物理·云南省保山市腾冲八中2016-2017学年高二上学期期中物理试卷 Word版含解析

物理·云南省保山市腾冲八中2016-2017学年高二上学期期中物理试卷 Word版含解析

‎2016-2017学年云南省保山市腾冲八中高二（上）期中物理试卷 ‎　‎ 一、单项选择题（本题共15小题，每小题2分，共30分．在每题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确）‎ ‎1．关于摩擦起电和感应起电，以下说法正确的是（　　）‎ A．摩擦起电是因为电荷的转移，感应起电是因为产生电荷 B．摩擦起电是因为产生电荷，感应起电是因为电荷的转移 C．不论摩擦起电还是感应起电都是电荷的转移 D．以上说法均不正确 ‎2．图中带箭头的直线是某电场中的一条电场线，在这条直线上有a、b两点，若用Ea、Eb表示a、b两点的场强大小，则：（　　）‎ A．电场线是从a指向b，所以有Ea＞Eb B．a、b两点的场强方向相同 C．若一负电荷从b点逆电场线方向移到a点，则电场力对该电荷做负功 D．若此电场是由一负点电荷所产生的，则有Ea＞Eb ‎3．如图所示，在直线MN上有一个点电荷，A、B是直线MN上的两点，两点的间距为L，场强大小分别为E和2E．则（　　）‎ A．该点电荷一定在A点的右侧 B．该点电荷一定在A点的左侧 C．A点场强方向一定沿直线向左 D．A点的电势一定低于B点的电势 ‎4．两个大小相同、带电也相同的金属球A和B，分别固定在两处，相互作用力为F．现用另一个不带电的同样大小的C球先与A球接触，再与B球接触，然后移去C球，则后来A、B两球间的作用力变为（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎5．如图所示，实线为某电场的电场线，虚线为等势面，已知φa=3V，φc=5V，ab=bc，则（　　）‎ A．φb=4V B．φb＞4V C．φb＜4V D．以上几种情况都有可能 ‎6．如图所示，实线表示匀强电场的电场线．一个带正电荷的粒子以某一速度射入匀强电场，只在电场力作用下，运动的轨迹如图中的虚线所示，a、b为轨迹上的两点．若a点电势为фa，b点电势为фb，则（　　）‎ A．场强方向一定向左，且电势фa＞фb B．场强方向一定向左，且电势фa＜фb C．场强方向一定向右，且电势фa＞фb D．场强方向一定向右，且电势фa＜фb ‎7．用控制变量法，可以研究影响平行板电容器电容的因素（如图所示）．设两极板正对面积为S，极板间的距离为d，静电计指针偏角为θ．实验中，极板所带电荷量不变，若（　　）‎ A．保持S不变，增大d，则θ变大 B．保持S不变，增大d，则θ变小 C．保持d不变，减小S，则θ变小 D．保持d不变，减小S，则θ不变 ‎8．如图所示，一平行板电容器，带电量为Q，上极板带正电，下极板带负电，在两板中间放入一不带电的导体（宽度小于板间距），在板中间有三点1、2、3，对应的场强分别是E1、E2、E3把导体移走后三点的场强分别是E1'E2'E3'，则下列说法正确的是（　　）‎ A．导体的上表面a带负电，下表面b带正电 B．E1＞E2＞E3‎ C．E1'=E2'=E3'‎ D．E1'＞E3＞E2‎ ‎9．如图所示，a、b两个带正电的粒子，以相同的速度先后垂直于电场线从同一点进入平行板间的匀强电场后，a粒子打在B板的a′点，b粒子打在B板的b′点，若不计重力，则（　　）‎ A．a的电荷量一定大于b的电荷量 B．b的质量一定大于a的质量 C．a的比荷一定大于b的比荷 D．b的比荷一定大于a的比荷 ‎10．如图所示，在点电荷﹣Q的电场中，M、N是两个等势面．现将一点电荷+q，从a点分别经路径①和路径②（经过c点）移到b点，在这两个过程中（　　）‎ A．都是电场力做功，沿路径①做的功比沿路径②做的功少 B．都是电场力做功，沿路径①做的功等于沿路径②所做的功 C．