2020学年高二物理6月月考试题（高新部） 新版 新人教版

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高新部高二6月月考物理试题 一、选择题（本题包括12小题，每小题4分，共48分）‎ ‎1．关于动量和动能，下列说法中错误的是（ ）‎ A. 合外力的冲量为零，物体的动量的增量一定为零 B. 做变速运动的物体，动量一定不断变化 C. 合外力对物体做功为零，物体动能的增量一定为零 D. 做变速运动的物体，动能一定不断变化 ‎2．质量为‎0.2 kg的球竖直向下以‎6 m/s的速度落至水平地面，再以‎4 m/s的速度反向弹回。取竖直向上为正方向，在小球与地面接触的时间内，关于小球动量变化量Δp和合外力对小球做的功W，下列说法正确的是(　　)‎ A．Δp＝‎2 kg·m/s，W＝－2 J B．Δp＝－‎2 kg·m/s，W＝2 J C．Δp＝‎0.4 kg·m/s，W＝－2 J D．Δp＝－‎0.4 kg·m/s，W＝2 J ‎3．如图所示，质量为M的斜面小车静止在水平面上，质量为m的物块从斜面上端由静止释放，不计一切摩擦，物块从斜面底端滑出时，物块与斜面小车的速度大小关系是(　　)‎ A. v1∶v2＝M∶m B. v1∶v2＝m∶M C. v1∶v2＞M∶m D. v1∶v2＜M∶m ‎4．如图甲所示，静止在水平地面上的物块A，受到水平拉力F的作用，F与时间t的关系如图乙所示。设物块与地面间的最大静摩擦力fm的大小与滑动摩擦力大小相等。则（ ）‎ A．0～t1时间内F的冲量为零 B．t2时刻物块A的速度最大 C．t3时刻物块A的动能最大 D．0～t3时间内F对物块A先做正功后做负功 ‎5．如图所示，在水平光滑地面上有A、B两个木块，之间用一轻弹簧连接．A靠在墙壁上，用力F向左推B使两木块之间弹簧压缩并处于静止状态。若突然撤去力F，则下列说法中正确的是（ ）‎ A. 木块A离开墙壁前，A、B和弹簧组成的系统动量守恒，机械能也守恒 B. 木块A离开墙壁前，A、B和弹簧组成的系统动量不守恒，机械能也不守恒 C. 木块A离开墙壁后，A、B和弹簧组成的系统动量守恒，机械能也守恒 D. 木块A离开墙壁后，A、B和弹簧组成的系统动量不守恒，但机械能守恒 - 7 -‎ ‎6如图，两滑块A、B在光滑水平面上沿同一直线相向运动，滑块A的质量为m，速度大小为2v0，方向向右，滑块B的质量为‎2m，速度大小为v0，方向向左，两滑块发生弹性碰撞后的运动状态是(　　)‎ A．A和B都向左运动　　 B．A和B都向右运动 C．A静止，B向右运动 D．A向左运动，B向右运动 ‎7．我国女子短道速滑队在今年世锦赛上实现女子3 ‎000 m接力三连冠。观察发现，“接棒”的运动员甲提前站在“交捧”的运动员乙前面。并且开始向前滑行，待乙追上甲时，乙猛推甲一把，使甲获得更大的速度向前冲出。在乙推甲的过程中，忽略运动员与冰面间在水平方向上的相互作用，则(　　)‎ A．甲对乙的冲量一定等于乙对甲的冲量 B．甲、乙的动量变化一定大小相等方向相反 C．甲的动能增加量一定等于乙的动能减少量 D．甲对乙做多少负功，乙对甲就一定做多少正功 ‎8．下列说法正确的是(　　)‎ A．相对论认为空间和时间与物质的运动状态有关 B．光的偏振现象说明光是一种横波 C．根据麦克斯韦的电磁场理论可知，变化的电场周围一定可以产生变化的磁场 D．验钞机是利用红外线使钞票上的荧光物质产生发光效应进行防伪的 ‎9.