西藏自治区拉萨中学2017届高三第八次月考理综物理试题

西藏自治区拉萨中学2017届高三第八次月考理综物理试题

www.ks5u.com 拉萨中学高三年级（2017届）第八次月考理科综合物理试卷 二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。‎ ‎1. 目前，在居室装修中经常用到花岗岩、大理石等装饰材料，这些装饰材料都不同程度地含有放射性元素，下列有关放射性知识的说法中正确的是 A. β射线与γ射线一样是电磁波，但穿透本领远比γ射线弱 B. 氡的半衰期为3.8天，4个氡原子核经过7.6天就一定只剩下1个氡原子核 C. 衰变成要经过8次β衰变和8次α衰变 D. 放射性元素发生β衰变时所释放的电子是原子核内的中子转变为质子时产生的 ‎【答案】D 点睛：解决本题的关键知道衰变的实质，注意α衰变与β衰变的区别，并知道在衰变的过程中电荷数守恒、质量数守恒，同时掌握β衰变中电子的由来．‎ ‎2. 如图所示，小球 A、B 通过一细绳跨过定滑轮连接，它们都穿在一根竖直杆上．当两球 平衡时，连接两球的细绳与水平方向的夹角分别为θ和 2θ，假设装置中 各处摩擦均不计，则 A、B 球的质量之比为 A. 2cosθ:1 B. 1:2cosθ C. tanθ:1 D. 1:2sinθ ‎【答案】B ‎【解析】分别对AB两球分析，运用合成法，如图：‎ 由几何知识得：Tsinθ=mAg,Tsin2θ=mBg,故mA:mB=sinθ:sin2θ=1:2cosθ,故选B．‎ ‎【点睛】本题考查了隔离法对两个物体的受力分析，关键是抓住同一根绳子上的拉力处处相等结合几何关系将两个小球的重力联系起来．‎ ‎3. 假设宇宙中有两颗相距无限远的行星A和B，半径分别为RA和RB。两颗行星周围卫星的轨道半径的三次方(r3)与运行周期的平方(T2)的关系如图所示；T0为星环绕行星表面运行的周期。则( ) ‎ A. 行星A的质量大于行星B的质量 B. 行星A的密度小于行星B的密度 C. 行星A的第一宇宙速度等于行星B的第一宇宙速度 D. 当两行星的卫星轨道半径相同时，行星A的卫星向 ‎【答案】A ‎【解析】根据万有引力提供向心力得出： 得： ，根据图象可知，A的 比较B的大，所以行星A的质量大于行星B的质量，故A错误；根图象可知，在两颗行星表面做匀速圆周运动的周期相同，密度 ，所以行星A的密度等于行星B的密度，故B错误；第一宇宙速度 ‎ ，A的半径大于B的半径，卫星环绕行星表面运行的周期相同，则A的第一宇宙速度大于行星B的第一宇宙速度，故C错误；根据 得： ，当两行星的卫星轨道半径相同时，A的质量大于B的质量，则行星A的卫星向心加速度大于行星B的卫星向心加速，故D正确．故选D.‎ 点睛：要比较一个物理量大小，我们应该把这个物理量先表示出来，在进行比较．向心力的公式选取要根据题目提供的已知物理量或所求解的物理量选取应用....‎ ‎4. 如图所示，正六边形abcdef区域内有垂直于纸面的匀强磁场。一带正电的粒子从f点沿fd方向射入磁场区域，当速度大小为vb时，从b点离开磁场，在磁场中运动的时间为tb，当速度大小为vc时，从c点离开磁场，在磁场中运动的时间为tc，不计粒子重力。则 ‎ A. vb:vc=1:2，tb:tc=2:1 B. vb:vc=2:2，tb:tc=1:2‎ C. vb:vc=2:1，tb:tc=2:1 D. vb:vc=1:2，tb:tc=1:2‎ ‎【答案】A ‎【解析】试题分析：设正六边形边长为L，若粒子从b点离开磁场，可知运动的半径为R1=L，在磁场中转过的角度为θ1=1200；若粒子从c点离开磁场，可知运动的半径为R2=2L，在磁场中转过的角度为θ2=600，根据可知vb:vc=R1：R2=1:2；根据可知，tb:tc=θ1：θ2=2:1，故选A．