都是克服电场力做功，沿路径①做的功小于沿路径②做的功 D．都是克服电场力做功，沿路径①做的功等于沿路径②做的功 ‎11．如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地．一带电油滴位于电容器中的P点且恰好处于平衡状态．现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离（　　）‎ A．带电油滴将沿竖直方向向上运动 B．P点的电势将降低 C．带电油滴的电势能将减小 D．若电容器的电容减小，则极板带电量将增大 ‎12．如图，两平行的带电金属板水平放置．若在两板中间a点从静止释放一带电微粒，微粒恰好保持静止状态．现将两板绕过a点的轴（垂直于纸面）逆时针旋转45°，再由a点从静止释放一同样的微粒，该微粒将（　　）‎ A．保持静止状态 B．向左上方做匀加速运动 C．向正下方做匀加速运动 D．向左下方做匀加速直线运动 ‎13．关于电流，下列说法中正确的是（　　）‎ A．通过导线截面的电量越多，电流越大 B．电子运动的速率越大，电流越大 C．单位时间内通过导体截面的电量越多，导体中的电流越大 D．因为电流有方向，所以电流是矢量 ‎14．某电解池，如果在1s钟内共有5×1018个二价正离子和1.0×1019个一价负离子通过某截面，那么通过这个截面的电流是（　　）‎ A．0A B．0.8A C．1.6A D．3.2A ‎15．关于电阻的计算式R=和决定式R=ρ，下面说法正确的是（　　）‎ A．导体的电阻与其两端电压成正比，与电流成反比 B．导体的电阻仅与导体长度、横截面积和材料有关 C．导体的电阻不随工作温度变化而变化 D．对一段一定的导体来说，在恒温下比值是恒定的，导体电阻不随U或I的变化而变化 ‎　‎ 二.多选题（本题共4小题，每小题4分，共16分．在每题给出的四个选项中有多个选项正确．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）‎ ‎16．关于静电平衡，下列说法中正确的是（　　）‎ A．当导体达到静电平衡时，导体上任意两点间的电势一定相等 B．当导体达到静电平衡时，其外表面附近的电场方向一定与导体的表面垂直 C．绝缘体也有静电平衡状态 D．达到静电平衡时，电荷分布在导体的内外表面 ‎17．传感器是采集信息的一种重要元件，如图所示是一种电容式压力传感器，左边下面为可动电极，它的两端固定，当待测压力作用于可动电极时，使它发生形变，从而改变传感器的电容，若流经灵敏电流计的电流方向向左时，指针向右偏，则待测压力突然增大时（　　）‎ A．电容器的电容增大 B．电容器的电容减少 C．灵敏电流计指针向左偏 D．灵敏电流计指针向右偏 ‎18．图中实线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线，虚线是某一带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点．若带电粒子在运动中只受电场力作用，根据此图可作出正确判断的是（　　）‎ A．带电粒子所带电荷的符号 B．带电粒子在a、b两点的受力方向 C．带电粒子在a、b两点的速度何处较大 D．带电粒子在a、b两点的电势能何处较大 ‎19．如图甲所示，在一条电场线上有A、B两点，若从A点由静止释放一电子，假设电子仅受电场力作用，电子从A点运动到B点的速度﹣时间图象如图乙所示，则（　　）‎ A．电子在A、B两点受的电场力FA＜FB B．A、B两点的电场强度EA＞EB C．A、B两点的电势φA＜φB D．电子在A、B两点具有的电势能EPA＜EPB ‎　‎ 三.填空题（本题共2小题，每空2分，作图4分，共14分．请将正确的答案作答在答题卡相应横线中）‎ ‎20．