2020学年高一物理6月调研考试试题 新人教版

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‎2019学年第二学期6月调研考试卷 高一物理试题 注意事项：‎ ‎1．你现在拿到的这份试卷是满分100分，作答时间为90分钟 ‎ ‎2．答题前请在答题卷上填写好自己的姓名、班级、考号等信息 ‎3．请将答案正确填写在答题卷上,写在其它地方无效.‎ 第I卷（选择题 48分）‎ 一、选择题(本大题共12个小题，每小题4分，共48分。) ‎ ‎1.人类认识行星运动规律的曲折过程给我们的启示:从地心说的直接经验开始，到日心说的转变，不是简单的参考系的变化，而是人类思想的一次重大解放，从此人类的视野超越了地球,走向了宇宙。关于科学家和他们的贡献，下列说法中与物理学的发展历史不相符合的是( )‎ A. 腊科学家托勒密提出了地心说:认为地球是静止不动的，太阳、月亮和星星从人类头顶飞过，地球是宇宙的中心 B. 波兰天文学家哥白尼，发表著作《天体运行论》提出日心说，预示了地心宇宙论的终结 C. 德国天文学家开普勒对他的导师——第谷观测的行星数据进行了多年研究,得出了开普勒三大行星运动定律 D. 波兰天文学家哥白尼，提出了日心说，为此被宗教裁判所烧死在罗马的鲜花广场，为科学付出了生命的代价 ‎2.设空中的雨滴从静止开始下落，遇到水平方向吹来的风，下列说法中正确的是( )‎ A. 风速越大，雨滴下落的时间越长 B. 雨滴下落时间与风速无关 C. 风速越大，雨滴着地时的速度越小 D. 雨滴着地速度与风速无关 ‎3.如图所示，质量为m的木块从半径为R的半球形碗口下滑到碗的最低点的过程中，如果由于摩擦力的作用木块的速率不变，那么(　　)‎ A. 加速度为零 B. 加速度恒定 - 14 -‎ C. 加速度大小不变，方向时刻改变，但不一定指向圆心 D. 加速度大小不变，方向时刻指向圆心 ‎4.“轨道康复者”是“垃圾”卫星的救星，被称为“太空110”．它可以在太空中对卫星补充能源，延长卫星使用寿命，假设“轨道康复者”的轨道离地面的高度为同步卫星轨道离地面高度的五分之一，其运行方向与地球自转方向一致，轨道平面与地球赤道平面重合，下列说法正确的是（ ）‎ A. “轨道康复者”的速度是同步卫星运行速率的5倍 B. “轨道康复者”的加速度是地球同步卫星加速度的5倍 C. 站在赤道上的人观察到“轨道康复者”向东运动 D. “轨道康复者”可从高轨道加速，以实现对低轨道上的卫星的拯救 ‎5.如图所示，拖着旧橡胶轮胎跑是身体耐力训练的一种有效方法。如果某受训者拖着轮胎在水平直道上跑了100 m，那么下列说法正确的是 A. 轮胎受到的拉力对轮胎不做功 B. 轮胎受到地面的摩擦力对轮胎做了负功 C. 轮胎受到的重力对轮胎做了正功 D. 轮胎受到地面的支持力对轮胎做了正功 ‎6.如图所示，质量为m的小球，从离桌面H高处由静止下落，桌面离地高度为h．若以桌面为参考平面，那么小球落地时的重力势能和动能分别是（　　）‎ A. mgh、mg（H﹣h）‎ B. mgh、mg（H+h）‎ C. -mgh、mg（H﹣h）‎ D. -mgh、mg（H+h）‎ - 14 -‎ ‎7.一个质量为2kg的物体被人用手由静止向上提升1m，此时物体的速度是lm/s．重力加速度g=10m/s2，物体被向上提升过程中，下列说法正确的是（　　）‎ A. 手对物体做功20J B. 合外力对物体做功12J C. 合外力对物体做功2J D. 