物理卷·2017届甘肃省白银市会宁县第四中学高三上学期第二次月考（12月）（2016-12）

物理卷·2017届甘肃省白银市会宁县第四中学高三上学期第二次月考（12月）（2016-12）

会宁四中2016-2017学年度第一学期高三级第二次月考 物理试卷 一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分。1--8只有一个选项正确，9——12有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）‎ ‎1、匀速圆周运动中的向心加速度是描述：（ ）‎ A．线速度大小变化的物理量 B．线速度大小变化快慢的物理量 C．线速度方向变化的物理量 D．线速度方向变化快慢的物理量 ‎2、如图所示，在皮带传动装置中，主动轮A和从动轮B半径不等，皮带与轮之间无相对滑动，则下列说法中正确的是：（ ）‎ A B A．两轮的角速度相等 B．两轮边缘的线速度大小相同 ‎ C．两轮边缘的向心加速度大小相同 D．两轮转动的周期相同 ‎3、冰面对滑冰运动员的最大摩擦力为其重力的k倍，在水平冰面上沿半径为R的圆周滑行的运动员，若仅依靠摩擦力来提供向心力而不冲出圆形滑道，其运动的速度应满足：（ ）‎ A． B． C． D．‎ ‎4、火车以的加速度在平直轨道上加速行驶，车厢中一乘客把手伸出窗外从距地面高2.5m处自由释放一物体，不计空气阻力，物体落地时与乘客的水平距离为：（ ）‎ A．0 B．0.25m C．0.50m D．因不知火车速度无法判断 ‎5．由于地球的自转，使得静止在地面的物体绕地轴做匀速圆周运动．对于这些做匀速圆周运动的物体，以下说法正确的是(　　)‎ A．向心力都指向地心 B．速度等于第一宇宙速度 C．加速度等于重力加速度 D．周期与地球自转的周期相等 ‎6．原香港中文大学校长、被誉为“光纤之父”的华裔科学家高锟和另外两名美国科学家共同分享了2009年度的诺贝尔物理学奖．早在1996年中国科学院紫金山天文台就将一颗于1981年12月3日发现的国际编号为“3463”的小行星命名为“高锟星”。假设“高锟星”为均匀的球体，其质量为地球质量的，半径为地球半径的，则“高锟星”表面的重力加速度是地球表面重力加速度的(　　)‎ A. B. C. D. ‎7．若物体在运动过程中受到的合外力不为零，则(　　)‎ A．物体的动能不可能总是不变的 B．物体的加速度一定变化 C．物体的速度方向一定变化 ‎ D．物体所受合外力做的功可能为零 ‎8．小球自由落下，在与地面发生碰撞的瞬间，反弹速度与落地速度大小相等．若从释放时开始计时，不计小球与地面发生碰撞的时间及空气阻力，则下图中能正确描述小球各物理量与时间的关系是(　　)‎ ‎ AB CD ‎9．(多选题)可以发射一颗这样的人造地球卫星，使其圆轨道 (　　)‎ A．与地球表面上某一纬度线(非赤道)是共面同心圆 B．与地球表面上某一经度线所决定的圆是共面同心圆 C．与地球表面上的赤道线是共面同心圆，且卫星相对地球表面是静止的 D．与地球表面上的赤道线是共面同心圆，但卫星相对地球表面是运动的 ‎10．(多选题)如图所示，倾斜的传送带保持静止，一木块从顶端以一定的初速度匀加速下滑到底端．如果让传送带沿图中虚线箭头所示的方向匀速运动，同样的木块从顶端以同样的初速度下滑到底端的过程中，与传送带保持静止时相比(　　)‎ A．木块从顶端滑到底端的过程中，所用的时变长 ‎ B．木块从顶端滑到底端的过程中，所用的时间不变 C．木块在滑到底端的过程中，克服摩擦力所做的功变小 D．木块在滑到底端的过程中，系统产生的内能数值将变大 ‎11．(多选题)如图甲所示，甲、乙两个小球可视为质点，甲球沿倾角为30°的光滑足够长斜面由静止开始下滑，乙球做自由落体运动，甲、乙两球的动能与路程的关系图象如图乙所示．下列说法正确的是(　　)‎ 乙 A．甲球机械能不守恒，乙球机械能守恒 B．甲、乙两球的质量之比为m甲∶m乙＝4∶1‎ C．甲、乙两球的动能均为Ek0时，两球重力的瞬时功率之比为P甲∶P乙＝1∶1‎ D．甲、乙两球的动能均为Ek0时，两球高度相同 ‎12．(多选题)如图所示，电梯质量为M，它的水平地板上放置一质量为m的物体，电梯在钢索的拉力作用下由静止开始竖直向上加速运动．当上升高度为H时，电梯的速度达到v，则在这段过程中，下列说法中正确的(　　)‎ A．电梯地板对物体的支持力所做的功等于mv ‎ B．电梯地板对物体的支持力所做的功大于mv2‎ C．钢索的拉力所做的功等于MgH＋Mv2‎ D．钢索的拉力所做的功大于MgH＋Mv2‎ 二、 填空题(本题有2小题，共14分，请按题目要求作答)‎ ‎13、（4分）一游标卡尺的主尺最小分度为1mm，游标上有10‎ 个小等分间隔，现用此卡尺来测量工件的直径，如图20-2所示，该工件的直径为____。‎ ‎14．（10分）有四个实验小组完成用“控制变量法”探究“加速度与物体质量的关系”的实验时：‎ ‎（1）实验过程中，需要保持 不变。‎ ‎（2）（多选）为了验证“加速度与物体质量成反比”的猜想，采用图象法处理数据。