物理卷·2018届黑龙江省大庆市杜蒙县高二上学期月考物理试卷（12月份） （解析版）

物理卷·2018届黑龙江省大庆市杜蒙县高二上学期月考物理试卷（12月份） （解析版）

‎2016-2017学年黑龙江省大庆市杜蒙县高二（上）月考物理试卷（12月份）‎ ‎　‎ 一、单选题（每小题3分，共30分）‎ ‎1．a、b两车在平直公路上行驶，其v﹣t图象如图所示，在t=0时，两车间距为s0，在t=t1时间内，a车的位移大小为s，则（　　）‎ A．0～t1时间内a、b两车相向而行 B．0～t1时间内a车平均速度大小是b车平均速度大小的2倍 C．若a、b在t1时刻相遇，则s0=s D．若a、b在时刻相遇，则下次相遇时刻为2t1‎ ‎2．如图，A、B两物体叠放在水平地面上，A物体m=20kg，B物体质量M=30kg．处于水平位置的轻弹簧一端固定于墙壁，另一端与A物体相连，弹簧处于自然状态，其劲度系数为250N/m，A与B之间、B与地面之间的动摩擦因数均为μ=0.5．现有一水平推力F作用于物体B上使B缓慢地向墙壁移动，当移动0.2m时，水平推力F的大小为（g取10m/s2）（　　）‎ A．350 N B．300 N C．250 N D．200 N ‎3．如图所示为一个人造地球卫星沿椭圆轨道绕地球运动的轨迹，在卫星由近地点a运动到远地点b的过程中（　　）‎ A．地球引力对卫星不做功 B．卫星运行的速率不变 C．卫星的重力势能增加 D．卫星的动能增加 ‎4．水平传送带以速度v匀速传动，一质量为m的小木块 A由静止轻放在传送带上，若小木块与传送带间的动摩擦因数为μ，如图所示，在小木块与传送带相对静止时，转化为内能的能量为（　　）‎  A．mv2 B．2mv2 C． mv2 D． mv2‎ ‎5．带电粒子垂直进入匀强电场中偏转时（除电场力外不计其它力的作用）（　　）‎ A．电势能增加，动能增加 B．电势能减小，动能增加 C．电势能和动能都不变 D．上述结论都不正确 ‎6．将两个定值电阻R1、R2并联在电压为U的电源两端，R1消耗的功率为P1，R2消耗的功率为3P1，当把它们串联在电压为4U的电源两端时，下列说法正确的是（　　）‎ A．R1两端的电压为U B．R2消耗的功率变小 C．通过R2的电流变小 D．两个电阻消耗的总功率为12P1‎ ‎7．某电容器的电容是30 μF，额定电压为200V，击穿电压为400V，对于该电容器，下列说法中正确的是（　　）‎ A．为使它的两极板间的电压增加1 V，所需要的电荷量是3×10﹣5 C B．给电容器带1 C的电荷量，两极板间的电压为3×10﹣5V C．该电容器能容纳的电荷量最多为6×10﹣3C D．该电容器两极板间能承受的最大电压为200 V ‎8．如图所示，电路中R1、R2均为可变电阻，电源内阻不能忽略，平行板电容器C的极板水平放置，闭合电键S，电路达到稳定时，带电油滴悬浮在两板之间静止不动，如果仅改变下列某一个条件，油滴仍能静止不动的是（　　）‎ A．增大R1的阻值 B．增大R2的阻值 C．增大两板间的距离 D．断开电键S ‎9．在如图所示的电路中，R1、R2、R3和R4皆为定值电阻，R5为可变电阻，电源的电动势为ɛ，内阻为r．设电流表A的读数为I，电压表V的读数为U．当R5的滑动触点向图中a端移动时（　　）‎ A．I变大，U变小 B．I变小，U变小 C．I变大，U变大 D．I变小，U变大 ‎10．在如图所示的电路中，R1=R3＜R2=R4，P1、P2、P3、P4分别对应的是R1、R2、R3、R4消耗的功率，在A、B两端接上电源后，各个电阻消耗的电功率的大小关系为（　　）‎ A．