物体克服重力做功20J ‎8.如图所示，一小球以初速度v0沿水平方向射出，恰好垂直地射到一倾角为30°的固定斜面上，并立即反方向弹回．已知反弹速度的大小是入射速度大小的，则下列说法中正确的是(　　)‎ A. 在碰撞中小球的速度变化大小为v0‎ B. 在碰撞中小球的速度变化大小为v0‎ C. 小球在竖直方向下落的距离与在水平方向通过的距离的比为 D. 小球在竖直方向下落的距离与在水平方向通过的距离之比为 ‎9.如图所示，在水平圆盘上有一过圆心的光滑小槽，槽内有两根原长、劲度系数均相同的橡皮绳拉住一质量为m的小球，一条橡皮绳拴在O点，另一条拴在点，其中O为圆盘的中心，点在圆盘的边缘上，橡皮绳的劲度系数为，原长为圆盘半径R的，现使圆盘角速度由零缓慢增大，则：‎ A．时，间橡皮绳处于原长 B．时，小球距圆心距离为 C．时，小球距圆心的距离为 - 14 -‎ D．时，间橡皮绳的弹力为 ‎10.如图所示，弹簧的一端固定在墙上，另一端在水平力作用下缓慢拉伸了，关于拉力、弹性势能随伸长量的变化图线中正确的是（ ）‎ A. B. ‎ C. D. ‎ ‎11.如图，一个小物块由静止开始分别沿坡度不同的斜面AB′ 和AB滑下，最后都停在水平面 BC上，斜面和水平面平滑连接，已知两个斜面和水平面与物块的动摩擦因素相同，下列说法正确的是（ ）‎ A. 小物块沿斜面AB′ 下滑的时间一定比沿斜面AB下滑的时间长 B. 小物块沿AB′ 和AB滑下，经过斜面底端时的速率一定相等 C. 小物块沿AB′ 和AB滑下，在的水平面的同一位置停下来 D. 沿斜面AB′ 下滑过程中克服摩擦力做的功小于沿斜面AB滑下过程中克服摩擦力做的功 - 14 -‎ ‎12.如图11所示，固定的倾斜光滑杆上套有一个质量为m的小球，小球与一轻质弹簧一端相连，弹簧的另一端固定在地面上的A点，已知杆与水平面之间的夹角θ<45°，当小球位于B点时，弹簧与杆垂直，此时弹簧处于原长。现让小球自C点由静止释放，在小球滑到杆底端的整个过程中，关于小球的动能、重力势能和弹簧的弹性势能，下列说法正确的是(　　)‎ A. 小球的动能与重力势能之和保持不变 B. 小球的动能与重力势能之和先增大后减少 C. 小球的动能与弹簧的弹性势能之和增加 D. 小球的重力势能与弹簧的弹性势能之和保持不变 第II卷（非选择题 52分）‎ 二、实验题(本大题共2个小题，每空2分，共16分。)‎ ‎13.如图所示，某同学借用“探究加速度与力、质量之间的定量关系”的相关实验思想、原理及操作，进行“研究合外力做功和物体动能变化关系”的实验.‎ ‎（1）为达到平衡阻力的目的，取下细绳及托盘，通过调整垫块的位置，改变长木板倾斜程度，根据纸带打出点的间隔判断小车是否做________运动.‎ ‎（2）按上图所示装置，接通打点计时器电源，由静止释放小车，打出若干条纸带，从中挑选一条点迹清晰的纸带，如图所示.纸带上打出相邻两个点之间的时间间隔为T，O点是打点计时器打出的第一个点，从O点到A、B、C、D、E、F点的距离依次为s1、s2、s3、s4、s5、s6.已知小车的质量为M，盘和砝码的总质量为m.由此可求得纸带上由O点到E点所对应的运动过程中，盘和砝码受到的重力所做功的表达式W＝____________，该小车动能改变量的表达式ΔEk＝________.由于实验中存在误差，所以，W_______ΔEk.（选填“小于”、“等于”或“大于”）.‎ - 14 -‎ ‎14.（1）在《验证机械能守恒定律》的实验中，下面列举了该实验的几个操作步骤：‎ A．