图乙是四个小组描绘出的不同图象，你觉得能够准确验证上述猜想的图象有【 】‎ a m O O a A F A v F O O O m D B A F A v F C B A ‎（3）某小组用接在50Hz交流电源上的打点计时器测定小车的加速度时，得到一条如图所示的纸带，按时间顺序取0、1、2、3、4、5、6共7个计数点。0到6每相邻两记数点间各有四个打印点未画出。测得相邻计数点的距离依次为s1=1.40cm，s2=1.90cm，s3=2.38cm，s4=2.88cm，s5=3.39cm，s6=3.87cm。则物体的加速度__________m/s2。(结果保留两位有效数字) ‎ 三、计算题（本题3小题，共38分，解答是写出必要的文字说明，方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值运算的，答案中必须明确写出数值和单位）‎ ‎15、如图所示，一个人用一根长1 m，只能承受46 N拉力的绳子，拴着一个质量为1 kg的小球，在竖直平面内做圆周运动.已知圆心O离地面h=6 m，转动中小球在最低点时绳子断了.求：‎ ‎（1）绳子断时小球运动的角速度多大？‎ ‎（2）绳断后，小球落地点与抛出点间的水平距离 ‎16、(10分)如图甲所示，在倾角为30°的足够长且光滑的斜面AB前，有一粗糙水平面OA，OA长为4 m．有一质量为m的滑块，从O处由静止开始受一水平向右的力F作用．F只按图乙所示的规律变化，滑块与OA间的动摩擦因数μ＝0.25，g取10 m/s2，试求：‎ ‎ ‎ 甲 乙 ‎(1)滑块到A处的速度大小；‎ ‎(2)不计滑块在A处的速率变化，滑块冲上AB斜面的长度是多少？‎ ‎17、(14分)如图所示，竖直面内的曲线轨道AB的最低点B的切线沿水平方向，且与一位于同一竖直面内、半径R＝0.40 m的光滑圆形轨道平滑连接．现有一质量m＝0.10 kg的滑块(可视为质点)，从位于轨道上的A点由静止开始滑下，滑块经B点后恰好能通过圆形轨道的最高点C.已知A点到B点的高度h＝1.5 m，重力加速度g＝10 m/s2，空气阻力可忽略不计，求：‎ ‎(1)滑块通过圆形轨道B点时对轨道的压力大小；‎ ‎(2)滑块从A点滑至B点的过程中，克服摩擦阻力所做的功．‎ 会宁四中2016-2017学年度第一学期高三级第二次月考 物理答案 ‎ 1、D 2、B 3、B 4、B 5、D 6、C 7、D 8、D ‎ ‎ 9、BC 10、BD 11、BC 12、BD ‎9 人造卫星绕地球做圆周运动所需的向心力是万有引力提供的，人造卫星受地球的引力一定指向地心，所以任何人造卫星的稳定轨道平面都是通过地心的．A选项所述的卫星不能满足这个条件，A错．B选项所述的卫星虽然满足这个条件，但是由于地球在自转，经线所决定的平面也在转动，这样的卫星又不可能有与地球自转同方向的速度，所以不可能始终在某一经线所决定的平面内，如图所示，故B项也错．无论高低如何，轨道平面与地球赤道平面重合的卫星都是存在的，C选项所述卫星就是地球同步卫星，而D项所述卫星不是同步卫星，故C、D项都对．‎ ‎10 ： BD ‎11解析：因只有重力做功，所以甲、乙两球机械能都守恒，故A错误；动能与位移的图象斜率表示合外力，甲球的合外力为m甲gsin30°，乙球的合外力为m乙g，由题图乙知m甲gsin30°＝2m乙g，所以m甲∶m乙＝4∶1，故B正确；根据Ek＝mv2知，动能相等时，＝，两球重力的瞬时功率之比＝，所以C正确；由题图乙知，甲、乙两球的动能均为Ek0时，两球高度不相同，所以D错误．‎ 答案：BC ‎12 解析：电梯地板对物体的支持力所做的功等于物体机械能的变化，即mv2＋mgH，A错，B对；钢索的拉力所做的功等于电梯和物体这一系统机械能的增加，即(M＋m)gH＋(M＋m)v2，C错，D对．‎ 答案：BD 二、 填空题(本题有2小题，共14分，请按题目要求作答)‎ ‎13:29.9mm ‎14 力， BC 0.49m/s 三，计算题 ‎15：（1）6 rad/s （2）6 m ‎16：解析：(1)由题图乙知，在前2 m内，F1＝2mg，做正功，在第3 m内，F2＝－0.5mg，做负功，在第4 m内，F3＝0，滑动摩擦力Ff＝－μmg＝－0.25mg，始终做负功，由动能定理全程列式得：‎ F1x1＋F2x2＋Ffx＝mv－0.‎ 代入数据解得vA＝5 m/s.‎ ‎(2)冲上斜面的过程，由动能定理得 ‎－mgLsin 30°＝0－mv 解得冲上AB斜面的长度L＝5 m.‎ 答案：(1)5 m/s　(2)5 m ‎17：解析：(1)因滑块恰能通过C点，对滑块在C点，根据牛顿第二定律有：mg＝，‎ 解得：vC＝＝2.0 m/s 对于滑块从B点到C点的过程，‎ 根据机械能守恒定律有 mv＝mv＋2mgR 滑块在B点受重力mg和轨道的支持力FN，根据牛顿第二定律有FN－mg＝ 联立上述两式可解得：FN＝6 mg＝6.0 N 根据牛顿第三定律可知，滑块在B点时对轨道的压力大小FN′＝6.0 N.‎ ‎(2)滑块从A点滑至B点的过程中，‎ 根据动能定理有：mgh－W阻＝mv 解得：W阻＝mgh－mv＝0.50 J.‎ 答案：(1)6.0 N　(2) 0.50 J