一个电流表G的内阻Rg=50Ω，满偏电流为Ig=1mA，若要将其改装成量程为0，6A的电流表需　　（填“串联、并联”）电阻为　　 欧（结果保留三位有效数字）；要把它改装成量程为15V的电压表需　　（填“串联、并联”）电阻为　　 欧．‎ ‎21．如图甲所示，为某同学测绘额定电压为2.5V的小灯泡的I﹣U特性曲线的实验电路图．‎ ‎（1）根据电路图甲，用笔画线代替导线，将图乙中的实验电路连接完整．‎ ‎（2）开关S闭合之前，图甲中滑动变阻器的滑片应该置于　　端（选填“A”、“B”或“AB中间”）‎ ‎　‎ ‎2016-2017学年云南省保山市腾冲八中高二（上）期中物理试卷 参考答案与试题解析 ‎　‎ 一、单项选择题（本题共15小题，每小题2分，共30分．在每题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确）‎ ‎1．关于摩擦起电和感应起电，以下说法正确的是（　　）‎ A．摩擦起电是因为电荷的转移，感应起电是因为产生电荷 B．摩擦起电是因为产生电荷，感应起电是因为电荷的转移 C．不论摩擦起电还是感应起电都是电荷的转移 D．以上说法均不正确 ‎【考点】元电荷、点电荷．‎ ‎【分析】摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，并没有创造电荷．感应起电的实质是电荷可以从物体的一部分转移到另一个部分．‎ ‎【解答】解：摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，即说明了电荷可以从一个物体转移到另一个物体，并没有产生电荷．‎ 感应起电过程电荷在电场力作用下，电荷从物体的一部分转移到另一个部分，所以ABD错误，C正确．‎ ‎ 故选C ‎　‎ ‎2．图中带箭头的直线是某电场中的一条电场线，在这条直线上有a、b两点，若用Ea、Eb表示a、b两点的场强大小，则：（　　）‎ A．电场线是从a指向b，所以有Ea＞Eb B．a、b两点的场强方向相同 C．若一负电荷从b点逆电场线方向移到a点，则电场力对该电荷做负功 D．若此电场是由一负点电荷所产生的，则有Ea＞Eb ‎【考点】电场线；电场强度．‎ ‎【分析】由于A、B两点所在的电场线是直线，A、B两点电场强度方向相同．电场线的大小由电场线的疏密表示，一条电场线无法判断疏密，就无法确定A、B两处场强的大小．‎ ‎【解答】解：A、a、b在一条电场线上，无法判断电场线的疏密，也就无法判断a、b两点电场强度的大小，故A错误；‎ B、由题，电场强度的方向即为该点电场线的切线方向，a、b两点所在的电场线是直线，则a、b两点电场强度方向必定相同．故B正确．‎ C、负电荷从b点逆电场线方向移到a点，受到电场力的方向由b到a，所以电场力做正功．故C错误．‎ D、负电荷产生的电场线成汇聚状，且指向负电荷，所以电场线的分布是b点比a点密集，所以Ea＜Eb．故D错误．‎ 故选B ‎　‎ ‎3．如图所示，在直线MN上有一个点电荷，A、B是直线MN上的两点，两点的间距为L，场强大小分别为E和2E．则（　　）‎ A．该点电荷一定在A点的右侧 B．该点电荷一定在A点的左侧 C．A点场强方向一定沿直线向左 D．A点的电势一定低于B点的电势 ‎【考点】电场强度．‎ ‎【分析】据题，A、B两点的场强大小分别为E和2E，根据点电荷场强公式E=k分析该点电荷的位置应离A点远、离B点近．该点电荷的电性未知，不能判断电场强度的方向和电势的高低．‎ ‎【解答】解：‎ A、B，由题，A、B两点的场强大小分别为E和2E，根据点电荷场强公式E=k分析得知：该点电荷的位置应离A点远、离B点近，所以该点电荷一定在A点的右侧．故A正确，B错误．‎ C、D，由于该点电荷的电性未知，无法确定A的场强方向，也无法判断A、B两点电势的高低．故CD错误．‎ 故选A ‎　‎ ‎4．两个大小相同、带电也相同的金属球A和B，分别固定在两处，相互作用力为F．