‎ 考点：带电粒子在匀强磁场中的运动 ‎5. 如图所示，变压器输入有效值恒定的电压，副线圈匝数可调，输出电压通过输电线送给用户(电灯等用电器)，R表示输电线的电阻，则 A. 用电器增加时，变压器输出电压增大 B. 要提高用户的电压，滑动触头P应向下滑 C. 用电器增加时，输电线的热损耗减少 D. 用电器增加时，变压器的输入功率增加 ‎【答案】D ‎【解析】试题分析：由于变压器原、副线圈的匝数不变，而且输入电压不变，因此增加负载不会影响输出电压，故A错误；根据变压器原理可知输出电压，当滑动触头P应向上滑时，增大，所以输出电压增大，故B正确；由于用电器是并联的，因此用电器增加时总电阻变小，输出电压不变，总电流增大，故输电线上热损耗增大，故C错误；用电器增加时总电阻变小，总电流增大，输出功率增大，所以输入功率增大，故D正确。‎ 考点：变压器的构造和原理 ‎【名师点睛】对于理想变压器要明确两个关系：一是输出电压由输入电压决定，二是输入功率由输出功率决定．明确这两个关系然后根据有关电路知识即可求解。‎ ‎6. 如图所示，有三个质量相等、分别带正电、负电和不带电的油滴从两水平放置的金属板左侧中央以相同的水平初速度v0先后射入电场中，最后分别打在正极板的C、B、A处，则 （ ） ‎ A. 三种油滴在电场中运动时间相同 B. 三种油滴在电场中的加速度为aA>aB>aC C. 三种油滴到达正极板时动能EkC>EkB>EkA D. 落在C处的油滴带正电，落在B处的油滴不带电，落在A处的油滴带负电 ‎【答案】BD ‎【解析】试题分析：因为上极板带负电，所以平行板间有竖直向上的电场，正电荷在电场中受到向上的电场力，负电荷受到向下的电场力．则不带电的小球做平抛运动，带负电的小球做类平抛运动，加速度比重力加速度大，带正电的小球做加速度比重力加速度小的类平抛运动．由此根据平抛和类平抛运动规律求解．‎ 根据题意，三小球在竖直方向都做初速度为0的匀加速直线运动，球到达下极板时，在竖直方向产生的位移h相等，解得； ‎ 由于平行板间有竖直向上的电场，正电荷在电场中受到向上的电场力，向下的合力最小，向下的加速度最小，负电荷受到向下的电场力，向下的合力最大，向下的加速度最大，不带电的小球做平抛运动，加速度为重力加速度g，根据得到正电荷运动时间最长，负电荷运动时间最短，不带电的小球所用时间处于中间，故A错误；三粒子水平方向做匀速直线运动，水平位移，由于初速度相同，所用时间越长则水平位移越大，所用A粒子带负电，B粒子不带电，C粒子带正电，三种粒子在电场中的加速度为，故BD正确；3种粒子下落过程有重力和电场力做功，它们的初动能相同，根据动能定理合力做功越多则末动能越大，而重力做功相同，A粒子带负电，电场力做正功；B粒子不带电，电场力不做功；C粒子带正电电场力做负功，所以动能，故C错误．‎ ‎7. 一个质量为m、边长也为L的正方形导线框沿竖直方向运动，线框所在平面始终与磁场方向垂直，且线框上、下边始终与磁场的边界平行．t=0时刻导线框的上边恰好与磁场的下边界重合（图中位置I）,导线框的速度为v0．经历一段时间后，当导线框的下边恰好与磁场的上边界重合时（图中位置Ⅱ）,导线框的速度刚好为零．此后，导线框下落，经过一段时间回到初始位置I（不计空气阻力），则 A. 上升过程中，导线框的加速度逐渐减小 B. 上升过程克服重力做功的平均功率小于下降过程重力的平均功率...