按照图示的装置安装器件 B．将打点计时器接到电源的“直流输出”上 C．用天平测出重锤的质量 D．先接通电源，后释放纸带，打出一条纸带 E．测量纸带上某些点间的距离 F．根据测量的结果计算重锤下落过程中减少的重力势能是否等于增加的动能 其中没有必要进行的步骤是___________，操作不当的步骤是___________．‎ ‎（2）在验证机械能守恒定律的实验中，已知打点计时器所用电源的周期为T，查得当地重力加速度为g，测出所用重物的质量为m，实验中得到一条点迹清晰的纸带，把第一个点记作O，另选连续的4个点A、B、C、D作为测量点，经测量知道A、B、C、D各点到O点的距离分别为x1、x2、x3、x4，根据以上数据，可知重物由O点运动到C点，重力势能的减少量为___________，动能的增加量为___________。（要求写出表达式）‎ 三、解答题(本大题共4个小题，共36分。)‎ ‎15. (本小题共12分)如图在绕竖直轴OO’做匀速转动的水平圆盘上，沿同一半径方向放着可视为质点的A、B两物体，同时用长为 - 14 -‎ 的细线将这两物连接起来，一起随盘匀速转动。已知A、B两物体质量分别为mA=0.3kg和mB=0.1kg，绳长=0.1m，A到转轴的距离r=0.2m,A、B两物体与盘面之间的最大静摩擦力均为其重力的0.4倍，g取10m/s2. ‎ ‎⑴若使A、B两物体相对于圆盘不发生相对滑动，求圆盘的角速度。‎ ‎⑵当圆盘转速增加到A、B两物体即将开始滑动时烧断细线，则A、B两物体的运动情况如何？A物体所受摩擦力时多大？‎ ‎16. (本小题共10分)已知地球半径为R，地球表面重力加速度为g0，不考虑地球自转的 影响并假设地球质量分布均匀且密度为。假若在地球内部距表面深度为的某区域存在一半径为的球形煤炭矿区，设煤炭密度为（小于），则由于该煤炭矿区区域的存在，造成的地球该区域表面重力加速度的变化量的最大值是多少？‎ h R O ‎17. (本小题共8分)如图所示，A物体用板托着，位于离地h=1.0m处,轻质细绳通过光滑定滑轮与A、B相连，绳子处于绷直状态，已知A物体质量M=1.5㎏，B物体质量m=1.0kg，现将板抽走,A将拉动B上升，设A与地面碰后不反弹，B上升过程中不会碰到定滑轮，问：（1）A落地前瞬间的速度大小为多少？（2）B物体在上升过程中离地的最大高度为多大？‎ ‎18. (本小题共6分)‎ - 14 -‎ 如图所示，一固定的楔形木块，其斜面的倾角θ＝30°，另一边与地面垂直，顶上有一定滑轮，一柔软的细线跨过定滑轮，两端分别与物块A和B连接，A的质量为4m，B的质量为m，开始时将B按在地面上不动，然后放开手，让A沿斜面下滑而B上升，物体A与斜面间无摩擦，设当A沿斜面下滑s距离后，细线突然断了，求物块B上升的最大高度H. ‎ ‎2019学年第二学期6月调研考试卷 高一物理试题答案 一、选择题(本大题共12个小题，每小题4分，共48分。) ‎ ‎1. 【答案】D【解析】A、古希腊科学家托勒密提出了“地心说”，认为地球是宇宙的中心，太阳、月亮和星星从人类头顶飞过，A正确； ‎ B、哥白尼提出“日心说”，认为太阳是宇宙的中心，其它行星都绕太阳做圆周运动，这一学说预示了地心宇宙论的终结，B正确；‎ C、开普勒通过对第谷的观测数据分析，总结了行星运动三大定律，C正确；‎ - 14 -‎ D、哥白尼提出了日心说，而被宗教裁判所烧死在罗马的鲜花广场的科学家是布鲁诺，D错误。本题选择错误答案，故选：D。