2017-2018学年上学期期末复习备考之精准复习模拟题高三物理（A卷）（基础版）（参考答案）

2017-2018学年上学期期末复习备考之精准复习模拟题高三物理（A卷）（基础版）（参考答案）

‎ 1．C ‎【解析】设质点的加速度为a，则质点第3s内的位移即。‎ 点晴：本题考查初速度为零的匀加速直线运动，第3s内的位移等于前3s位移减去前2s位移。‎ ‎2．C ‎ 3．A ‎【解析】对物体受力分析如图所示：‎ 在水平方向根据牛顿第二定律： ，在竖直方向： ，联立解得： ， ，故A正确，BCD错误。‎ ‎4．B ‎【解析】火车的重力和轨道对火车的支持力的合力恰好等于需要的向心力时，此时火车的速度正好是，当火车火车转弯的速度大于时，需要的向心力增大，而重力与支持力的合力不变，所以合力小于所需要的向心力，外轨就要对火车产生一个向内的力来补偿一部分向心力，所以此时外轨对内外侧车轮轮缘有挤压，ACD错误，B正确．故选B.‎ 点睛：火车转弯主要是分析清楚向心力的来源，再根据速度的变化，可以知道对内轨还是对外轨由作用力．‎ ‎5．C ‎【点睛】求出卫星在半径为圆形轨道和半径为的圆形轨道上的动能，从而得知动能的减小量，通过引力势能公式求出势能的增加量，根据能量守恒求出热量．‎ ‎6．B ‎【解析】在物块下滑的过程中，斜槽将后退，物块与弧形槽系统只有重力做功，机械能守恒；对于物块，除了重力做功外，支持力做功，则物块的机械能不守恒．故A错误．物块加速下滑，竖直方向受向下合力，物块与槽在水平方向上不受外力，所以只能在水平方向动量守恒．故C错误．因为物块与槽在水平方向上动量守恒，由于质量相等，根据动量守恒，物块离开槽时速度大小相等，方向相反，物块被弹簧反弹后，与槽的速度相同，做匀速直线运动．故B正确，D错误．故选B．‎ ‎7．C ‎【点睛】电容器和电源相连，两端的电势差不变，通过电容的变化，结合Q=CU得出电荷量的变化，通过电容器带电量的变化确定通过R的电流流向．结合电场强度的变化，得出pN间电势差的变化，从而确定p点电势的变化，得出p点电势能的变化．‎ ‎8．D ‎【解析】灯泡正常发光，则电路电流： ，所以流过电动机的电流是2 A，故D正确；整个电路消耗的功率P总=UI=8V×2A=16W，故C错误；灯泡正常发光时的电压等于其额定电压，电动机的输入电压UM=U-UL=8V-3V=5V，电动机的热功率： ，电动机的输出功率： ，故A错误；则电动机的效率： ，故C错误。所以D正确，ABC错误。‎ ‎9．AD ‎【解析】解：由洛仑兹力充当向心力可得；‎ Bqv=m 解得：R===0.0455m=4.55cm；‎ 所有粒子的圆心组成以S为圆心，R为半径的圆；电子出现的区域为以S为圆心，以9.1cm半径的圆形区域内，如图中大圆所示；‎ 故当θ=90°时，纸板MN均在该区域内，故l=9.1cm；当θ=30°时，l=4.55cm；故AD正确， BC错误；‎ 故选：AD．‎ ‎【点评】本题考查带电粒子充当向心力的运动规律，解题的关键问题在于明确粒子运动的圆心和半径，进而明确所有粒子可能出现的空间．‎ ‎10．AD ‎ 11． ACD ‎【解析】根据功能关系可知，物体B动能的减少量等于B克服摩擦力做的功，故A正确；由能量守恒定律可知，物体B损失的动能等于木板A获得的动能与系统产生的内能之和，故B错误；由能量守恒定律可知，物体B损失的机械能等于木板A获得的动能与系统损失的机械能之和，故C正确；摩擦力对物体B做的功等于B动能的减少，摩擦力对木板A做的功等于A动能的增加，由能量守恒定律，摩擦力对物体B做的功和对木板A做的功的总和等于系统内能增加量，故D正确。所以ACD正确，B错误。‎ ‎12．ABD ‎【解析】试题分析：小煤块放上传送带先做匀加速直线运动，然后做匀速直线运动，根据运动学公式结合牛顿第二定律求出小煤块从A运动到B的时间；分别求出在煤块匀加速直线运动阶段传送带的位移和煤块的位移，两者位移之差即为划痕的长度；因煤块和皮带之间的摩擦而产生的内能等于滑动摩擦力与相对位移大小的乘积．