甘肃省武威市第六中学2020届高三上学期第三次段考物理试题

甘肃省武威市第六中学2020届高三上学期第三次段考物理试题

武威六中2020届高三一轮复习过关考试（三）‎ 物 理 一、选择题（56分，共14小题，每题4分，1-9单选，10-14多选，漏选得2分，错选得0分）‎ ‎1.伽利略是第一个提出并研究加速度概念的科学家，哲学家罗素给予了极高的评价：“加速度的重要性，也许是伽利略所有发现中具有永久价值和最有效果的一个发现”．下列关于加速度的说法正确的是( )‎ A. 加速度恒定的运动，速度大小恒定 B. 加速度恒定的运动，速度的方向恒定不变 C. 速度为零，加速度可能不为零 D. 速度变化率很大，加速度可能很小 ‎【答案】C ‎【解析】‎ A、加速度等于单位时间内的速度变化量，加速度恒定的运动，速度大小一定是变化的，故A错误； B、加速度方向保持不变，速度方向可能改变，比如平抛运动，故B错误； C、物体的速度为零，加速度可能不为零，如火箭点火后起飞的瞬间，故C正确； D、加速度是描述速度变化快慢的物理量，所以速度变化率很大，就表示加速度一定很大，故D错误。‎ 点睛：解决本题的关键知道加速度的物理意义，掌握判断物体做加速运动还是减速运动的方法，关键看加速度方向与速度方向的关系．‎ ‎2.物体做自由落体运动的过程中，下列说法不正确的是 A. 物体处于完全失重状态 B. 物体的重力势能越来越小 C. 物体的加速度保持不变 D. 物体的速度变化量保持不变 ‎【答案】D ‎【解析】‎ A. 做自由落体运动的物体具有向下大小为g的加速度，物体处于完全失重状态，故A正确； ‎ B. 物体做自由落体运动的过程中，高度不断下降，根据重力势能公式EP=mgh，可知，物体的重力势能不断减小，故B正确；‎ C. 因只受重力，根据牛顿第二定律可知，物体的加速度为g，保持不变，故C正确；‎ D. 物体的速度变化量△v=gt，逐渐增大，故D错误。‎ 本题选择错误答案，故选：D ‎3.一个质点做匀加速直线运动,在时间间隔t内发生的位移为x,动能变为原来的4倍,该质点运动的加速度大小为 A. B. C. D. ‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】由题意可知EK2=4EK1，则可知 v2=2v1…①‎ 由平均速度公式可得：‎ ‎ …②‎ 根据加速度公式可得：‎ ‎…③‎ 联立以上三式，解得：‎ A． ,与结论相符，选项A正确；‎ B．，与结论不相符，选项B错误；‎ C．，与结论不相符，选项C错误；‎ D．，与结论不相符，选项D错误；‎ ‎4.甲、乙两车在平直公路上行驶,二者的位置—时间（x—t）图象如图所示,则下列说法正确的是（ ）‎ A. 0～8 s内,甲、乙两车位移相同 B. 8 s末,甲车的速度大小小于乙车的速度大小 C. 0～2 s内,甲车的位移大小小于乙车的位移大小 D. 0～8 s内,甲、乙两车平均速度大小相等,但方向相反 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A.8 s末，甲车的位置在‎40 m处，乙车的位置在‎0 m处，0~8 s内，两车位移大小均为‎40 m，方向相反，故A错误；‎ B.根据“位置—时间图象切线斜率表示速度”可知，8 s末，甲车的速度大小大于乙车的速度大小，故B错误；‎ C.由图象可以看出，0~2 s内，甲车位移大小大于乙车的位移大小，故C错误；‎ D.根据速度公式，由于0～8 s内，甲、乙两车位移大小均为‎40 m，方向相反，故两车平均速度大小相等，但方向相反。故D正确。‎ 故选：D ‎5.如图,质量为M的滑块a置于水平地面上,质量为m的滑块b在a上,二者接触面水平。现将一方向水平向右的力F作用在b上,让F从0缓慢增大。当F增大到某一值时,b相对a滑动,同时a与地面间摩擦力达到最大。已知a与b间的动摩擦因数为μ1,a与地面间的动摩擦因数为μ2,且最大静摩擦力等于滑动摩擦力,则μ1与μ2之比为 ‎ ‎ A. B. ‎ C. D. ‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】当F增大到某一值时，b相对a滑动，同时a与地面间摩擦力达到最大， 对a分析：‎ μ2（M+m）g-μ1mg=0‎ 解得 A．，与结论不相符，选项A错误；‎ B．，与结论不相符，选项B错误；‎ C．，与结论不相符，选项C错误；‎ D．，与结论相符，选项D正确；‎ ‎6.