P1=P2＜P3=P4 B．P2＞P1＞P3＞P4 C．P2＞P1＞P4＞P3 D．P1＞P2＞P3＞P4‎ ‎　‎ 二、多选题．（每小题4分，共20分，全对得4分，漏选得2分）‎ ‎11．如图所示，电路中A、B为两块竖直放置的金属板，C是一只静电计，开关S合上后，静电计指针张开一个角度，下述做法可使静电计指针张角增大的是（　　）‎ A．使A、B两板靠近一些 B．使A、B两板正对面积减小一些 C．断开S后，使B板向右平移一些 D．断开S后，使A、B正对面积减小一些 ‎12．如图所示，在球壳内部球心放置带电荷量为+Q的点电荷，球壳内有A点，壳壁中有B点，壳外有C点，则下列说法正确的是（　　）‎ A．EA＞EC＞EB B．A、B、C三点的电势φA=φB＞φC C．EA＞EB＞EC D．A、B、C三点的电势φA＞φB＞φC ‎13．一灯泡标有“220V，100W”字样将其接到110V的电源上（不考虑灯泡电阻的变化），则有（　　）‎ A．灯泡的实际功率为50W B．灯泡的实际功率为25W C．通过灯泡的电流为额定电流的 D．通过灯泡的电流为额定电流的 ‎14．如图所示的电路中，电源电动势为12V，内阻为2Ω，四个电阻的阻值已在图中标出．闭合开关S，下列说法正确的有（　　）‎ A．路端电压为10 V B．电源的总功率为10 W C．a、b间电压的大小为5 V D．a、b间用导线连接后，电路的总电流为1 A ‎15．如图所示是电阻R的I﹣U图象，图中α=45°，由此得出（　　）‎ A．通过电阻的电流与两端电压成正比 B．电阻R=0.5Ω C．因I﹣U图象的斜率表示电阻的倒数，故R==1.0Ω D．在R两端加上6.0V的电压时，每秒通过电阻横截面的电荷量是3.0C ‎　‎ 三、实验题．（每空3分，共15分）‎ ‎16．用多用电表的欧姆挡测量一未知电阻的阻值，若将选择倍率的旋钮拨至“×100Ω”的挡时，测量时指针停在刻度盘0Ω附近处．为了提高测量的精确性，有下列可供选择的步骤：‎ A．将两根表笔短接 ‎ B．将选择开关拨至“×l KΩ”挡 C．将选择并关拨至“×10Ω”挡 D．将两根表笔分别接触待测电阻的两端，记下读数 E．调节调零电阻，使指针停在0Ω刻度线上 F．将选择开关拨至交流电压最高挡上 将上述中必要的步骤选出来，这些必要步骤的合理的顺序　　（填写步骤的代号）；若操作正确，上述D步骤中，指针偏转情况如图所示．则此未知电阻的阻值Rx=　　．‎ ‎17．在利用伏安法测定电池的电动势和内电阻的实验中，某同学的实际连线如图甲所示．（电流表A：0～0.6～3A，电压表V：0～3～15V）‎ ‎（1）经仔细检查、诊断知，该图中有两处不太合理的连线，那么这两处不太合理的连线对应的编号是　　．‎ ‎（2）若利用改正后的正确的连线图，实验后，测得数据，并画出电源的输出特性图象（U﹣I图）如图乙．则该电源的电动势为　　，电源内阻为　　．‎ ‎　‎ 四、计算题．（18题10分，19题10分，20题15分，共35分）‎ ‎18．把质量m的带负电小球A，用绝缘细绳悬起，若将带电荷量为Q的带正电球B靠近A，当两个带电小球在同一高度相距r时，绳与竖直方向成α角．试求：‎ ‎（1）A球受到的绳子拉力多大？‎ ‎（2）A球带电荷量是多少？‎ ‎19．如图所示，电源电动势E=6V，电源内阻不计．定值电阻R1=2.4kΩ、R2=4.8kΩ．