‎ C. 上升过程中线框产生的热量比下降过程中线框产生的热量的多 D. 上升过程中合力做的功与下降过程中合力做的功相等 ‎【答案】AC ‎【解析】试题分析：解答本题应分析线框的受力，根据牛顿第二定律得到加速度与速度的关系，即可分析加速度的变化情况；根据能量守恒分析线框返回原位置时速率关系，由动能定理判断上升和下降两过程合力做功关系．根据安培力表达式，分析线框克服安培力做功的关系．‎ 上升过程中，线框所受的重力和安培力都向下，线框做减速运动，设加速度大小为a，根据牛顿第二定律得，由此可知，线框速度v 减小时，加速度a也减小，故A正确；下降过程中，线框做加速运动，则有，由此可知，下降过程加速度小于上升过程加速度，上升过程位移与下降过程位移相等，则上升时间短，下降时间长，上升过程与下降过程重力做功相同，则上升过程克服重力做功的平均功率大于下降过程重力的平均功率，故B错误；线框产生的焦耳热等于克服安培力做功，对应与同一位置，上升过程安培力大于下降过程安培力，上升与下降过程位移相等，则上升过程克服安培力做功大于下降过程克服安培力做功，上升过程中线框产生的热量比下降过程中线框产生的热量的多，故C正确；在电磁感应现象中，线框中产生电能，根据能量守恒定律可知，线框返回原位置时速率减小，则上升过程动能的变化量大小大于下降过程动能的变化量大小，根据动能定理得知，上升过程中合力做功较大，故D错误．‎ ‎8. 如图甲所示，倾角的光滑斜面固定在水平面上，自然伸长的轻质弹簧一端固定在斜面底端的挡板上．一质量为m的小球，从离弹簧上端一定距离的位置静止释放，接触弹簧后继续向下运动．小球运动的v-t图象如图乙所示，其中OA段为直线，AB段是与OA相切于A点的平滑曲线，BC是平滑曲线，不考虑空气阻力，重力加速度为g．关于小球的运动过程,下列说法正确的是 A. 小球在tB时刻所受弹簧弹力大于mg/2‎ B. 小球在tC时刻的加速度大于g/2‎ C. 小球从tC时刻所在的位置由静止释放后，不能回到出发点 D. 小球从tA时刻到tC时刻的过程中重力势能的减少量等于弹簧弹性势能的增加量 ‎【答案】ACD 三、非选择题： ‎ ‎（一）必考题 ‎9. 某研究小组要测量电压表V1的内阻r1，要求方法简捷，有尽可能高的测量精度，并能测得多组数据，现提供如下器材。‎ A．电压表V1：量程3V，内阻r1待测（约2000Ω）；‎ B．电压表V2：量程6V，内阻r2=4000Ω；‎ C．电压表V3：量程4V，内阻r3=10000Ω；‎ D．电流表A1：量程0.5A，内阻r4=0.05Ω；‎ E．滑动变阻器R0：总电阻约50Ω；‎ F．电源E：电动势15V，内阻很小 G．电键一个（S），导线若干。‎ ‎（1）请从所给器材中选出适当的器材，设计电路，在虚线方框中画出电路图；并标明所用器材的符号；‎ ‎（2）根据你所设计的电路图，写出测量电压表V1的内阻r1的表达式，即r1=____________。式中各符号的物理意义是：________________。‎ ‎【答案】 (1). （1）如图所示：‎ ‎ (2). （2）；式中：U1表示电压表V1的电压，U2表示电压表V2的电压，r2表示电压表V2的内阻。‎ ‎【解析】（1）电路如图：‎ ‎（2）由欧姆定律可知： ，即 ，其中U1表示电压表V1的示数，U2表示电压表V2的示数,r2表示电压表V2的内阻。‎ ‎10. 用自由落体法验证机械能守恒定律，器材安装如图甲。‎ ‎ ‎ ‎(1)请指出图甲中的错误及不妥之处（至少写出两处）‎ ‎①_________________________，‎ ‎②_________________________。