，受重力、支持力和指向圆心的静摩擦力，重力和支持力平衡，靠静摩擦力提供向心力，故B正确，ACD错误。‎ ‎22．如图所示，静止的小球沿不同的轨道由同一位置滑到水平桌面上，轨道高度为h，桌面距地面高为H，物体质量为m，则以下说法正确的是 A． 小球沿竖直轨道下滑到桌面上的过程，重力做功最少 B． 小球沿曲线轨道下滑到桌面上的过程，重力做功最多 C． 以桌面为参考面，小球的重力势能的减少量为mgh D． 以地面为参考面，小球的重力势能的减少量为mg(H+h)‎ ‎【答案】C ‎【解析】试题分析：重力做功与路径无关，所以无论那条轨道下落，重力做功相同，A、B选项错误；重力做功，再由，所以，选项C正确，D选项错误。‎ 考点：重力做功与路径无关 重力做功与重力势能的关系 ‎23．如图所示,一个质量为m的物体以某一速度从A点冲上倾角为30°的斜面,其运动的加速度大小为,这物体在斜面上上升的最大高度为h,则在这一过程中 ( )‎ A． 重力势能增加了 B． 机械能损失了 C． 动能损失了mgh D． 合外力对物体做功为 ‎【答案】BD ‎【解析】‎ 试题分析：物体的重力势能增加了，选项A错误；由牛顿定律可知：，解得，故机械能损失了，选项B正确；由动能定理可知，动能损失为：，选项C错误；合外力做功为，选项D正确；故选BD.‎ 考点：动能定理；牛顿第二定律.‎ ‎24．如图，铁路在弯道处的内外轨道高低是不同的，已知内外轨道对水平面倾角为，弯道处的圆弧半径为R，若质量为m的火车以速度v通过某弯道时，内、外轨道均不受侧压力作用，下面分析正确的是 A． ‎ B． 若火车速度小于v时，外轨将受到侧压力作用，其方向平行轨道平面向内 C． 若火车速度大于v时，外轨将受到侧压力作用，其方向平行轨道平面向外 D． 无论火车以何种速度行驶，对内侧轨道都有压力 ‎【答案】C ‎【解析】‎ AD、火车以某一速度v通过某弯道时，内、外轨道均不受侧压力作用，其所受的重力和支持力的合力提供向心力，由图可以得出：‎ ‎（为轨道平面与水平面的夹角 合力等于向心力，由牛顿第二定律得：，解得：，故AD错误；‎ B ‎、当转弯的实际速度小于规定速度时，火车所受的重力和支持力的合力大于所需的向心力，火车有向心趋势，故其内侧车轮轮缘会与铁轨相互挤压，内轨受到侧压力作用方向平行轨道平面向内，故B错误；‎ C、当转弯的实际速度大于规定速度时，火车所受的重力和支持力的合力不足以提供所需的向心力，火车有离心趋势，故其外侧车轮轮缘会与铁轨相互挤压，外轨受到侧压力作用方向平行轨道平面向外，故C正确；‎ 故选：C ‎【点睛】本题关键抓住火车所受重力和支持力的合力恰好提供向心力的临界情况，计算出临界速度，然后根据离心运动和向心运动的条件进行分析。‎ ‎25．真空中有两个静止的点电荷，它们之间的作用力为F，若它们的带电量都增大为原来的3倍，距离增大为原来的2倍，它们之间的相互作用力变为　　‎ A． 16F B． C． D． ‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ 根据库仑定律可知变化前：，变化后：，故C正确，ABD错误。‎ ‎26．由库仑定律可知，真空中两个静止的点电荷，带电荷量分别为q1和q2，其间距离为r时，它们之间相互作用力的大小为F＝k ，式中k为静电力常量．若用国际单位制的基本单位表示，k的单位应为(　　)‎ A． kg·A2·m3 B． kg·A－2·m3·s－4‎ C． kg·m2·C－2 D． N·m2·A－2‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ 根据 可得： ，由于F=ma，q=It，所以,根据质量的单位是kg，加速度的单位m/s2，距离的单位是m，电流的单位是A，时间的单位s，可得k的单位是kg•A-2•m3•s-4，故选B.‎ ‎27．如图所示，两个质量均为m的完全相同的金属球壳a与b，壳层的厚度和质量分布均匀，将它们分别固定于绝缘支座上，两球心间的距离为l，为球半径的3倍。若使它们带上等量异种电荷，两球电量的绝对值均为Q，那么，a、b两球之间的万有引力F引、库仑力F库分别为 (　　)‎ A． F引＝G，F库＝k B． F引≠G，F库≠k C． F引≠G，F库＝k D． F引＝G，F库≠k ‎【答案】D ‎【解析】‎ 万有引力定律的使用的条件是质点和质量均匀分布的球，由于金属球a和b质量分布均匀，所以万有引力定律可以直接的应用，所以它们之间的万有引力为，由于两球心间的距离为球半径的3倍，它们之间的距离并不是很大，且两球壳因电荷间的相互作用使电荷分布不均匀，所以此时的电荷不能看成是点电荷，由于电荷之间的相互吸引，使他们各自的电荷分布不均匀，即相互靠近的一侧电荷分部比较密集，所以此时电荷间的库仑力。