利用光的干涉，两台相距很远(几千公里)联合动作的射电望远镜观察固体的射电恒星，可以精确测定大陆板块漂移速度，模型可简化为如图所示的双缝干涉，将射电恒星看成点光源S，分别在地球上不同大陆的两个望远镜相当于两个狭缝S1、S2，它们收到的光满足相干条件，汇集两望远镜信号的接收器相当于光屏，设某时刻光屏上P点到S1、S2的距离相等，S到S1、S2的距离也相等，当S2向上远离S1时，下列说法中正确的有(　　)‎ A．P点接收到的干涉信号先变强 B．P点接收到的干涉信号先变弱 - 7 -‎ C．干涉条纹间距发生改变 D．干涉条纹间距不变 ‎10．下列事例哪些应用了光的全反射现象(　　)‎ A．光导纤维通讯 B．用三棱镜观察太阳光谱 C．用白光照肥皂膜看到彩色条纹 D．某些光学仪器中用等腰直角玻璃三棱镜改变光路90°‎ ‎11．以下说法中正确的是(　　)‎ A．水面上的油膜在阳光照射下会呈现彩色，这是光的干涉现象 B．麦克斯韦首先预言了电磁波的存在，并通过实验加以证实 C．某种介质中振源振动得越快，机械波传播得就越快 D．运动物体的速度可以大于真空中的光速 ‎12.唐山市丰南区高三上学期期中试题)如图所示，一块质量为M的木板停在光滑的水平面上，木板的左端有挡板，挡板上固定一个小弹簧。一个质量为m的小物块(可视为质点)以水平速度v0从木板的右端开始向左运动，与弹簧碰撞后(弹簧处于弹性限度内)，最终又恰好停在木板的右端。根据上述情景和已知量，可以求出 (　　)‎ A．弹簧的劲度系数 B．弹簧的最大弹性势能 C．木板和小物块组成的系统最终损失的机械能 D．若再已知木板长度l可以求出木板和小物块间的动摩擦因数 二、非选择题（52分）‎ ‎13．如图，两块相同平板P1、P2置于光滑水平面上，质量均为m＝‎0.1kg。P2的右端固定一轻质弹簧，物体P置于P1的最右端，质量为M＝‎0.2kg且可看作质点。P1与P以共同速度v0＝‎4m/s向右运动，与静止的P2发生碰撞，碰撞时间极短，碰撞后P1与P2粘连在一起，P压缩弹簧后被弹回(弹簧始终在弹性限度内)。平板P1的长度L＝‎1m ，P与P1之间的动摩擦因数为μ＝0.2，P2上表面光滑。求：(14分)‎ ‎(1)P1、P2刚碰完时的共同速度v1；‎ ‎(2)此过程中弹簧的最大弹性势能Ep。‎ ‎(3)通过计算判断最终P能否从P1上滑下，并求出P的最终速度v2。‎ - 7 -‎ ‎14.如图4所示，由U形管和细管连接的玻璃泡A、B和C浸泡在温度均为‎0 ℃‎的水槽中，B的容积是A的3倍.阀门S将A和B两部分隔开.A内为真空，B和C内都充有气体.U形管内左边水银柱比右边的低‎60 mm.打开阀门S，整个系统稳定后，U形管内左右水银柱高度相等.假设U形管和细管中的气体体积远小于玻璃泡的容积.(14分)‎ 图4‎ ‎(1)求玻璃泡C中气体的压强(以mmHg为单位)；‎ ‎(2)将右侧水槽中的水从‎0 ℃‎加热到一定温度时，U形管内左右水银柱高度差又为‎60 mm，求加热后右侧水槽的水温.‎ ‎15.（10分）一种测量稀薄气体压强的仪器如图（a）所示，玻璃泡M的上端和下端分别连通两竖直玻璃细管K1和K2。K1长为l，顶端封闭，K2上端与待测气体连通；M下端经橡皮软管与充有水银的容器R连通。开始测量时，M与K2相通；逐渐提升R，直到K2中水银面与K1顶端等高，此时水银已进入K1，且K1中水银面比顶端低h，如图（b）所示。设测量过程中温度、与K2相通的待测气体的压强均保持不变。已知K1和K2的内径均为d，M的容积为V0，水银的密度为ρ，重力加速度大小为g。