现用另一个不带电的同样大小的C球先与A球接触，再与B球接触，然后移去C球，则后来A、B两球间的作用力变为（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【考点】库仑定律．‎ ‎【分析】根据库仑定律的内容，结合带电体相互接触后移开，同种电荷电量平分，异种电荷电量先中和再平分，即可求解．‎ ‎【解答】解：假设A带电量为Q，B带电量为﹣Q，‎ 两球之间的相互吸引力的大小是F=k 第三个不带电的金属小球C与A接触后，A和C的电量都为，‎ C与B接触时先中和再平分，则C、B分开后电量均为﹣，‎ 这时，A、B两球之间的相互作用力的大小F′=k=F，‎ 若A带电量为+Q，B带电量为+Q，‎ 两球之间的相互吸引力的大小是F=k 第三个不带电的金属小球C与A接触后，A和C的电量都为+，‎ C与B接触时先中和再平分，则C、B分开后电量均为+，‎ 这时，A、B两球之间的相互作用力的大小F′=k=F，故C正确，ABD错误； ‎ 故选：C．‎ ‎　‎ ‎5．如图所示，实线为某电场的电场线，虚线为等势面，已知φa=3V，φc=5V，ab=bc，则（　　）‎ A．φb=4V B．φb＞4V C．φb＜4V D．以上几种情况都有可能 ‎【考点】等势面．‎ ‎【分析】由图看出，ab段电场线比bc段电场线密，ab段场强较大，根据公式U=Ed定性分析b、a间与c、b间电势差的大小，再求解中点b的电势φb．‎ ‎【解答】解：由图看出，ab段电场线比bc段电场线密，ab段场强较大，根据公式U=Ed可知，b、a间电势差Uba大于c、b间电势差Ucb，即φb﹣φa＞φc﹣φb，得到φb＞‎ 故选：B ‎　‎ ‎6．如图所示，实线表示匀强电场的电场线．一个带正电荷的粒子以某一速度射入匀强电场，只在电场力作用下，运动的轨迹如图中的虚线所示，a、b为轨迹上的两点．若a点电势为фa，b点电势为фb，则（　　）‎ A．场强方向一定向左，且电势фa＞фb B．场强方向一定向左，且电势фa＜фb C．场强方向一定向右，且电势фa＞фb D．场强方向一定向右，且电势фa＜фb ‎【考点】电场线；电场强度；电势．‎ ‎【分析】粒子在电场力作用下，由运动与力关系可知，根据轨迹的弯曲程度，判断出合力（电场力）的方向，再根据电场力方向和电荷性质判断场强方向；‎ 沿着电场线的方向电势降低的．因此可作出M、N点的等势点（要同在一根电场线），接着沿着电场线去判定．‎ ‎【解答】解：由图正电荷运动轨迹可知，正电荷受向右的电场力作用，故场强方向一定向右．‎ 沿着电场线的方向电势降低的，可判定a点的电势大于b点，即电势фa＞фb．‎ 故选C．‎ ‎　‎ ‎7．用控制变量法，可以研究影响平行板电容器电容的因素（如图所示）．设两极板正对面积为S，极板间的距离为d，静电计指针偏角为θ．实验中，极板所带电荷量不变，若（　　）‎ A．保持S不变，增大d，则θ变大 B．保持S不变，增大d，则θ变小 C．保持d不变，减小S，则θ变小 D．保持d不变，减小S，则θ不变 ‎【考点】电容器的动态分析．‎ ‎【分析】静电计测定电容器极板间的电势差，电势差越大，指针的偏角越大．根据电容的决定式C= 分析极板间距离、正对面积变化时电容的变化情况，由于极板所带电荷量不变，再由电容的定义式C= 分析板间电势差的变化，即可再确定静电计指针的偏角变化情况．‎ ‎【解答】解：A、B、根据电容的决定式C= 得知，电容与极板间距离成反比，当保持S不变，增大d时，电容减小，电容器的电量Q不变，由电容的定义式C= 分析可知板间电势差增大，则静电计指针的偏角θ变大；反之，保持S不变，减小d，则θ减小．故A正确，B错误．‎ C、D、根据电容的决定式C= 得知，电容与极板的正对面积成正比，当保持d不变，减小S时，电容减小，电容器极板所带的电荷量Q不变，则由电容的定义式C= 分析可知板间电势差增大，静电计指针的偏角θ变大；反之，保持d不变，增大S，则θ减小，故C错误，D错误．