故D正确、ABC错误。故选：D。‎ ‎【点睛】万有引力定律的使用的条件是质点和质量均匀分布的球，库仑定律的使用的条件是点电荷，根据它们的使用条件来分析即可．‎ ‎28．下列用电器中，利用静电的吸附作用进行工作的是（ ）‎ A． 复印机 B． 电冰箱 C． 电话机 D． 电饭煲 ‎【答案】A ‎【解析】‎ 试题分析：本题考查各种电器的工作原理，从各种实例的原理出发可以得出结论．‎ 解：A、复印机复印文件资料，就是利用静电墨粉吸附在鼓上．故选A正确；‎ B、电冰箱是利用物态变化时的吸热和放热原理制冷的，故B错误；‎ C、电话是利用电磁波传递信息，利用了电流的磁效应工作的，故C错误；‎ D、电饭煲是利用了电流的热效应，来加热的，故D错误．‎ 故选A．‎ 点评：本题是常识性问题，只有认真把握它们的定义，才能真正区分它们利用的是哪个工作原理．体现了物理来源于生活，又服务于社会的理念．‎ ‎29．据国外某媒体报道，一种新型超级电容器，能让手机几分钟内充满电，某同学在登山时就用这种超级电容器给手机充电，下列说法正确的是 A． 电容器的电容大小取决于电容器的带电量 B． 电容器的电容大小取决于两极板间的电势差 C． 电容器给手机充电时，电容器存储的电能变小 D． 电容器给手机充电结束后，电容器不带电，电容器的电容为零 ‎【答案】C ‎【解析】试题分析：超级电容器是一种电容量可达数千法拉的极大容量电容器．明确电容器充放电规律；知道电容器充电时电能增加，电荷量增加，而放电时，电量减小，电能减小．‎ 电容器的电容是由电容器自身的因素决定的，充电时，电容器所带的电荷量减小，存储的电能变小，电容器的电容是由电容器自身的因素决定的，故充电结束后，电容器的电容不可能为零，C正确．‎ ‎30．如图所示，在NaCl溶液中，正、负电荷定向移动，其中Na+水平向右移动．若测得4s内分别有1.0×1018个Na+和Cl-通过溶液内部的横截面M，那么溶液中的电流方向和大小为（　　）‎ A． 水平向左0.8A B． 水平向右 0.08A C． 水平向左0.4A D． 水平向右0.04A ‎【答案】B ‎【解析】‎ 选择题 试题分析：已知通过的正负电荷的电荷量和时间，根据公式可求电路中电流的大小和从而判断电流的方向。‎ 电路中电流的大小为：，方向与正电荷定向运动的方向相同，水平向右．‎ 故选B．‎ 考点：电量及电流的计算．‎ 点评：本题考查电流的计算，关键是公式的应用，重点是明白电流是表示单位时间内通过的电荷量．‎ ‎31．关于向心力的说法中错误的是 A． 向心力总是沿半径指向圆心，且大小不变，向心力是一个恒力 B． 向心力是沿着半径指向圆心方向的合力，是根据力的作用效果命名的 C． 向心力可以是重力、弹力、摩擦力等各种力的合力，也可以是其中某个力的分力 D． 向心力只改变物体线速度的方向，不可能改变物体线速度的大小 ‎【答案】A ‎【解析】‎ A、向心力的方向始终指向圆心，是变力，A错误；‎ B、向心力是沿着半径指向圆心方向的合力，是根据力的作用效果命名的，故B正确；‎ C、向心力可以是重力、弹力、摩擦力等各种力的合力，也可以是其中某个力的分力，故C正确；‎ D、向心力只改变物体线速度的方向，不可能改变物体线速度的大小，故D正确；‎ 故说法中错误的选A。‎ ‎32．下列说法中正确的是（　　）‎ A． 物体受力平衡，则机械能一定守恒 B． 物体做匀速直线运动，则机械能一定守恒 C． 物体做自由落体运动，则机械能一定守恒 D． 物体沿斜面滑下，则机械能一定守恒 ‎【答案】C ‎【解析】‎ 物体沿斜面匀速上滑，受力平衡，但过程中动能不变，重力势能增大，故机械能不守恒，AB错误；物体做自由落体运动，过程中只有重力做功，机械能一定守恒，C正确；物体沿斜面下滑，若斜面不光滑，过程摩擦力做功，所以机械能不守恒，D错误．‎ ‎【点睛】在判断物体的机械能是否守恒，可根据运动过程中是否只有重力做功或根据物体的动能和势能之和是否保持恒定来判断．‎ ‎33．下列关于小磁针在磁场中静止时的指向，正确的是( )‎ A B C D ‎【答案】C ‎【解析】‎ 试题分析：根据磁极间的相互作用规律可知，A中N极应该指右；根据右手螺旋定则可知，B中环形导线左端是N极，故小磁针N极应该指左，选项B错误；C中螺线管里边的磁感线向右，故小磁针的N极应该指向右边，选项C正确；D中直导线右边的磁场垂直纸面向里，故小磁针的N极应该指里，选项D错误。