河南省南阳市第一中学2017届高三上学期第一次周考物理试题

河南省南阳市第一中学2017届高三上学期第一次周考物理试题

www.ks5u.com 一、选择题：（1-6为单选；6-10为多选）‎ ‎1、我国女子速滑队在今年世界锦标赛上实现了女子3000m的接力三连冠；观察发现“接棒”的运动员甲提前站在“交棒”的运动员乙前面，并且开始向前滑行，待乙追上甲时，乙猛推甲一把，使甲获得更大的速度向前冲出．在乙推甲的过程中，忽略运动员与冰面间在水平方向上的相互作用，则（　　）‎ A．甲对乙的冲量一定与乙对甲的冲量相同 ‎ B．甲、乙的动量变化一定大小相等、方向相反 ‎ C．甲的动能增加量一定等于乙的动能减少量 ‎ D．甲对乙做多少负功，乙对甲就一定做多少正功 ‎【答案】B 考点：动量守恒定律 ‎【名师点睛】本题考查动量守恒定律的应用；要注意掌握碰撞的分类：弹性碰撞和非弹性碰撞的相关知识是解决本题的关键.‎ ‎2、一物体运动的速度随时间变化的关系如图所示，根据图线可知 A．4 s内物体在做曲线运动 ‎ B．4 s内物体的速度一直在减小 ‎ C．物体的加速度在2.5 s时方向改变 ‎ D．4 s内物体一直做直线运动 ‎【答案】D 考点：v-t 图线 ‎【名师点睛】本题考查基本的读图能力，矢量的正负表示其方向，数值表示其大小．要知道运动图象只能反映直线运动的规律，不能表示曲线运动的情况。‎ ‎3、如图所示，一种射线管由平行金属板AB和平行于金属板的细管C组成，放射源O在A极板左端，可以向各个方向发射不同速度、质量为m的电子．若极板长为L，间距为d，当A、B板加上电压U时，只有某一速度的电子能从细管C水平射出，细管C离两板等距．已知元电荷为e，则从放射源O发射出的电子的这一速度为（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ 试题分析：将从细管C水平射出的电子逆过来看，时类平抛运动，则有：水平方向上：L=v0t，竖直方向上=at2，，联立解得：，而，所以：‎ ‎．故C正确，ABD错误．故选C.‎ 考点：带电粒子在电场中的运动。‎ ‎【名师点睛】本题采取逆向思维，关键掌握求解类平抛运动的方法，类平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做初速度为零的匀加速直线运动。‎ ‎4、如图所示，倾角为θ=300的光滑斜面上固定有竖直光滑挡板P，横截面为直角三角形的物块A放在斜面与P之间，则物块A对竖直挡板P的压力与物块A对斜面的压力大小之比为（　　）‎ A．2：1 B．1：2 C．：1 D． ：4‎ ‎【答案】B 考点：力的分解 ‎【名师点睛】本题考查了重力的分解，关键是明确力的实际作用效果，分解的步骤：①分析力的作用效果； ②据力的作用效果定分力的方向；（画两个分力的方向）；③用平行四边形定则定分力的大小；④据数学知识求分力的大小和方向。‎ ‎5、如图，长为L的粗糙长木板水平放置，在木板的A端放置一个质量为m的小木块；现缓慢抬高A端，使木板以左端为轴转动．当木板转到与水平面的夹角为α时，小物块开始滑动，此时停止转动木板，小物块滑到底端，重力加速度为g．下列说法正确的是（　　）‎ A．整个过程木板对物块做功大于物块机械能的增量 ‎ B．整个过程支持力对物块做功为零 ‎ C．整个过程木板对物块做功为零 ‎ D．整个过程支持力对物块做功为mgLsinα ‎【答案】D 考点：功能原理 ‎【名师点睛】当力是恒定时，除可由力与力的方向位移求出功外，还可以由动能定理来确定；当力是变化时，则只能由动能定理来求出力所做的功。‎ ‎6、如图所示，一根肠为L的轻杆OA，O端用铰链固定，轻杆靠在一个高为h的物块上，某时杆与水平方向的夹角为θ，物块向右运动的速度v，则此时A点速度为（　　）‎ A． B． C． D． ‎ ‎【答案】C 考点：运动的分解 ‎【名师点睛】解决本题的关键会根据平行四边形定则对速度进行分解，木块速度在垂直于杆子方向的分速度等于B点转动的线速度。