‎ 故选：A．‎ ‎　‎ ‎8．如图所示，一平行板电容器，带电量为Q，上极板带正电，下极板带负电，在两板中间放入一不带电的导体（宽度小于板间距），在板中间有三点1、2、3，对应的场强分别是E1、E2、E3把导体移走后三点的场强分别是E1'E2'E3'，则下列说法正确的是（　　）‎ A．导体的上表面a带负电，下表面b带正电 B．E1＞E2＞E3‎ C．E1'=E2'=E3'‎ D．E1'＞E3＞E2‎ ‎【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电容．‎ ‎【分析】导体在电场中发生静电感应，导体中的自由电子发生定向移动，稳定时导体内部产生感生电场，方向与匀强电场方向相反，原电场向下，感生电场向上，所以下表面感应正电，上表面感应负电，处于静电平衡状态导体内部场强为0；导体移走后，极板间是匀强电场，场强处处相等 ‎【解答】解：A、在两极板之间形成了竖直向下的匀强电场，导体里面的自由电子发生定向移动，从而形成静电感应现象，达到平衡后上表面被感应出负电荷，下表面感应出正电荷，故A正确；‎ B、处于静电平衡中的导体内部场强处处为零，所以，，故B错误；‎ C、把导体移走后，两板间为匀强电场，场强大小处处相等，方向相同，即E1'=E2'=E3'，故C正确；‎ D、把导体移走后，相当于两板间距离增大，场强变小，，故D错误；‎ 故选：AC ‎　‎ ‎9．如图所示，a、b两个带正电的粒子，以相同的速度先后垂直于电场线从同一点进入平行板间的匀强电场后，a粒子打在B板的a′点，b粒子打在B板的b′点，若不计重力，则（　　）‎ A．a的电荷量一定大于b的电荷量 B．b的质量一定大于a的质量 C．a的比荷一定大于b的比荷 D．b的比荷一定大于a的比荷 ‎【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．‎ ‎【分析】两个粒子垂直射入匀强电场中都作类平抛运动，粒子竖直方向的偏转量相同而水平位移不等，写出偏转量的表达式，根据公式进行说明．‎ ‎【解答】解：设任一粒子的速度为v，电量为q，质量为m，加速度为a，运动的时间为t，则 ‎ 加速度：a=，①‎ ‎ 时间 t=，②‎ ‎ 偏转量 y==．③‎ 因为两个粒子的初速度相等，由②得：t∝x，则得a粒子的运动时间短，由③得：a的加速度大，a粒子的比荷就一定大，但a的电荷量不一定大．故C正确．ABD错误 故选：C ‎　‎ ‎10．如图所示，在点电荷﹣Q的电场中，M、N是两个等势面．现将一点电荷+q，从a点分别经路径①和路径②（经过c点）移到b点，在这两个过程中（　　）‎ A．都是电场力做功，沿路径①做的功比沿路径②做的功少 B．都是电场力做功，沿路径①做的功等于沿路径②所做的功 C．都是克服电场力做功，沿路径①做的功小于沿路径②做的功 D．都是克服电场力做功，沿路径①做的功等于沿路径②做的功 ‎【考点】电势差；电势差与电场强度的关系．‎ ‎【分析】电场力做功与路径无关，只与初末位置有关；电场力做的功等于电势能的减小量．‎ ‎【解答】解：由于电场力向内，位移也向内，故电场力做正功；电场力做功与路径无关，只与初末位置有关，故沿路径①做的功等于沿路径②所做的功；‎ 故选：B．‎ ‎　‎ ‎11．如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地．一带电油滴位于电容器中的P点且恰好处于平衡状态．现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离（　　）‎ A．带电油滴将沿竖直方向向上运动 B．P点的电势将降低 C．带电油滴的电势能将减小 D．若电容器的电容减小，则极板带电量将增大 ‎【考点】带电粒子在混合场中的运动．