‎ ‎（2）改进实验中错误及不妥之处后，打出如图乙所示一条纸带。已知打点计时器频率为50Hz，根据纸带所给数据，打C点时重物的速度为_____ m/s（结果保留两位有效数字）‎ ‎（3）某同学选用两个形状相同质量不同的重物a和b进行实验测得几组数据，画出v2/2-h的图象如图丙所示，求出图线的斜率k，由图象可知a的质量m1____b的质量m2（选填“大于”或“小于”）。‎ ‎（4）通过分析发现造成k2值偏小的原因是实验过程中存在各种阻力，已知实验所用重物的质量m2=0.052kg，当地重力加速度g=9.78m/s2，求出重物所受的平均阻力f= _________N。（结果保留两位有效数字）‎ ‎【答案】 (1). 使用的是直流电源 (2). 重物离打点计时器太远；没有从上方提着纸带，而是用手托着纸带 (3). 2.3m/s (4). 大于 (5). 0.031‎ ‎【解析】试题分析：（1）①打点计时器都是用的交流电，而图中使用的是直流电源；②重物离打点计时器太远，得到的数据太少；③没有从上方提着纸带，而是用手托着纸带。‎ ‎（2）根据匀变速直线运动过程中的平均速度规律可得，，故解得 ‎（3）根据公式可得 ‎，斜率表示加速度，而质量越大，空气阻力越小，加速度越大，故 ‎（4）根据牛顿第二定律可得代入数据可得 考点：验证机械能守恒定律实验 ‎【名师点睛】解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项，能利用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用，提高解决问题能力 ‎11. 水平放置的平行金属框架宽L=0.2m，质量为m=0.1kg的金属棒ab放在框架上，并且与框架的两个边垂直．整个装置放在方向竖直向下磁感应强度B=0.5T的匀强磁场中，如图所示．金属棒ab在F=2N的水平向右的恒力作用下由静止开始运动．电路中除定值电阻R=0.05Ω外，其他电阻、摩擦阻力均不考虑，求：‎ ‎（1）ab速度是v=5m/s时，棒的加速度a是多大？‎ ‎（2）当ab棒达到最大速度vm后，撤去外力F，此后感应电流还能产生多少热量Q？‎ ‎【答案】（1）10m/s2，（2）5J ‎【解析】试题分析：（1）金属棒产生的感应电动势为：E=BLv 由欧姆定律得：I=‎ 金属棒所受的安培力大小为：F安=BIL，‎ 由牛顿第二定律得：F﹣F安=ma，‎ 联立解得：a=﹣=﹣=10m/s2‎ ‎（2）当a=0时速度最大，故有：vm===10m/s 撤去F后，导体棒的动能全部转化为热量为：Q=mvm2=×0.1×102=5J 答：（1）ab速度是v=5m/s时，棒的加速度a是10m/s2．...‎ ‎（2）当ab棒达到最大速度vm后，撤去外力F，此后感应电流还能产生多少热量Q为5J．‎ ‎12. 如图所示，倾角30°的光滑斜面上，轻质弹簧两端连接着两个质量均为的物块和，紧靠着挡板，通过轻质细绳跨过光滑定滑轮与质量的物块 连接，细绳平行于斜面，在外力作用下静止在圆心角为60°、半径的的光滑圆弧轨 道的顶端处，此时绳子恰好拉直且无张力；圆弧轨道最低端与粗糙水平轨道相切，与一个半径的光滑圆轨道平滑连接。由静止释放，当滑至时，恰好离开挡板，此时绳子断裂。已知与间的动摩擦因数，重力加速度取，弹簧的形变始终在弹性限度内，细绳不可伸长。‎ ‎（1）求弹簧的劲度系数；‎ ‎（2）求物块滑至处，绳子断后瞬间，对圆轨道的压力大小；‎ ‎（3）为了让物块能进入圆轨道且不脱轨，则间的距离应满足什么条件？