‎ ‎（1）若在ab之间接一个C=100μF的电容器，闭合开关S，电路稳定后，求电容器上所带的电量；‎ ‎（2）若在ab之间接一个内阻RV=4.8kΩ的电压表，求电压表的示数．‎ ‎20．一台电风扇，内阻为20Ω，接上220V电压后，消耗功率66W．‎ ‎（1）电风扇正常工作时通过电动机的电流是多少？‎ ‎（2）电风扇正常工作时转化为机械能的功率是多少？转化为内能的功率是多少？电动机的效率多少？‎ ‎（3）如果接上电源后，电风扇的风叶被卡住，不能转动，这时通过电动机的电流，以及电动机消耗的电功率和发热功率是多少？‎ ‎　‎ ‎2016-2017学年黑龙江省大庆市杜蒙县高二（上）月考物理试卷（12月份）‎ 参考答案与试题解析 ‎　‎ 一、单选题（每小题3分，共30分）‎ ‎1．a、b两车在平直公路上行驶，其v﹣t图象如图所示，在t=0时，两车间距为s0，在t=t1时间内，a车的位移大小为s，则（　　）‎ A．0～t1时间内a、b两车相向而行 B．0～t1时间内a车平均速度大小是b车平均速度大小的2倍 C．若a、b在t1时刻相遇，则s0=s D．若a、b在时刻相遇，则下次相遇时刻为2t1‎ ‎【考点】匀变速直线运动的图像．‎ ‎【分析】根据速度的正负得出两车的运动方向，根据平均速度推论求出两车的平均速度大小，从而得出平均速度的大小关系．结合图线围成的面积分析相遇情况．‎ ‎【解答】解：A、由图象可知0～t1时间内两车速度均为正，故同向行驶，故A错误；‎ B、0～t1时间内两车平均速度大小分别是，，可知0～t1时间内a车平均速度大小是b车平均速度大小的3倍，故B错误；‎ C、若a、b在t1时刻相遇，说明0～t1时间内a比b多出来的位移刚好是s0，如右图所示：‎ 图象与坐标轴所围成的面积表示对应过程的位移，因为a车的位移为s，则，故C正确；‎ D、若a、b在时刻相遇，则下次相遇时刻为从时刻开始计时，到二者具有相同的位移的时刻，如下图：‎ 故下次相遇的时刻为，故D错误．‎ 故选：C．‎ ‎　‎ ‎2．如图，A、B两物体叠放在水平地面上，A物体m=20kg，B物体质量M=30kg．处于水平位置的轻弹簧一端固定于墙壁，另一端与A物体相连，弹簧处于自然状态，其劲度系数为250N/m，A与B之间、B与地面之间的动摩擦因数均为μ=0.5．现有一水平推力F作用于物体B上使B缓慢地向墙壁移动，当移动0.2m时，水平推力F的大小为（g取10m/s2）（　　）‎ A．350 N B．300 N C．250 N D．200 N ‎【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．‎ ‎【分析】判断物体B上缓慢地向墙壁移动0.2m时，A物块有无滑动，然后根据对B受力分析，根据平衡求出水平推力F的大小．‎ ‎【解答】解：若A物块与B间未发生相对滑动，则弹簧的压缩量为0.2m，则弹簧的弹力F1=kx=250×0.2N=50N＜μmg=100N．假设成立．‎ 对B在竖直方向上平衡，在水平方向上受推力F、A对B的静摩擦力、地面的滑动摩擦力，根据平衡有：F=f1+f2=F1+μ（M+m）g=50+250N=300N．故B正确，A、C、D错误．‎ 故选：B．‎ ‎　‎ ‎3．如图所示为一个人造地球卫星沿椭圆轨道绕地球运动的轨迹，在卫星由近地点a运动到远地点b的过程中（　　）‎ A．地球引力对卫星不做功 B．卫星运行的速率不变 C．卫星的重力势能增加 D．卫星的动能增加 ‎【考点】机械能守恒定律．‎ ‎【分析】根据万有引力公式明确速率的变化；根据功的公式确定引力是否做功；根据动能及势能的定义明确重力势能和动能的变化．