‎ ‎【分析】将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，电容器两板间电压不变，根据E=分析板间场强的变化，判断电场力变化，确定油滴运动情况．由U=Ed分析P点与下极板间电势差如何变化，即能分析P点电势的变化和油滴电势能的变化．‎ ‎【解答】解：A、将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，由于电容器两板间电压不变，根据E=得知板间场强减小，油滴所受的电场力减小，则油滴将向下运动．故A错误．‎ B、场强E减小，而P点与下极板间的距离不变，则由公式U=Ed分析可知，P点与下极板间电势差将减小，而P点的电势高于下极板的电势，则知P点的电势将降低．故B正确．‎ C、由带电油滴原来处于平衡状态可知，油滴带负电，P点的电势降低，则油滴的电势能将增加．故C错误．‎ D、根据Q=Uc，由于电势差不变，电容器的电容减小，故带电量减小，故D错误；‎ 故选：B．‎ ‎　‎ ‎12．如图，两平行的带电金属板水平放置．若在两板中间a点从静止释放一带电微粒，微粒恰好保持静止状态．现将两板绕过a点的轴（垂直于纸面）逆时针旋转45°，再由a点从静止释放一同样的微粒，该微粒将（　　）‎ A．保持静止状态 B．向左上方做匀加速运动 C．向正下方做匀加速运动 D．向左下方做匀加速直线运动 ‎【考点】带电粒子在混合场中的运动．‎ ‎【分析】开始时刻微粒保持静止，受重力和电场力而平衡；将两板绕过a点的轴（垂直于纸面）逆时针旋转45°，电容器带电量不变，间距不变，正对面积也不变，故电场强度的大小不变，电场力的大小不变，方向逆时针旋转45°，根据平行四边形定则求解出合力的方向，确定微粒的运动即可．‎ ‎【解答】解：在两板中间a点从静止释放一带电微粒，微粒恰好保持静止状态，微粒受重力和电场力平衡，故电场力大小F=mg，方向竖直向上；‎ 将两板绕过a点的轴（垂直于纸面）逆时针旋转45°，电场强度大小不变，方向逆时针旋转45°，故电场力逆时针旋转45°，大小仍然为mg；‎ 故重力和电场力的大小均为mg，方向夹角为135°，故合力向左下方，微粒的加速度恒定，向左下方做匀加速运动；故ABC错误，D正确；‎ 故选：D．‎ ‎　‎ ‎13．关于电流，下列说法中正确的是（　　）‎ A．通过导线截面的电量越多，电流越大 B．电子运动的速率越大，电流越大 C．单位时间内通过导体截面的电量越多，导体中的电流越大 D．因为电流有方向，所以电流是矢量 ‎【考点】电流、电压概念．‎ ‎【分析】电流强度由通过导线截面的电量和通电时间共同决定，单位时间内通过导体截面的电量越多，导体中的电流越大；电流的微观表达式I=nesv可知电流的大小跟导体的材料、横截面积和电荷定向移动的速率共同决定；矢量的运算满足平行四边形定则，标量的运算满足代数法则，而电流的运算满足代数法则．‎ ‎【解答】解：A、通过某一横截面积的电量与所用时间的比值等于通过导体的电流强度，故电流强度由通过导线截面的电量和通电时间共同决定，故A错误．‎ B、由电流的微观表达式I=nesv，电流的大小跟导体的材料（决定n），导体的横截面积（s）和电荷定向移动的速率（v）共同决定，故B错误．‎ C、根据I=可知，单位时间（t一定）内通过导体截面的电量（q）越多，导体中的电流（I）越大．故C正确．‎ D、矢量的运算满足平行四边形定则，标量的运算满足代数法则，而电流的运算满足代数法则，故电流是标量．故D错误．‎ 故选C．‎ ‎　‎ ‎14．某电解池，如果在1s钟内共有5×1018个二价正离子和1.0×1019个一价负离子通过某截面，那么通过这个截面的电流是（　　）‎ A．0A B．0.8A C．1.6A D．3.2A ‎【考点】电流、电压概念．‎ ‎【分析】由题计算出1s内通过截面正离子与负离子电量绝对值之和，根据电流的定义式求解电流．一价离子所带电量大小为e=1.6×10﹣19C．