‎ ‎【答案】（1）（2） （3） ‎ ‎【解析】(１)A 位于a 处时,绳无张力且物块B 静止,故弹簧处于压缩状态 对B 由平衡条件有kx＝mgsin30° (1分)‎ 当C 恰好离开挡板P 时,C 的加速度为０,故弹簧处于拉升状态 对C 由平衡条件有kx′＝ mgsin30° (1分)‎ 由几何关系知R＝x＋x′ (2分)‎ 代入数据解得 (1分)‎ ‎ (２)物块A 在a 处与在b 处时,弹簧的形变量相同,弹性势能相同. 故 A 在a 处与在b 处时,A、B 系统的机械能相等 有 (1分)‎ 如图所示,将A 在b 处的速度分解,由速度分解关系有vAcos30°＝vB (1分)‎ 代入数据解得 (1分)‎ 在b 处,对A 由牛顿定律有 (1分)‎ 代入数据解得 ‎ 由牛顿第三定律,A 对圆轨道的压力大小为N′＝144N (1分)‎ ‎(３)物块A 不脱离圆形轨道有两种情况 ‎①第一种情况,不超过圆轨道上与圆心的等高点 由动能定理,恰能进入圆轨道时需满足条件 (1分)‎ 恰能到圆心等高处时需满足条件 (1分) ‎ 代入数据解得 ‎ 即:6m x8m (1分)‎ ‎②第二种情况,过圆轨道最高点 在最高点,由牛顿定律有 ...‎ 恰能过最高点时,N ＝0, (1分)‎ 由动能定理有 (1分)‎ 代入数据解得 ‎ 所以x3m (1分) ‎ ‎13. 下列说法中正确的是________‎ A. 一定质量的理想气体体积增大时，其内能一定减少 B. 气体的温度降低，某个气体分子热运动的动能可能增加 C. 当水面上方的水蒸气达到饱和状态时，水中不会有水分子飞出水面 D. 气体对器壁的压强是由大量气体分子对器壁不断碰撞而产生的 E. 在“用油膜法估测分子的大小”的实验中，将油酸酒精溶液的体积直接作为油酸的体积进行计算，会使分子直径计算结果偏大 ‎【答案】BDE ‎【解析】根据公式可得体积增大，有可能压强减小，温度不变，其内能不变，A错误；温度是分子的平均动能的标志，是大量分子运动的统计规律，物体温度降低，不是每个分子热运动的动能均降低，有可能增加，B正确；水蒸气达到饱和状态时，蒸发和液化达到动态平衡，仍旧会有蒸发现象，仍旧会有水分子飞出水面，C错误；压强产生的原因就是因为大量气体分子不断碰撞容器器壁而产生的，D正确；错误地将油酸酒精溶液的体积直接作为油酸的体积进行计算，则计算时所用体积数值偏大，会导致计算结果偏大，E正确．‎ ‎14. 如图所示，右侧有挡板的导热气缸固定在水平地面上，气缸内部总长为 21 cm， 活塞横截面积为 10 cm2，厚度为 1cm，给活塞施加一向左的水平恒力 F=20 N，稳定时活塞封闭的气柱长度为 10 cm。大气压 强为 1.0x105 Pa，外界温度为 27℃，不计摩擦。‎ ‎①若将恒力 F 方向改为水平向右，大小不变，稳定时活塞封闭气柱的长度； ‎ ‎②若撤去外力 F，将外界温度缓慢升高，当挡板对活塞的作用力大小为60N 时，求封闭气柱的温度。‎ ‎【答案】 ‎ ‎【解析】【试题分析】①气体温度不变，根据玻意耳定律列式求解；②根据理想气体状态方程求解。‎ ‎①恒力F水平向左时，对活塞根据受力平衡：‎ ‎ 代入数据解得： ‎ 恒力F水平向右时，稳定时活塞受力平衡：‎ 代入数据解得：‎ 气体发生等温变化，根据玻意耳定律有 ‎ 解得：l=15cm ‎②对气缸内的气体,初态：， ，‎ 末态：，T3=? , ‎ 根据理想气体状态方程 代入数据解得T3=800K ‎【点评】本题考查气体实验定律的应用，第一问求解气体的压强必须要以活塞为研究对象根据受力平衡来求，第二问要注意末态气体的体积时要注意考虑活塞有厚度，解题时考虑问题要全面细致．