‎ ‎7、我国在2016年9月15日成功发射“天宫二号”空间试验室；假设“天宫二号”舱中有一体重计，体重计上放一物体，火箭点火前，地面测控站监测到体重计对物体A的弹力为F0．在“天宫二号”随火箭竖直向上匀加速升空的过程中离地面高为h时．地面测控站监测到体重计对物体的弹力为F．“天宫二号”经火箭继续推动．进入预定圆轨道时距地面的高度为H．设地球半径为R．第一宇宙速度为v．则下列说法正确的是（　　）‎ A．“天宫二号”在预定轨道的运行速度一定大于第一宇宙度v ‎ B．“天宫二号”舱中物体A的质量为 ‎ C．火箭匀加速上升时的加速度 ‎ D．“天宫二号”在预定圆轨道上运行的周期为 ‎【答案】BD ‎【解析】‎ 试题分析：人造卫星轨道半径越高，运行速度越小；故天宫二号的运行速度小于第一宇宙速度；故A错误；‎ 考点：万有引力定律的应用 ‎【名师点睛】此题考查万有引力定律、牛顿运动定律、第一宇宙速度等知识点．解题中要注意物理量间的公式的换算。‎ ‎8、如图所示，水平地面上叠放着A、B两物块。F是作用在物块B上的水平恒力，物块A、B以相同的速度做匀速运动，若在运动中突然将F撤去，则此后A、B的运动可能是 A．A、B将仍以相同的速度做匀速运动 ‎ B．A做减速运动，B做减速运动，A的加速度大于B的，A、B最终分离 C．A做减速运动，B做减速运动，A 的加速度小于B的，A、B最终分离 D．A、B最终以共同的加速度做匀减速运动 ‎【答案】CD ‎【解析】‎ 试题分析：因开始时AB的整体在力F作用下做匀速运动，则物体B与地面之间有摩擦力作用，故若在运动中突然将F撤去时，A、B不可能仍以相同的速度做匀速运动 ，选项A错误；若AB接触面的摩擦因数小于B与地面之间的摩擦因数，则在运动中突然将F撤去，A做减速运动，B做减速运动，根据牛顿定律可得A的加速度小于B的加速度，A、B最终分离，选项C正确；若AB接触面的摩擦因数大于或等于B与地面之间的摩擦因数，则 在运动中突然将F撤去，A B一起做减速运动，选项D正确，B错误；故选CD.‎ 考点：牛顿定律的应用 ‎【名师点睛】本题考查分析运动情况和受力情况和的能力，要考虑各种可能的情况：AB接触面的摩擦因数与B与地面之间的摩擦因数的关系的几种情况。‎ ‎9、如图所示，甲、乙两种粗糙面不同但高度相同的传送带，倾斜于水平地面放置。以同样恒定速率v向上运动。现将一质量为m的小物体（视为质点）轻轻放在A处，小物体在甲传送带上到达B处时恰好达到传送带的速率v；在乙传送带上到达离B竖直高度为h的C处时达到传送带的速率v。已知B处离地面高度为H，则在物体从A到B的运动过程中 A．两种传送带对小物体做功相等 B．将小物体传送到B处，两种传送带消耗的电能相等 C．两种传送带与小物体之间的动摩擦因数甲的小 D．将小物体传送到B处，两种系统产生的热量相等 ‎【答案】AC 考点：牛顿第二定律；能量守恒定律 ‎【名师点睛】‎ 解决该题关键要能够对物块进行受力分析，运用运动学公式和牛顿第二定律找出相对位移和摩擦力的关系．要注意摩擦生热与相对位移有关.‎ ‎10、如图所示竖直放置的两个平行金属板间存在匀强电场，与两板上边缘等高处有两个质量相同的带电小球，P小球从紧靠左极板处由静止开始释放，Q小球从两板正中央由静止开始释放，两小球最后都能打在右极板上的同一点，则从开始释放到打到右极板的过程中（　　）‎ A．它们的电荷量之比qP：qQ=2：1‎ B．它们的电势能减少量之比△EP：△EQ=2：1 ‎ C．它们的运行时间tP=tQ ‎ D．它们的动能增加量之比△EKP：△EKQ=4：1‎ ‎【答案】AC 考点：带电粒子在电场中的运动 ‎【名师点睛】本题电荷在复合场中运动，采用运动的分解与合成的方法研究，是常用的方法．研究动能增加量关系，也可通过求末速度之比求解。