‎ ‎【解答】解：卫星由近地点和远地点移动时，地球引力对卫星做负功；故A错误；‎ B、由于卫星高度增加，重力重力势能增加，动能减小；故速率减小；故BD错误，C正确；‎ 故选：C．‎ ‎　‎ ‎4．水平传送带以速度v匀速传动，一质量为m的小木块 A由静止轻放在传送带上，若小木块与传送带间的动摩擦因数为μ，如图所示，在小木块与传送带相对静止时，转化为内能的能量为（　　）‎  A．mv2 B．2mv2 C． mv2 D． mv2‎ ‎【考点】功能关系；牛顿第二定律．‎ ‎【分析】小木块放在传送带上在滑动摩擦力的作用下做匀加速运动，最终小木块与传送带相对静止说明小木块与传送带的速度相等，也为v，可以根据恒力做功公式去求解．‎ ‎【解答】解：小木块受的滑动摩擦力f=μmg，‎ 其加速度为a=‎ 设小木块速度达到v时相对于传送带的△x=x传﹣x木=vt﹣=‎ 转化为内能的能量为：Wf=f△x=．‎ 故D正确，A、B、C错误．‎ 故选：D．‎ ‎　‎ ‎5．带电粒子垂直进入匀强电场中偏转时（除电场力外不计其它力的作用）（　　）‎ A．电势能增加，动能增加 B．电势能减小，动能增加 C．电势能和动能都不变 D．上述结论都不正确 ‎【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．‎ ‎【分析】粒子做类平抛运动，整个过程电场力做正功，电势能减小动能增加．‎ ‎【解答】解：整个过程电场力做正功，只有电势能与动能之间相互转化，根据能量守恒，减小的电势能全部转化为动能，故ACD错误，B正确．‎ 故选：B ‎　‎ ‎6．将两个定值电阻R1、R2并联在电压为U的电源两端，R1消耗的功率为P1，R2消耗的功率为3P1，当把它们串联在电压为4U的电源两端时，下列说法正确的是（　　）‎ A．R1两端的电压为U B．R2消耗的功率变小 C．通过R2的电流变小 D．两个电阻消耗的总功率为12P1‎ ‎【考点】电功、电功率．‎ ‎【分析】（1）两电阻并联时，根据并联电路的电压特点和P= 结合两电阻消耗的电功率求出电阻关系；‎ ‎（2）当把它们串联在电压为4U的电源两端时，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出此时R1两端的电压，根据P=I2R求出R2消耗的功率，根据P=UI求出电路消耗的总功率．‎ ‎【解答】解：当R1、R2并联在电压为U的电源两端时，两电阻两端的电压为U，‎ 根据P= 可知：，即R1=3R2；‎ 当把它们串联在电压为4U的电源两端时，‎ 电路中的电流I=，故通过R2的电流不变，故C错误；‎ R1两端的电压U1=IR1=×3R2=3U，故A错误；‎ R2消耗的功率P2=I2R2=（）2R2==3P1，R2消耗的功率不变，故B错误；‎ 两个电阻消耗的总功率P=U′I=4U×=4×=4×3P1=12P1，故D正确．‎ 故选D．‎ ‎　‎ ‎7．某电容器的电容是30 μF，额定电压为200V，击穿电压为400V，对于该电容器，下列说法中正确的是（　　）‎ A．为使它的两极板间的电压增加1 V，所需要的电荷量是3×10﹣5 C B．给电容器带1 C的电荷量，两极板间的电压为3×10﹣5V C．该电容器能容纳的电荷量最多为6×10﹣3C D．该电容器两极板间能承受的最大电压为200 V ‎【考点】电容器．‎ ‎【分析】由Q=UC可知电压与电量间的关系，要注意额定电压与击穿电压的区别．