‎ ‎2. 【答案】B【解析】A、将水滴的运动沿水平方向和竖直方向正交分解，水平方向随风一起飘动，竖直方向同时向下落。由于水平方向的分运动对竖直分运动无影响，故落地时间与水平分速度无关，故A错误，B正确；‎ C、两分运动的速度合成可得到合速度，故风速越大，落地时合速度越大，故CD错误；‎ 故选：B。‎ ‎3. 【答案】D【解析】木块下滑过程中速率不变做匀速圆周运动，加速度不为零，具有向心加速度，据此分析即可．‎ 木块做匀速圆周运动，速度方向时刻在变化，速度在改变，加速度一定不为零，A错误；木块做匀速圆周运动，加速度方向始终指向圆心，大小不变，方向时刻改变，故BC错误D正确．‎ ‎4. 【答案】C【解析】根据得：，因为“轨道康复者”的轨道离地面的高度为同步卫星轨道离地面高度的五分之一，故“轨道康复者”绕地球做匀速圆周运动时的轨道半径不等于地球同步卫星轨道半径的五分之一，则“轨道康复者”的速度不是地球同步卫星速度的倍；故A错误；根据，“因为“轨道康复者”的轨道离地面的高度为同步卫星轨道离地面高度的五分之一，无法确定轨道半径的关系，故也就无法确定“轨道康复者”的加速度与地球同步卫星加速度的关系；故B错误；轨道半径越大，角速度越小，同步卫星和地球自转的角速度相同，所以轨道康复者的角速度大于地球自转的角速度，所以站在地球赤道上的人观察到“轨道康复者”向东运动．故C正确；“轨道康复者”要加速将会做离心运动，到更高的轨道上，故D错误；故选C。‎ ‎5. 【答案】B【解析】A、设拉力与水平方向的夹角为，由于是锐角，所以轮胎受到的拉力做正功，故A错误；‎ B、由题知，轮胎受到地面的摩擦力方向水平向左，而位移水平向右，两者夹角为，则轮胎受到地面的摩擦力做了负功，故B正确；‎ C、轮胎受到的重力竖直向下，而轮胎的位移水平向右，则轮胎在竖直方向上没有发生位移，重力不做功，故C错误；‎ D、轮胎受到地面的支持力竖直向上，而轮胎的位移水平向右，则轮胎在竖直方向上没有发生位移，支持力不做功，故D错误。‎ ‎6. 【答案】D【解析】物体的重力势能为： ‎ - 14 -‎ ‎，其中h为物体到零势能点的高度，所以该物体的重力势能为： ；物体下落的始末位置的高度差为： ，故重力做功为： 过程中只有重力做功，所以根据动能定理可得：‎ ‎，故D正确，‎ ‎7.【答案】D【解析】A、根据动能定理得： ‎ 解得手对物体做功为： ，A错误．‎ BC、根据动能定理得合外力对物体做功为： ，B、C错误；‎ B、物体克服重力做功为： ，D正确；‎ 故选D。‎ ‎8. 【答案】AD【解析】小球垂直落到斜面上，根据平行四边形定则将速度分解，如图所示，‎ 则v＝＝2v0，反弹后的速度大小为v′＝v＝v0，碰撞中小球的速度变化大小为Δv＝v′－v＝v0，选项A正确，选项B错误；小球在竖直方向下落的距离为，水平方向通过的距离为 ，位移之比为，选项D正确，选项C错误．故选AD.‎ ‎9. 【答案】ABC【解析】设外面一根橡皮绳刚好松弛时圆盘的角速度为，由牛顿第二定律：，‎ 解得，故选项A正确；当时，两根橡皮绳都有拉力，设此时的半径为，由牛顿第二定律：，将的值解得：，故选项B正确；当时，外面一根橡皮绳已经松弛，设此时半径为，由牛顿第二定律：‎ - 14 -‎ ‎，将的值代入解得：，故选项C正确，选项D错误。‎ ‎10. 【答案】AD【解析】根据胡克定律，有：F=kx；由于劲度系数k由弹簧本身决定，为一个常数，故F与行变量成正比，故F-x图象是正比例图象；故A正确，B错误；弹性势能为EP=kx2；其图象为开口向上的二次函数图象；故C错误，D正确；故选AD．