如图所示,固定在水平地面上的物体A,左侧是圆弧面,右侧是倾角为θ的斜面,一根轻绳跨过物体A顶点上的小滑轮,绳两端分别系有可视为质点的质量为m1、m2的小球B、C,假设绳与物体A的表面平行,当两球静止时,小球B与圆弧圆心之间的连线和水平方向的夹角也为θ,不计一切摩擦,则m1、m2之间的关系是 A. m1=m2 B. m1=m2tan θ C. m1= m2sinθ D. m1=m2cos θ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】通过光滑的滑轮相连，左右两侧绳的拉力大小相等，两小球都处于平衡状态，又由受力分析可得： 对B有 FT=m1gcosθ 对C有 FT=m2gsinθ 联立两式可得 m1gcosθ=m2gsinθ 所以 m1=m2tanθ A．m1=m2，与结论不相符，选项A错误；‎ B．m1=m2tan θ，与结论相符，选项B正确；‎ C．m1= m2sinθ，与结论不相符，选项C错误；‎ D． m1=m2cos θ，与结论不相符，选项D错误；‎ ‎7.据英国《每日邮报》‎2016年8月16日报道：27名跳水运动员参加了科索沃年度高空跳水比赛，自某运动员离开跳台开始计时，在t2时刻运动员以v2的速度入水，选竖直向下为正方向，其速度随时间变化的规律如图所示，下列结论正确的是 A. 该运动员在0-t2的时间内加速度的大小先减小后增大，加速度的方向不变 B. 该运动员在t2-t3时间内加速度大小逐渐减小，处于失重状态 C. 在0-t2时间内，平均速度为 D. 在t2-t3时间内平均速度为 ‎【答案】C ‎【解析】‎ 试题分析：运动员在时间内加速度大小一直不变，加速度的方向一直沿正方向，说明加速度的大小和方向没有发生了变化，故A错误；在时间内图象的斜率不断减小，则运动员的加速度大小逐渐减小，加速度为负，说明加速度方向向上，则运动员处于超重状态，故B错误；在时间内，运动员做匀变速直线运动的位移，则其平均速度，故C正确；在时间内，运动员的位移小于匀减速直线运动的位移，则平均速度，故D错误．‎ 考点：考查了速度时间图像 ‎【名师点睛】在速度时间图像中，需要掌握三点，一、速度的正负表示运动方向，看运动方向是否发生变化，只要考虑速度的正负是否发生变化，二、图像的斜率表示物体运动的加速度，三、图像与坐标轴围成的面积表示位移，在坐标轴上方表示正方向位移，在坐标轴下方表示负方向位移 ‎8.如图所示，物体A和B质量均为m，且分别与轻绳连接跨过光滑轻质定滑轮，B 放在水平面上，A与悬绳竖直．用力F拉B沿水平面向左匀速运动过程中，绳对A的拉力的大小是(　　)‎ A. 一定大于mg B. 总等于mg C. 一定小于mg D. 以上三项都不正确 ‎【答案】A ‎【解析】‎ 物体B向左的速度vB是合速度，根据其效果，分解为如图所示的两个速度v1和v2，‎ 其中，又因为，所以当物体B向左匀速运动时，vB大小不变，θ变小，cos θ变大，即A向上做加速运动，由牛顿第二定律得，所以绳的拉力，选项A正确．‎ 点睛：绳连接、杆连接的物体沿绳（杆）方向的速度分量相等。‎ ‎9.如图所示,将完全相同的四个小球1、2、3、4分别从同一高度由静止释放或平抛（图乙）,其中图丙是一倾角为45°的光滑斜面,图丁为光滑圆弧,不计空气阻力,则下列对四种情况下相关物理量的比较正确的是 A. 落地时间t1=t2=t3=t4‎ B. 全程重力做功W1=W2>W3=W4‎ C. 落地瞬间重力的功率P1=P2=P3=P4‎ D. 全程重力做功平均功率 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．设相同的高度为h，根据牛顿运动定律结合运动学规律： 甲：‎ 可得：‎ ‎ ‎ 乙：‎ 可得：‎ 丙：‎ ‎ ‎ 可得：‎ ‎ ‎ 丁：1/4圆周比丙的斜面长，与丙比较初末速度大小相等，同一高度的速度大小也相等，可知t4>t3；‎ 故落地时间的大小关系为：‎ t1=t2＜t3＜t4‎ 故A错误； B．重力做功与路径无关，只与始末位置的高度差h有关，全过程重力做功：‎ W1=W2=W3=W4=mgh 故B错误； C．根据公式P=Fvcosθ可知，落地瞬间重力的功率等于重力乘以竖直方向的分速度，即 ‎ 甲：‎ ‎ ‎ 乙：‎ 丙：‎ ‎ ‎ 丁：‎ ‎ ‎ 故落地瞬间重力的功率的大小关系为：‎ P4＜P3＜P1=P2‎ 故C错误； D．根据全过程做功：‎ W1=W2=W3=W4=mgh 又因为全过程时间：‎ t1=t2＜t3＜t4‎ 故根据公式可知平均功率的大小关系：‎ 故D正确。‎ ‎10.如图所示，小球从高处下落到竖直放置的轻弹簧上，从接触弹簧开始到将弹簧压缩到最短的过程中，下列叙述中正确的是 A. 小球的速度一直减小 B. 小球的加速度先减小后增大 C. 小球的机械能不守恒 D. 在该过程动能和弹性势能的总和先增大后减小 ‎【答案】BC ‎【解析】‎ ‎【详解】AB．