‎ ‎【解答】解：A、由Q=UC可知，电压增大1V时，需要增加的电荷量为：Q=UC=30×10﹣6×200C=3×10﹣5 C，故A正确；‎ B、给电容器带1C的电荷，则电压U==×10﹣5V，故B错误；‎ C、由Q=UC可知，当电压达击穿电压时，电荷量达最多，最大值为：Qm=400×30×10﹣6=1.2×10﹣3C，故C错误；‎ D、两极板间能承受的最大电压为击穿电压为400V，故D错误；‎ 故选：A．‎ ‎　‎ ‎8．如图所示，电路中R1、R2均为可变电阻，电源内阻不能忽略，平行板电容器C的极板水平放置，闭合电键S，电路达到稳定时，带电油滴悬浮在两板之间静止不动，如果仅改变下列某一个条件，油滴仍能静止不动的是（　　）‎ A．增大R1的阻值 B．增大R2的阻值 C．增大两板间的距离 D．断开电键S ‎【考点】闭合电路的欧姆定律；电容器的动态分析．‎ ‎【分析】分析清楚电路结构，求出极板间的电场强度，求出油滴受到的电场力，然后根据电场力的表达式分析答题．‎ ‎【解答】解：根据图示电路图，由欧姆定律可得：电容器两端电压：U=IR1=R1==，‎ 油滴受到的电场力：F=qE=q=开始时油滴静止不动，F=mg，要使油滴保持静止不动，则电场力应保持不变；‎ A、增大R1的阻值，电场力：F=变大，电场力大于重力，油滴受到的合力向上，油滴向上运动，故A错误；‎ B、增大R2的阻值，电场力：F=不变，电场力与重力仍然是一对平衡力，油滴静止不动，故B正确；‎ C、增大两板间的距离，极板间的电场强度减小，电场力减小，小于重力，油滴受到的合力向下，油滴向下运动，故C错误；‎ D、断开电键S，极板间的电场强度为零，电场力为零，油滴受到重力作用，油滴向下运动，故D错误．‎ 故选：B．‎ ‎　‎ ‎9．在如图所示的电路中，R1、R2、R3和R4皆为定值电阻，R5为可变电阻，电源的电动势为ɛ，内阻为r．设电流表A的读数为I，电压表V的读数为U．当R5的滑动触点向图中a端移动时（　　）‎ A．I变大，U变小 B．I变小，U变小 C．I变大，U变大 D．I变小，U变大 ‎【考点】闭合电路的欧姆定律．‎ ‎【分析】当R5的滑动触点向图中a端移动时，R5变小，外电路总电阻变小，根据欧姆定律分析总电流和路端电压的变化，确定电流表A和电压表的读数变化．‎ ‎【解答】解：当R5的滑动触点向图中a端移动时，R5变小，外电路总电阻变小，则由闭合电路欧姆定律知，总电流I变大，路端电压变小，U变小．‎ 根据闭合电路欧姆定律，电路中并联部分电压U并=E﹣I（r+R1+R3）变小，则I变小．‎ 故选：B．‎ ‎　‎ ‎10．在如图所示的电路中，R1=R3＜R2=R4，P1、P2、P3、P4分别对应的是R1、R2、R3、R4消耗的功率，在A、B两端接上电源后，各个电阻消耗的电功率的大小关系为（　　）‎ A．P1=P2＜P3=P4 B．P2＞P1＞P3＞P4 C．P2＞P1＞P4＞P3 D．P1＞P2＞P3＞P4‎ ‎【考点】电功、电功率．‎ ‎【分析】先根据公式P=比较P3与P4的大小，再根据公式P=I2R分别比较P1与P3的大小，P1与P2的大小．‎ ‎【解答】解：R3与R4并联，电压相等，R3＜R4，根据公式P=知：P3＞P4．‎ 通过R1的电流大于通过R3的电流，R1=R3，根据公式P=I2R得知：P1＞P3．‎ R1与R2串联，电流相等，而R1＜R2，根据公式P=I2R得知，P2＞P1．所以有：P2＞P1＞P3＞P4．‎ 故选：B．‎ ‎　‎ 二、多选题．