‎ ‎【解答】解：由题，电解池中正负离子运动的方向相反，则1s内通过截面正离子的电量为q1=2n1e，负离子的电量绝对值为q2=n2e，‎ 则电流为I=A 故选：D ‎　‎ ‎15．关于电阻的计算式R=和决定式R=ρ，下面说法正确的是（　　）‎ A．导体的电阻与其两端电压成正比，与电流成反比 B．导体的电阻仅与导体长度、横截面积和材料有关 C．导体的电阻不随工作温度变化而变化 D．对一段一定的导体来说，在恒温下比值是恒定的，导体电阻不随U或I的变化而变化 ‎【考点】电阻定律．‎ ‎【分析】导体的电阻是导体本身的特性，与其两端电压和电流强度无关，根据电阻定律R可知：导体的电阻与导体的长度、横截面积和材料有关．导体的电阻率随温度变化而变化，电阻也随温度而变化．‎ ‎【解答】解：A、导体的电阻是导体本身的特性，与其两端电压和电流强度无关．故A错误；‎ B、根据电阻定律R=可知：导体的电阻与导体的长度、横截面积和材料有关；但导体的电阻率还要与温度有关；故B错误；‎ C、导体的电阻率随温度变化而变化，电阻也随温度而变化．故C错误；‎ D、导体的电阻是导体本身的特性，对一段一定的导体来说，在恒温下比值是恒定的，导体电阻不随U或I的变化而化．故D正确．‎ 故选：D ‎　‎ 二.多选题（本题共4小题，每小题4分，共16分．在每题给出的四个选项中有多个选项正确．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）‎ ‎16．关于静电平衡，下列说法中正确的是（　　）‎ A．当导体达到静电平衡时，导体上任意两点间的电势一定相等 B．当导体达到静电平衡时，其外表面附近的电场方向一定与导体的表面垂直 C．绝缘体也有静电平衡状态 D．达到静电平衡时，电荷分布在导体的内外表面 ‎【考点】静电场中的导体．‎ ‎【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．当点电荷移走后，电荷恢复原状．‎ ‎【解答】解：A、当导体达到静电平衡时，导体是等势体，导体上任意两点间的电势一定相等，故A正确；‎ B、当导体达到静电平衡时，导体是等势体，其外表面附近的电场方向一定与导体的表面垂直，故B正确；‎ C、绝缘体内部没有自由电荷，不会达到静电平衡状态，故C错误；‎ D、达到静电平衡时，电荷分布在导体的外表面，内部电中性，故D错误；‎ 故选：AB．‎ ‎　‎ ‎17．传感器是采集信息的一种重要元件，如图所示是一种电容式压力传感器，左边下面为可动电极，它的两端固定，当待测压力作用于可动电极时，使它发生形变，从而改变传感器的电容，若流经灵敏电流计的电流方向向左时，指针向右偏，则待测压力突然增大时（　　）‎ A．电容器的电容增大 B．电容器的电容减少 C．灵敏电流计指针向左偏 D．灵敏电流计指针向右偏 ‎【考点】电容器的动态分析．‎ ‎【分析】根据电容的决定式分析待测压力突然增大时电容的变化．电容器的电压保持不变，由电容的定义式分析电容器的电量如何变化，判断流过电流计的电流方向，确定其指针的转动方向．‎ ‎【解答】解：‎ A、B当待测压力突然增大时，板间距离减小，由电容的决定式C=得知，电容增大．故A正确，B错误．‎ C、D由题，电容器的电压U保持不变，电容C增大，由公式C=得到，电容器的电量增大，电容器将充电，流过电流计的电流向左，则电流计指针向右偏．故C错误，D正确．‎ 故选AD ‎　‎ ‎18．图中实线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线，虚线是某一带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点．若带电粒子在运动中只受电场力作用，根据此图可作出正确判断的是（　　）‎ A．带电粒子所带电荷的符号 B．带电粒子在a、b两点的受力方向 C．