‎ 考点：右手螺旋定则；磁极间的作用.‎ ‎34．电动机的电枢阻值为R，电动机正常工作时，两端的电压为U，通过的电流为I，工作时间为t，下列说法中正确的是( ).‎ A． 电动机消耗的电能为UIt B． 电动机消耗的电能为I2Rt C． 电动机线圈产生的热量为I2Rt D． 电动机线圈产生的热量为U2t/R ‎【答案】AC ‎【解析】试题分析：在计算电功率的公式中，总功率用P=IU来计算，发热的功率用P=I2R来计算，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的，但对于电动机等非纯电阻，第一个计算的是总功率，第二个只是计算发热的功率，这两个的计算结果是不一样的．‎ 解：A、电动机正常工作时，两端的电压为U，通过的电流为I，工作的时间为t，所以电动机消耗的电能为UIt，所以A正确，B错误；‎ C、电动机为非纯电阻电路线圈产生的热量为I2Rt，不能用来计算，所以C正确，D错误；‎ 故选AC．‎ ‎【点评】对于电功率的计算，一定要分析清楚是不是纯电阻电路，对于非纯电阻电路，总功率和发热功率的计算公式是不一样的．‎ 评卷人 得分 二、多选题 ‎35．如图所示，质量为m的木块在置于水平桌面的木板上滑行，木板静止，它的质量M=3m，已知木块与木板间、木板与桌面间的动摩擦因数均为μ，那么M与m之间的摩擦力f1与木板所受桌面给的摩擦力f2分别为多少？‎ A． f1= µmg B． f2= µmg C． f2= 0 D． f2= 4µmg ‎【答案】AB ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ 对小滑块受力分析，受重力mg、长木板的支持力FN和向右的滑动摩擦力f1，有：f1=μFN，FN=mg，解得：f1=μmg，故A正确；再对长木板受力分析，受到重力Mg、小滑块的对长木板向下的压力FN、小滑块对其向左的滑动摩擦力f1、地面对长木板的支持力FN′和向右的静摩擦力f2，根据共点力平衡条件，有：f1=f2，解得：f2=μmg，故B正确，CD错误。所以AB正确，CD错误。‎ ‎36．空间中有等量异种点电荷，O是电荷连线的中点，E、F是连线中垂线上相对O对称的两点，B、C和A、D也相对O对称，则下列认识正确的是（　　）‎ A． B、C两点场强大小和方向都相同 B． A、D两点场强大小相等，方向相反 C． E、F两点场强大小和方向都相同 D． 从E到F过程中场强先增大后减小 ‎【答案】ACD ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ 根据对称性看出，B、C两处电场线疏密程度相同，则B、C两点场强大小相同。这两点场强的方向均由B→C，方向相同，故A正确；根据对称性看出，A、D 两处电场线疏密程度相同，则A、D两点场强大小相同。由图看出，A、D两点场强方向相同，故B错误；由图看出，E、F两点中，电场线疏密程度相同，两点场强方向相同，故C正确；由图看出，电场线先变密，再变疏，所以场强先增大后减小，故D正确。所以ACD正确，B错误。‎ ‎37．下列哪些做法可以减小平行板电容器的电容（）‎ A． 仅增大两板间的距离 B． 增大两板间的距离同时使两板错开一点 C． 在两板之间插入云母 D． 减少极板上的电荷量 ‎【答案】AB ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ 根据电容的决定式：可知，减小平行板电容器的电容方法有：减小电容器极板间的正对面积，或增大电容器极板间的距离，故AB正确；根据电容的决定式：可知，在两板之间插入云母电容将会增大，故C错误；电容的定义式：可知，电容C与极板的带电量、电压均无关，由电容器本身决定，故D错误。所以AB正确，CD错误。‎ ‎38．如图所示，A、B、C三颗人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，已知三颗卫星的质量关系为mA=mB＜mC，轨道半径的关系为rA＜rB=rC，则三颗卫星（　　）‎ A． 线速度大小关系为 B． 加速度大小关系为 C． 向心力大小关系为 D． 周期关系为TA

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