（每小题4分，共20分，全对得4分，漏选得2分）‎ ‎11．如图所示，电路中A、B为两块竖直放置的金属板，C是一只静电计，开关S合上后，静电计指针张开一个角度，下述做法可使静电计指针张角增大的是（　　）‎ A．使A、B两板靠近一些 B．使A、B两板正对面积减小一些 C．断开S后，使B板向右平移一些 D．断开S后，使A、B正对面积减小一些 ‎【考点】电容器的动态分析．‎ ‎【分析】开关S闭合，电容器两端的电势差不变；断开S，电容器所带的电量不变；通过确定电容器两端间的电势差变化判断指针张角的变化．‎ ‎【解答】解：A、B、开关S闭合，电容器两端的电势差不变，等于电源的电动势，则指针的张角不变．故A、B均错误．‎ C、断开S，电容器所带的电量不变，B板向右平移拉开些，则电容减小，根据U=知，电势差增大，则指针张角增大．故C正确．‎ D、断开S，电容器所带的电量不变，A、B的正对面积错开，电容减小，根据U=知，电势差增大，则指针张角增大．故D正确．‎ 故选：CD．‎ ‎　‎ ‎12．如图所示，在球壳内部球心放置带电荷量为+Q的点电荷，球壳内有A点，壳壁中有B点，壳外有C点，则下列说法正确的是（　　）‎ A．EA＞EC＞EB B．A、B、C三点的电势φA=φB＞φC C．EA＞EB＞EC D．A、B、C三点的电势φA＞φB＞φC ‎【考点】静电场中的导体．‎ ‎【分析】处于静电平衡的导体在近端感应出等量的异种电荷，在远端感应出等量的同种电荷，导体内部场强处处为零．‎ ‎【解答】解：+Q在球壳内外表面感应出等量的异种电荷，即球壳内为﹣Q，球壳外为+Q且均匀分布．画出这时候的电场线，在球壳的内外的场强和没有球壳一样．靠近球心处的场强大、远离球心处的场强小，故A正确；‎ 沿电场线电势降落，故A、B、C三点的电势φA＞φB＞φC；故D正确；‎ 故选：AD ‎　‎ ‎13．一灯泡标有“220V，100W”字样将其接到110V的电源上（不考虑灯泡电阻的变化），则有（　　）‎ A．灯泡的实际功率为50W B．灯泡的实际功率为25W C．通过灯泡的电流为额定电流的 D．通过灯泡的电流为额定电流的 ‎【考点】电功、电功率．‎ ‎【分析】由标牌数据可得灯泡的电阻和额定电流．进而可得实际工作时的功率和电流．‎ ‎【解答】解：‎ AB、由标牌数据可得灯泡电阻为：‎ 故实际功率为：‎ P′=故A错误，B正确．‎ CD、实际工作的电流为：‎ 额定电流为：‎ 故I′=0.5I，故C正确，D错误．‎ 故选：BC ‎　‎ ‎14．如图所示的电路中，电源电动势为12V，内阻为2Ω，四个电阻的阻值已在图中标出．闭合开关S，下列说法正确的有（　　）‎ A．路端电压为10 V B．电源的总功率为10 W C．a、b间电压的大小为5 V D．a、b间用导线连接后，电路的总电流为1 A ‎【考点】闭合电路的欧姆定律．‎ ‎【分析】由串并联电路分别出初态的外接电阻阻由欧姆定律确定外压，求电流定功率；确定出a，b间的电势求其电压；a、b间用导线连接后电路结构变化，重新求电阻求电流．‎ ‎【解答】解：A、B、外阻为R： ==10Ω，则I===1A，则外压U=IR=10V，功率P=EI=12W，则A正确，B错误；‎ C、选电源负极为0势点，则b点电势为U=7.5V，a点电势为=2.5V，则ab间的电压为7.5﹣2.5=5V，则C正确；‎ D、a、b间用导线连接后外阻为R′，则R′=2×=7.5Ω，则电流I′==≠1A，则D错误；‎ 故选：AC．‎ ‎　‎ ‎15．如图所示是电阻R的I﹣U图象，图中α=45°，由此得出（　　）‎ A．