带电粒子在a、b两点的速度何处较大 D．带电粒子在a、b两点的电势能何处较大 ‎【考点】电场线；电势能．‎ ‎【分析】由图，粒子的运动轨迹向左弯曲，说明粒子受到的电场力大体向左，电场线方向不明，无法判断粒子的电性．根据电场线疏密程度，判断ab两点场强的大小，从而判断ab两点电场力大小，再根据牛顿第二定律得ab点加速度的大小．‎ ‎【解答】解：AB、粒子的运动轨迹向左弯曲，说明粒子在a、b两点受到的电场力沿电场线向左，由于电场线方向不明，无法确定粒子的电性．故A错误，B正确．‎ C、由轨迹弯曲方向与粒子速度方向的关系分析可知，由a到b，电场力对粒子做负功，粒子的动能减小，电势能增大，则粒子在a点的速度较大b点的电势能大，故CD正确．‎ 故选：BCD ‎　‎ ‎19．如图甲所示，在一条电场线上有A、B两点，若从A点由静止释放一电子，假设电子仅受电场力作用，电子从A点运动到B点的速度﹣时间图象如图乙所示，则（　　）‎ A．电子在A、B两点受的电场力FA＜FB B．A、B两点的电场强度EA＞EB C．A、B两点的电势φA＜φB D．电子在A、B两点具有的电势能EPA＜EPB ‎【考点】电势能；电场强度；电势．‎ ‎【分析】由静止释放电子，电子仅受电场力作用，从A点运动到B点，分析电场力的方向，确定电场线的方向．根据顺着电场线方向，电势降低，判断电势的高低．从速度图象看出，电子从A运动到B过程加速度变小，场强增变小．‎ ‎【解答】解：根据题意，电子从静止释放后从A运动到B，则电子受到的电场力方向从A→B，而电子带负电，电场线方向从B→A，则B点的电势大于A点的电势，即φA＜φB．故C正确 从速度图象看出，电子从A运动到B过程速度增大，加速度变化，电场力减小，即FA＞FB，场强变小，则B点的场强小于A点的场强，即EA＞EB．故A错误，B正确；因电场力做正功，则电势能减小，故D错误．‎ 故选：B　C ‎　‎ 三.填空题（本题共2小题，每空2分，作图4分，共14分．请将正确的答案作答在答题卡相应横线中）‎ ‎20．一个电流表G的内阻Rg=50Ω，满偏电流为Ig=1mA，若要将其改装成量程为0，6A的电流表需　并联　（填“串联、并联”）电阻为　0.083　 欧（结果保留三位有效数字）；要把它改装成量程为15V的电压表需　串联　（填“串联、并联”）电阻为　14950　 欧．‎ ‎【考点】把电流表改装成电压表．‎ ‎【分析】把电流表改装成电压表需要串联分压电阻，应用串联电路特点与欧姆定律可以求出串联电阻阻值．‎ 把电流表改装成大量程电流表需要并联分流电阻，应用并联电路特点与欧姆定律可以求出并联电阻阻值．‎ ‎【解答】解：把电流表改装成0.6A电流表需要并联分流电阻，并联电阻阻值为：‎ R==≈0.0833Ω；‎ 把电流表改装成电压表需要串联分压电阻，串联电阻阻值为：‎ R=﹣Rg=﹣50=14950Ω，‎ 故答案为：并联，0.0833，串联，14950；‎ ‎　‎ ‎21．如图甲所示，为某同学测绘额定电压为2.5V的小灯泡的I﹣U特性曲线的实验电路图．‎ ‎（1）根据电路图甲，用笔画线代替导线，将图乙中的实验电路连接完整．‎ ‎（2）开关S闭合之前，图甲中滑动变阻器的滑片应该置于　A　端（选填“A”、“B”或“AB中间”）‎ ‎【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．‎ ‎【分析】（1）根据实验原理图连接即可，注意电压表、电流表的量程不要选错，正负极不能连反，滑动变阻器采用分压接法．‎ ‎（2）采用分压接法时，开始实验时为了安全和保护仪器，要使输出电压为零，即将测量电路短路．‎ ‎【解答】解：（1）根据原理图连接实物图如下所示：‎ ‎（2）为了安全和保护仪器不被烧坏，开关S闭合之前，应该移动滑片，使测量电路短路，即将片滑移动到A端．‎ 故答案为：A．‎ ‎　‎ ‎2016年12月9日