‎ 二、实验题：‎ ‎11、某同学利用如下图所示的装置探究功与速度变化的关系：‎ ‎（1）小物块在橡皮筋的作用下弹出，沿水平桌面滑行，之后平抛落至水平地面上，落点即为M1；‎ ‎（2）在钉子上分别套上2条、3条、4条…同样的橡皮筋，使每次橡皮筋拉伸的长度都保持一致，重复步骤（1），小物块落点分别记为M2、M3、M4…； （3）测量相关数据，进行数据处理． ①为求出小物块从桌面抛出时的动能，需要测量下列物理量中的 ADE （填正确答案标号，g已知）． A．小物块的质量m     B．橡皮筋的原长x    C．橡皮筋的伸长量△x D．桌面到地面的高度h    E．小物块抛出点到落地点的水平距离L ②将几次实验中橡皮筋对小物块做功分别记为W1、W2、W3、…，小物块抛出点到落地点的水平距离分别记为L1、L2、L3、…．若功与速度的平方成正比，则应以W为纵坐标， L2为横坐标作图，才能得到一条直线． ③由于小物块与桌面之间的摩擦不能忽略，则由此引起的误差属于 （填“偶然误差”或“系统误差”）．‎ 系统误差 ‎【答案】（1） ADE （2）L2 （3）系统误差 考点：探究功与速度变化的关系 ‎【名师点睛】明确实验原理，根据相应规律得出表达式，然后讨论．还要知道系统误差和偶然误差的区别，系统误差是由于仪器的某些不完善、测量技术上受到限制或实验方法不够完善没有保证正确的实验条件等原因产生．偶然误差的特点是它的随机性．通过多次测量取平均值可以减小偶然误差，但无法消除．‎ ‎12、用图甲所示的电路，测定一节旧干电池的电动势和内阻；除电池、开关和导线外，可供使用的实验器材还有：‎ 双量程电流表：A（量程0～0.6A，0～3A）；‎ 双量程电压表：V（量程0～3V，0～15V）；‎ 滑动变阻器：R1（阻值范围0～10Ω，额定电流2A）；‎ R2（阻值范围0～100Ω，额定电流1A）‎ ‎①为了调节方便，测量精度更高，实验中应选用电流表的量程为 0～0. A，电压表的量程为 V，应选用滑动变阻器 （填写滑动变阻器符号）．0～3R1‎ ‎②根据图甲将图乙中的实物正确连接，注意闭合开关时滑动变阻器的滑片P应处于正确的位置并选择正确的电表量程进行连线． ③通过多次测量并记录对应的电流表示数I和电压表示数U，利用这些数据在图丙中画出了U-I图线．由图线可以得出此干电池的电动势E= V（保留3位有效数字），内电阻r= Ω（保留2位有效数字）．1.45‎ ‎1.3‎ ‎④引起该实验的系统误差的主要原因是 ‎ A A．由于电压表的分流作用造成电流表读数总是比电源实际输出的电流小 B．由于电压表的分流作用造成电流表读数总是比电源实际输出的电流大 C．由于电流表的分压作用造成电压表读数总是比路端电压小 D．由于电流表的分压作用造成电压表读数总是比路端电压大 ‎【答案】①0～0.6 ；0～3 V ；R1 ②见答图1 ③ 1.45； 1.3 ④ A ‎ ‎【解析】‎ 试题分析：（1）一节干电池的电动势约为1.5V，则电压表选3V量程，应用伏安法测一节干电池电动势与内阻时，最大电流约为零点几安培，则电流表选择0.6A量程，为方便实验操作，滑动变阻器应选R1； （2）根据图甲所示电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示．‎ V ‎－ 0.6 3‎ S R P 答图1‎ ‎+‎ ‎-‎ ‎ ‎ 考点：测定干电池的电动势和内阻 ‎【名师点睛】本题考查了实验器材的选择，选择实验器材时要掌握一下原则：安全性原则、精确性原则、方便实验操作性原则．电学实验产生的系统误差一般都来自电压表的分流和电流表的分压，正确分析误差是解答本题的关键，同时要结合数学知识理解图象斜率和截距的含义。‎ 三、计算题：‎ ‎13、哈利法塔，原名迪拜塔，又称迪拜大厦或比斯迪拜塔，是世界第一高楼与人工构造物，风速曾是修建的关键，一旦超过每秒70米，就必须停止施工，假设以v=70m/s速度推进，空气密度ρ=1.3kg/m3，建筑工人高度h=1.7m，平均宽度d=25cm，风遇到建筑工人后速度可认为零，大风对建筑工人冲击力为多少？ ‎ ‎【答案】2707N ‎【解析】‎ 试题分析：1s内，撞击建筑工人的大风的质量为：m＝ρSvt知S＝hd 又因为大风末速度为零，水平方向只受建筑工人对风的阻力作用 所以：Ft＝mv 综合以上三式并代入数据可得：F＝ρv2hd＝2707N 即大风对建筑工人的冲击力2707N。‎ 考点：动量定理 ‎【名师点睛】本题考查动量定理的应用，注意应先取单位时间的空气为研究对象，由动量定理求解。‎ ‎14、如图所示，一对带电平行金属板AB与竖直方向成300角放置，B板中心有一小孔正好位于平面直角坐标系xoy上的O点，y轴沿竖直方向．一比荷为1.0×105C/kg的带正电粒子P从A板中心O′处静止释放后沿O′O做匀加速直线运动，以速度vo=104m/s，方向与x轴正方向夹30°角从O点进入匀强电场，电场仅分布在x轴的下方，场强大E=×103V/m，方向与x轴正方向成60°角斜向上，粒子的重力不计．试求：‎ ‎（1）AB两板间的电势差UAB；‎ ‎（2）粒子P离开电场时的坐标；‎ ‎（3）若在P进入电场的同时，在电场中适当的位置由静止释放另一与P完全相同的带电粒子Q，可使两粒子在离开电场前相遇．求所有满足条件的释放点的集合（不计两粒子之间的相互作用力）．‎ ‎【答案】（1）500V．（2）（1，0）；（3），且0≤x≤0.75m．‎ 代入数据得：L=1m 所以P离开电场时的坐标为（1，0）‎ ‎ ‎ 考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；动能定理．‎ ‎【名师点睛】解决本题的关键是加速过程的研究方法：动能定理，类平抛运动的研究方法：运动的分解法，由牛顿第二定律和运动学公式结合求解。‎ ‎15、如图所示，AB为固定在竖直面内、半径为R的四分之一圆弧形光滑轨道，其末端（B端）切线水平，且距水平地面的高度也为R; 1、2两小滑块（均可视为质点）用轻细绳拴接在一起，在它们中间夹住一个被压缩的微小轻质弹簧．两滑块从圆弧形轨道的最高点A由静止滑下，当两滑块滑至圆弧形轨道最低点时，拴接两滑块的细绳突然断开，弹簧迅速将两滑块弹开，滑块2恰好能沿圆弧形轨道运动到轨道的最高点A．已知R=0.45m，滑块1的质量m1=0.16kg，滑块2的质量m2=0.04kg，重力加速度g取10m/s2，空气阻力可忽略不计．求：‎ ‎（1）两滑块一起运动到圆弧形轨道最低点细绳断开前瞬间对轨道的压力的大小；‎ ‎（2）在将两滑块弹开的整个过程中弹簧释放的弹性势能；‎ ‎（3）滑块2的落地点与滑块1的落地点之间的距离；‎ ‎【答案】（1）6.0N（2）0.90J（3）0.45m ‎（2）设弹簧迅速将两滑块弹开时，两滑块的速度大小分别为v1和v2，因滑块2恰好能沿圆弧形轨道运动到轨道最高点A，此过程中机械能守恒，所以对滑块2有 m2gR=m2v22 ‎ 解得v2=3．0m/s，方向向左 对于弹簧将两滑块弹开的过程，设水平向右为正方向，根据动量守恒定律有 ‎（m1+ m2）v=m1v1-m2v2 解得v1=4.5m/s 对于弹簧将两滑块弹开的过程，根据机械能守恒定律有E弹= m1v12+ m2v22-（m1+m2）v2‎ 解得E弹=0.90J ‎（3）设两滑块平抛运动的时间为t，根据h=gt2，‎ 解得两滑块做平抛运动的时间t==0.30s ‎ 滑块1平抛的水平位移x1=v1t=1.35m 滑块2从B点上滑到A点，再从A点返回到B点的过程，机械能守恒，因此其平抛的速度大小仍为v2，所以其平抛的水平位移x2=v2t=0.90m 所以滑块2的落地点与滑块1的落地点之间的距离Δx=x1-x2=0.45m 考点：抛体运动动量、动量守恒定律及其应用匀速圆周运动的向心力功能关系、机械能守恒定律及其应用.‎ ‎【名师点睛】解决本题首先要分析清楚物体的运动的情况，明确滑块在轨道上运动时，机械能守恒．也可以用动能定理直接计算滑块1落地时的速度大小。‎