通过电阻的电流与两端电压成正比 B．电阻R=0.5Ω C．因I﹣U图象的斜率表示电阻的倒数，故R==1.0Ω D．在R两端加上6.0V的电压时，每秒通过电阻横截面的电荷量是3.0C ‎【考点】欧姆定律．‎ ‎【分析】电阻R的I﹣U图象斜率的倒数等于电阻R，由数学知识分析电流与电压的关系．对于电阻R，运用斜率求解，但不能根据直线倾角的正切的倒数求解．由图读出电压为U=6V时的电流，由q=It求解每秒内通过电阻的电荷量．‎ ‎【解答】解：A、根据数学知识可知，通过电阻的电流与两端电压成正比，故A正确 BC、根据电阻的定义式R=可知，I﹣U图象斜率的倒数等于电阻R，则得R=Ω=2Ω，故BC错误．‎ D、由图知，当U=6V时，I=3A，则每秒通过电阻横截面的电荷量是q=It=3×1C=3.0C，故D正确．‎ 故选：AD．‎ ‎　‎ 三、实验题．（每空3分，共15分）‎ ‎16．用多用电表的欧姆挡测量一未知电阻的阻值，若将选择倍率的旋钮拨至“×100Ω”的挡时，测量时指针停在刻度盘0Ω附近处．为了提高测量的精确性，有下列可供选择的步骤：‎ A．将两根表笔短接 ‎ B．将选择开关拨至“×l KΩ”挡 C．将选择并关拨至“×10Ω”挡 D．将两根表笔分别接触待测电阻的两端，记下读数 E．调节调零电阻，使指针停在0Ω刻度线上 F．将选择开关拨至交流电压最高挡上 将上述中必要的步骤选出来，这些必要步骤的合理的顺序　C、A、E、D、F　（填写步骤的代号）；若操作正确，上述D步骤中，指针偏转情况如图所示．则此未知电阻的阻值Rx=　160Ω　．‎ ‎【考点】用多用电表测电阻．‎ ‎【分析】（1）欧姆表指针指在中间附近时，读数最准确；欧姆表每次使用应该先选档位，然后欧姆调零，最后测量；再换挡位、测量；最后调到交流最大电压挡；‎ ‎（2）欧姆表读数等于表盘读数乘以倍率．‎ ‎【解答】解：用“×100Ω”测电阻时挡时，指针停在刻度盘0Ω附近，说明所选挡位太大，为准确测量电阻阻值，应换用小挡，应选“×‎ ‎10Ω”挡，然后对欧姆表重新进行欧姆调零，然后再测电阻阻值，欧姆表使用完毕后，要把选择开关置于OFF挡或交流电源最高挡上，因此合理的实验步骤是：C、A、E、D、F；‎ 由图象表盘可知，待测电阻阻值为：16×10Ω=160Ω；‎ 故答案为：C、A、E、D、F；160Ω．‎ ‎　‎ ‎17．在利用伏安法测定电池的电动势和内电阻的实验中，某同学的实际连线如图甲所示．（电流表A：0～0.6～3A，电压表V：0～3～15V）‎ ‎（1）经仔细检查、诊断知，该图中有两处不太合理的连线，那么这两处不太合理的连线对应的编号是　③⑤　．‎ ‎（2）若利用改正后的正确的连线图，实验后，测得数据，并画出电源的输出特性图象（U﹣I图）如图乙．则该电源的电动势为　3V　，电源内阻为　2Ω　．‎ ‎【考点】测定电源的电动势和内阻．‎ ‎【分析】（1）根据实验原理图明确实物图是否正确；找出不合理的导线；‎ ‎（2）U﹣I图中图象与纵坐标的交点为是电源的电动势，根据斜率表示内电阻求解电源内阻．‎ ‎【解答】解：（1）图示的实物图中开关起不到控制电压表的作用，所以导线⑤错误；导线③中电流表量程不对，所以导线③连接错误；‎ ‎（2）由U=E﹣Ir可知，图象与纵坐标的交点为电源的电动势，图象的斜率表示内阻，则由图象得电动势为3 V，直线斜率为k==2，所以内阻为2Ω．‎ 故答案为：（1）③⑤（2）3 V　2Ω ‎　‎ 四、计算题．