‎ ‎15. 如图所示，两列简谐横波分别沿 x 轴正方向和负方向传播，两波源分别位于 x＝－0.2m 和 x＝1.2m 处，传播速度均为v0＝0.2m/s，振幅均为 A＝2cm。 图示为 t＝0‎ ‎ 时刻两列波的图像（传播方向如图所 示），此时平衡位置处于 x＝0.2m 和 x＝0.8m 的 P、Q 两质点刚开始振动。质点 M 的平衡位置处于 x＝0.5m 处，则下列判断正确的是_______。...‎ A. 两列波的周期均为 2s，且起振方向均沿 y 轴负方向 B. t＝0 时刻，x=0 处的质点处于平衡位置向 y 轴正方向运动， x=0.1m 处的质点处于平衡位置向 y 轴负方向运动 C. t＝1.5s 时刻之前，质点 M 始终处静止状态 D. M 点开始振动后做振幅为 4cm，周期为 4s 的简谐运动 E. t=2.5s 时 M 点处于平衡位置向 y 轴正方向运动 ‎【答案】ACE ‎【解析】试题分析：由图象可知，两列波波长均为λ=0．4m，波速均为，所以周期，由波的传播方向根据波形平移法可判断出质点的振动方向，两列简谐横波分别沿x轴正方向和负方向传播，则根据波形的平移法可知质点P、Q均沿y轴负方向运动，故A正确；根据波形平移法可判断出t=0时刻，x=0处x=0．1m处的质点均处于平衡位置向y轴正向运动，故B错误；由图知波长λ=0．4m，由得，波的周期为，两列波传到M的时间为，当t=1．5s时刻，两列波的波谷都恰好传到质点M，所以t=1．5s刻之前，质点M始终处于静止状态．故C正确；依据叠加原则，则M点开始振动后做振幅为4cm，但周期仍为2s的简谐运动，故D错误；在时刻，,此时M已经振动半个周期，结合矢量叠加原则，可知t=1．5s时M点处于平衡位置向y轴正方向运动，故E正确。所以ACE正确，BD错误。‎ 考点：横波的图象；波长、频率和波速的关系 ‎【名师点睛】本题主要考查了横波的图象；波长、频率和波速的关系．两列波相遇并经过重叠区域后，振幅、速度、波长不变．由图读出波长，从而由波速公式算出波的周期．根据所给的时间与周期的关系，分析质点M的位置，确定其位移．由波的传播方向来确定质点的振动方向．两列频率相同的相干波，当波峰与波峰相遇或波谷与波谷相遇时振动加强，当波峰与波谷相遇时振动减弱，则振动情况相同时振动加强；振动情况相反时振动减弱．‎ ‎16. 如图，为某种通明材料做成的三棱镜横截面，其形状是边长为a的等边三角形，现有一束宽度为a的单色平行光束，以垂直于BC面的方向正好入射到该三棱镜的AB及AC面上，结果所有从AB、AC面入射的光线进入后恰好全部直接到达BC面．试求：‎ ‎①该材料对此平行光束的折射率；‎ ‎②这些到达BC面的光线从BC面折射而出后，如果照射到一块平行于BC面的屏上形成光斑，则当屏到BC面的距离d满足什么条件时，此光斑分为两条？‎ ‎【答案】① ②‎ ‎【解析】试题分析：（1）由于对称性，我们考虑从AB面入射的光线，这些光线在棱镜中是平行于AC面的，由对称性不难得出，光线进入AB面时的入射角α和折射角β分别为：α=60°，β=30°‎ 由折射定律，材料折射率 ‎（2）如图O为BC中点，在B点附近折射的光线从BC射出后与直线AO交于D，可看出只要光屏放得比D点远，则光斑会分成两块．‎ 由几何关系可得：‎ 所以当光屏到BC距离超过时，光斑分为两块．‎ 考点：考查光的折射定律．‎ ‎【名师点睛】本题是几何光学问题，作出光路图是解题的关键之处，再运用几何知识求出入射角和折射角，即能很容易解决此类问题．‎ ‎ ‎