‎ 物体放上传送带，滑动摩擦力的方向先沿斜面向下．根据牛顿第二定律得： ，则速度从零加速到传送带的速度所需的时间为，经过的位移为： ．由于，可知物体与传送带不能保持相对静止，继续做匀加速运动．速度相等后，物体所受的滑动摩擦力沿斜面向上．根据牛顿第二定律得，根据，即，解得，则 ‎，故A正确；煤块对皮带做的总功即是滑动摩擦力对传送带所做的功为，B正确；第一秒内传送带的速度大于煤块的速度，煤块相对于传送带先后运动，相对位移： ，第二秒内煤块的速度大于传送带的速度，煤块相对于传送带向前运动，相对位移，物块相对于传送带的位移．而小煤块在白色皮带上留下黑色印记的长度为5m，C错误；产生的内能，D正确；‎ ‎13． AC 张华 ①F1的方向比真实方向偏左；②F2的大小比真实值偏小且方向比真实方向偏左；③作图时两虚线不分别与F1线和F2线平行．‎ ‎ (3)出现误差的原因主要是测力的大小时出现误差，或者在做平行四边形时出现误差，故具体情况可能为：①F1的方向比真实方向偏左；②F2的大小比真实值偏小且方向比真实方向偏左；③作图时两虚线不分别与F1线和F2线平行．‎ ‎【点睛】解答实验的出发点为明确实验原理、实验步骤、数据处理，明确合力和分力之间的关系，同时注意应用所学物理基本规律解决实验问题．‎ ‎14． （1）1.5  1.0 （2）大于  0.3 0.7‎ ‎ 15．（1）72m（2）11s ‎【解析】解：依题意： ‎ ‎ （1）两车速度相等时，两车间的距离最大 ‎ ‎ ‎ 距离最大时，警车的运动时间： ‎ ‎ 此时货车的位移： ‎ ‎ 警车的位移： ‎ ‎ 两车间最大距离： ‎ ‎ （2）警车发动达到最大速度，所用时间 ‎ ‎ ‎ 此时货车的位移： ‎ ‎ 此时警车的位移： ‎ ‎ 此时警车还未追上货车，还需时间追上货车 ‎ ‎ ‎ 警车发动后追上货车的时间： ‎ ‎16．（1）,（2）45N,（3）.‎ ‎（2）设滑块通过点时的速度为，根据机械能守恒定律： ‎ 解得： ‎ 设在点滑块受轨道的压力为N，根据牛顿第二定律： ‎ 解得： ‎ ‎（3）设滑块从点开始运动时的速度为，根据动能定理： ‎ 解得： ‎ 设滑块在点受到的冲量大小为I，根据动量定理 解得： ‎ ‎17．1.92×10－5C 考点：闭合电路的欧姆定律；电容器 ‎【名师点睛】本题主要考查了闭合电路欧姆定律的直接应用，要求同学们能理清电路的结构，搞清电容器两端的电压是哪部分电阻上的电压，另外还要搞清电键闭合前后电容器极板的极性的变化；此题难度中等。‎ ‎18．（1）粒子在Ⅱ区域匀强磁场中运动的轨道半径是．‎ ‎（2）O、M间的距离是．‎ ‎（3）粒子从M点出发到第二次通过CD边界所经历的时间是．‎ ‎【解析】试题分析：（1）带电粒子在匀强电场Ⅰ中做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做初速度为零的匀加速运动，由题意，粒子经过A点的速度方向与OP成60°角，即可求出此时粒子的速度．粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律即可求出轨道半径．‎ ‎（2）粒子在匀强电场中运动时，由牛顿第二定律求得加速度，在A点，竖直方向的速度大小为vy=v0tan60°，由速度公式求解时间，由位移求得O、M间的距离．‎ ‎（3）画出粒子在Ⅱ区域磁场中的运动轨迹，由几何知识求出轨迹对应的圆心角θ，根据t=，求出在磁场中运动的时间．粒子进入Ⅲ区域的匀强电场中后，先向右做匀减速运动，后向左做匀加速运动，第二次通过CD边界．由牛顿第二定律和运动学公式结合可求得粒子在Ⅲ区域电场中运行时间，即可求解粒子从M点出发到第二次通过CD边界所用时间．‎ ‎（2）设粒子在电场中运动时间为t1，加速度为a．‎ 则有qE=ma v0tan60°=at1‎ 即 O、M两点间的距离为 ‎（3）设粒子在Ⅱ区域磁场中运动时间为t2．‎ 则由几何关系知轨道的圆心角∠AO1D=60°，则