（18题10分，19题10分，20题15分，共35分）‎ ‎18．把质量m的带负电小球A，用绝缘细绳悬起，若将带电荷量为Q的带正电球B靠近A，当两个带电小球在同一高度相距r时，绳与竖直方向成α角．试求：‎ ‎（1）A球受到的绳子拉力多大？‎ ‎（2）A球带电荷量是多少？‎ ‎【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；库仑定律．‎ ‎【分析】（1）对小球A受力分析，受到重力、静电引力和细线的拉力，根据三力平衡求出绳子拉力；‎ ‎（2）根据库仑定律求解出小球A的带电量．‎ ‎【解答】（1）带负电的小球A处于平衡状态，A受到库仑力F′、重力mg以及绳子的拉力T的作用，其合力为零．因此　　mg﹣Tcosα=0　　　F′﹣Tsinα=0‎ 得　T= F′=mgtanα ‎（2）根据库仑定律F′=k ‎∴‎ 答：（1）A球受到的绳子拉力为．‎ ‎（2）A球带电荷量是．‎ ‎　‎ ‎19．如图所示，电源电动势E=6V，电源内阻不计．定值电阻R1=2.4kΩ、R2=4.8kΩ．‎ ‎（1）若在ab之间接一个C=100μF的电容器，闭合开关S，电路稳定后，求电容器上所带的电量；‎ ‎（2）若在ab之间接一个内阻RV=4.8kΩ的电压表，求电压表的示数．‎ ‎【考点】闭合电路的欧姆定律；电容．‎ ‎【分析】（1）电路稳定后，电容器的电压等于R2的电压．对于电路结构，电容器相当开关断开．求出电压，即可求出电容器的电量．‎ ‎（2）在ab之间接一个内阻RV=4.8kΩ的电压表，电压表相当一个电阻，电路结构是电压表与R2并联，再与R1串联．根据欧姆定律求出电压表的示数．‎ ‎【解答】解：（1）设电容器上的电压为Uc．则 ‎ 电容器的带电量Q=CUC，代入解得：Q=4×10﹣4C ‎ （2）设电压表与R2并联后电阻为R并=‎ ‎ 则电压表上的电压为：UV=E ‎ 解得：UV=3V 答：（1）电容器上所带的电量为4×10﹣4C；‎ ‎ （2）若在ab之间接一个内阻RV=4.8kΩ的电压表，电压表的示数为3V．‎ ‎　‎ ‎20．一台电风扇，内阻为20Ω，接上220V电压后，消耗功率66W．‎ ‎（1）电风扇正常工作时通过电动机的电流是多少？‎ ‎（2）电风扇正常工作时转化为机械能的功率是多少？转化为内能的功率是多少？电动机的效率多少？‎ ‎（3）如果接上电源后，电风扇的风叶被卡住，不能转动，这时通过电动机的电流，以及电动机消耗的电功率和发热功率是多少？‎ ‎【考点】电功、电功率．‎ ‎【分析】（1）根据功率P=UI可以求得电动机的电流的大小；‎ ‎（2）由PQ=I2r可以求得转化为内能的功率的大小，再由P机=P﹣PQ可以求得转化为机械能的功率；‎ ‎（3）当扇叶被卡住不能转动时，此时可以看做是纯电阻，总的功率即为发热的功率．‎ ‎【解答】解：（1）由P=UI可得 电流I===0.3A；‎ ‎（2）线圈电阻发热功率PQ=I2r=1.8w；‎ 机械功率P机=P﹣PQ=64.2W；‎ 效率为机械功率与总功率之比为η==97.3%．‎ ‎（3）当叶片不转动时，作纯电阻，I==11A；‎ P=UI=I2r=2420w．‎ 答：（1）电风扇正常工作时通过电动机的电流是0.3A；‎ ‎（2）电风扇正常工作时转化为机械能的功率是64.2W，转化为内能的功率是1.8W，电动机的效率为97.3%；‎ ‎（3）如果接上电源后，电风扇的风叶被卡住，不能转动，这时通过电动机的电流为11A，电动机消耗的电功率和发热功率都是2420W．‎ ‎　‎