从接触弹簧开始到将弹簧压缩到最短的过程中，开始重力大于弹力，向下做加速运动，在下降的过程中弹力增大，则加速度减小，当加速度减小到零，速度达到最大，然后重力小于弹力，向下做减速运动，运动的过程中加速度增大，到达最低点速度为零；则小球的速度先增加后减小；小球的加速度先减小后增大，选项A错误，B正确；‎ C．小球下落过程中，弹力一直做负功，小球的机械能不守恒，选项C正确；‎ D．在该过程对小球和弹簧系统的机械能守恒，因重力势能逐渐减小，则动能和弹性势能的总逐渐变大，选项D错误。‎ ‎11.如图所示,质量为m的小球用长度为R的细绳拴着在竖直面上绕O点做圆周运动,恰好能通过最高点A,重力加速度为g,则 A. 小球通过最高点A的速度为 B. 小球通过最低点B和最高点A的动能之差为mgR C. 若细绳在小球运动到与圆心O等高的C点断了,则小球还能上升的高度为R D. 若细绳在小球运动到A处断了,则经过t=时间小球运动到与圆心等高的位置 ‎【答案】AD ‎【解析】‎ ‎【详解】A．小球刚好通过最高点时，绳子的拉力恰好为零，有：‎ 解得 故A正确；‎ B．根据动能定理，小球通过最低点B和最高点A的动能之差为 ‎△EK=mg•2R=2mgR 故B错误； C．从A到C，由动能定理可得：‎ 细绳在小球运动到与圆心O等高的C点断了，小球竖直上抛，设上升的高度为h，由动能定理可得：‎ 解得：‎ h=1.5R 故C错误； D．若细绳在小球运动到A处断了，小球平抛，下落高度R，时间为 此时与圆心的位置等高，故D正确。‎ ‎12.‎2016年9月15日在酒泉卫星发射中心发射成功的“天宫二号”是继“天宫一号”后我国自主研发的第二个空间实验室,也是我国第一个真正意义上的空间实验室。“天空二号”绕地球做匀速圆周运动,其运行周期为T1,线速度为v,离地面高为h,地球半径为R,自转周期为T2,引力常量为G,则下列说法正确的是 A. “天宫二号”的向心加速度为 B. 地球的质量为 C. “天宫二号”的线速度大于地球的第一宇宙速度 D. 地球赤道表面处物体的重力加速度为 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A．“天宫二号”的向心加速度：‎ 故A错误；‎ B．卫星的万有引力等于向心力，故：‎ 解得 选项B正确；‎ C．第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度，是圆轨道卫星速度的最大值，故“天宫二号”的线速度小于地球的第一宇宙速度，故C错误；‎ D．静止在赤道上物体受重力为：‎ 将带入可得：‎ 故D错误；‎ ‎13.如图所示,足够长的水平传送带以v0=‎2 m/s的速度沿逆时针方向匀速转动,在传送带的左端连接有一光滑的弧形轨道,轨道的下端水平且与传送带在同一水平面上,‎ 滑块与传送带间的动摩擦因数为μ=0.4。现将一质量为m=‎1 kg的滑块（可视为质点）从弧形轨道上高为h=‎0.8 m的地方由静止释放,重力加速度大小取g=‎10 m/s2,则 A. 滑块刚滑上传送带左端时的速度大小为‎4 m/s B. 滑块在传送带上向右滑行的最远距离为‎2.5 m C. 滑块从开始滑上传送带到第一次回到传送带最左端所用的时间为2.25 s D. 滑块从开始滑上传送带到第一次回到传送带最左端的过程中,传动系统对传送带多做的功为18 J ‎【答案】AC ‎【解析】‎ ‎【详解】A．滑块刚滑上传送带左端时的速度大小为 选项A正确；‎ B．滑块在传送带上向右滑行的加速度 滑行的最远距离为 选项B错误；‎ C．滑块向右滑行的时间：‎ 向左滑行到与传送带共速时的时间：‎ 向左滑行到与传送带共速时的距离 匀速滑到最左端的时间 滑块从开始滑上传送带到第一次回到传送带最左端所用的时间为 选项C正确；‎ D．滑块从开始滑上传送带到第一次回到传送带最左端摩擦生热：‎ ‎ ‎ 带入数据可得 Q=18J 此过程中摩擦力对滑块做功为：‎ ‎ ‎ 由能量守恒定律可知带动传送带的电动机多做的功为 W′=Q+W=18J-6J=12J 故D错误。‎ ‎14.以下说法正确的是　　　　。‎ A. 达到热平衡的系统内部各处都具有相同的温度 B. 分子间距增大,分子势能就一定增大 C. 浸润与不浸润均是分子力作用的表现 D. 液体的表面层分子分布比液体内部密集,分子间的作用力体现为相互吸引 E. 物体的温度越高,分子热运动越激烈,分子的平均动能就越大 ‎【答案】ACE ‎【解析】‎ ‎【详解】A．达到热平衡的系统内部各处都具有相同的温度，选项A正确；‎ B．当r

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