求：‎ ‎（i）待测气体的压强； *- +/ ‎ ‎（ii）该仪器能够测量的最大压强。‎ ‎16．(14分)如图所示，导热气缸(内壁光滑)与导热活塞质量均为m，缸内封闭一定质量的理想气体(气体质量远小于气缸质量可不计)，放在光滑导热的水平面上，静止时缸内气柱长为L0，当用恒力水平向右拉动活塞，缸内气柱稳定时长度为L1，环境气压和温度不变。‎ - 7 -‎ ‎(1)当用相同的恒力水平向右推气缸，求气柱稳定时的长度；‎ ‎(2)请分析上述两种情况下，气缸内的气体是吸热还是放热？‎ 参考答案 ‎1.D 2.A 3.C 4.C 5.C 6.D　7.B 8.AB　 9.BC　10.AD　 11.A　12.BCD。‎ ‎13.答案：(1)‎2m/s　(2)0.2J　(3)‎3m/s ‎[解析]　(1)P1、P2碰撞过程，由动量守恒定律得 mv0＝2mv1‎ 解得v1＝＝‎2m/s，方向水平向右；‎ ‎(2)对P1、P2、P系统，由动量守恒定律得 ‎2mv1＋Mv0＝(‎2m＋M)V′2‎ 解得v′2＝v0＝‎3m/s，方向水平向右，‎ 此过程中弹簧的最大弹性势能 Ep＝·2mv＋Mv－(‎2m＋M)v′＝0.2J；‎ ‎(3)对P1、P2、P系统，由动量守恒定律得 ‎2mv1＋Mv0＝2mv3－Mv2‎ 由能量守恒定律得 ·2mv＋Mv＝·2mv＋Mv＋μMgL 解得P的最终速度v2＝‎3m/s>0，即P能从P1上滑下，P的最终速度v2＝‎3m/s ‎14.答案　(1)180 mmHg　(2)364 K 解析　(1)在打开阀门S前，两水槽水温均为T0＝273 K.‎ 设玻璃泡B中气体的压强为p1，体积为VB，玻璃泡C中气体的压强为pC，依题意有p1＝pC＋Δp ①‎ 式中Δp＝60 mmHg.‎ 打开阀门S后，两水槽水温仍为T0，‎ 设玻璃泡B中气体的压强为pB，依题意，有pB＝pC ②‎ 玻璃泡A和B中气体的体积V2＝VA＋VB ③‎ 根据玻意耳定律得p1VB＝pBV2 ④‎ 联立①②③④式，并代入已知数据得 - 7 -‎ pC＝Δp＝180 mmHg ⑤‎ ‎(2)当右侧水槽的水温加热至T′时，U形管左右水银柱高度差为Δp，玻璃泡C中气体的压强pC′＝pB＋Δp ⑥‎ 玻璃泡C中的气体体积不变，根据查理定律得＝ ⑦‎ 联立②⑤⑥⑦式，并代入题给数据得T′＝364 K.‎ ‎15.【答案】（i） （ii）‎ ‎【解析】（i）水银面上升至M的下端使玻璃泡中的气体恰好被封住，设此时被封闭的气体的体积为V，压强等于待测气体的压强p。提升R，直到K2中水银面与K1顶端等高时，K1中的水银面比顶端低h；设此时封闭气体的压强为p1，体积为V1，则 ‎①‎ 该仪器能够测量的最大压强为⑧‎ ‎16.答案：(1)L2＝　(2)向右拉时，气体必须吸热；向右推时，气体必须放热 ‎[解析]　(1)设大气压为p0，气缸底面积为S，当向右拉活塞时，缸内气压设为p1‎ 对系统，由牛顿第二定律得F＝(M＋m)a＝2ma 对气缸，由牛顿第二定律得p0S－p1S＝Ma＝ma 又由玻意耳定律得p0SL0＝p1SL1‎ 当向右推气缸时，缸内气压设为p2，对系统仍有 - 7 -‎ F＝(M＋m)a＝2ma 对活塞，由牛顿第二定律得p2S－p0S＝ma 又由玻意耳定律得p0SL0＝p2SL2‎ 联立解得L2＝ ‎(2)向右拉时，因为L1＞L0，气体膨胀对外做功，而内能又不变(温度不变)，气体必须吸热；向右推时，因为L2＜L0，气体压缩，外界对气体做功，而内能又不变 (温度不变)，气体必须放热。‎ - 7 -‎