‎ ‎11. 【答案】AC【解析】在AB′上滑动时，加速度比在AB上滑动时，加速度较小，位移较大，则根据可知，在沿斜面AB′ 下滑的时间一定比沿斜面AB下滑的时间长，选项A正确；在BC（或B′C）段只有摩擦力做功，根据动能定理有−μmgs＝0−mv2，得v2=2μgs因为sBC＞sB′C，则vB＞vB′．故B错误；设斜面AB的长度为s1，对应的夹角为θ，则： ，斜面AB对应的水平面的长度：s=s1•cosθ，另一段水平长度BC为s2．对甲运动的全过程运用动能定理得，mgh-μmgcosθs1-μmgs2=0，整理得，mgh-μmg（s+s2）=0．可知物块滑行的整个过程中，总水平位移与斜面的倾角无关；所以两种情况下物块滑行的总水平位移是相等的．即小物块沿AB′ 和AB滑下，在的水平面的同一位置停下来，故C正确；设斜面AB的长度为s1，对应的夹角为θ，则： ，物体下滑到底端时摩擦力的功为 ，因AB′斜面倾角较小，则沿斜面AB′ 下滑过程中克服摩擦力做的功大于沿斜面AB滑下过程中克服摩擦力做的功，选项D错误；故选AC.‎ ‎12. 【答案】BC【解析】根据能量守恒定律可知，小球的动能和重力势能之和的减小量转化为弹簧的弹性势能，A错；弹簧的弹性势能先减小后增大，小球的动能和重力势能之和先增大后减小，B对；小球的动能和弹性势能之和的变化与小球的重力势能变化相反，C对；小球的重力势能与弹簧的弹性势能之和的变化与小球动能变化相反，小球的动能先增大后减小，重力势能和弹性势能之和先减小后增大，D错； ‎ 二、实验题(本大题共2个小题，每空2分，共16分。)‎ ‎13.【答案】匀速直线 大于 ‎【解析】（1）平衡摩擦力时，通过调整垫片的位置，改变长木板倾斜程度，根据打出的纸带判断小车是否做匀速直线运动；‎ ‎（2）盘和砝码的重力所做的功 - 14 -‎ 从静止下落，O点的速度为零，而E点速度为： ‎ 则滑块动能的改变量为： ‎ 由于实验中存在空气阻力以及纸带与限位孔之间的摩擦等原因，导致有热量产生，故。‎ ‎14.【答案】 C B ㎎x3， 或 ‎【解析】（1）验证机械能守恒，即验证动能的增加量和重力势能的减小量是否相等，表达式的两端都有质量，可以约去，所以不必要测量重物和夹子的质量．即C没必要；打点计时器必须要接到电源的“交流输出”上，即B错误；‎ ‎（2）重力势能减小量为：△Ep=mgh=mgx3， 在匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度，因此有： 动能的增加量为： ‎ 三、解答题(本大题共4个小题，共36分。)‎ ‎15. 【答案】（1）（2）A不动；B物体做离心运动；FA=1.07N ‎【解析】（1）当A开始滑动时，表明A与盘间的静摩擦力也已达最大，则： 对A：μmAg-FT=mω2RA 对B：FT+μmBg=mω2RB 由上面两式联解得：此时圆盘的角速度为： ‎ 则当时，A、B两物体相对于圆盘不发生相对滑动． （2）烧断细线，A与盘间静摩擦力减小，继续随盘做半径为RA=20cm的圆周运动． 此时f=mAω2RA，解得：f=0.3×()2×0.2＝1.07N 而B由于最大静摩擦力不足以提供向心力而做离心运动．‎ - 14 -‎ ‎16. 【答案】‎ ‎【解析】根据题意把地球看成由两部分组成即半径为的球体和剩余部分，则有：‎ ‎ ‎ 式中F为地球剩余部分对m的作用力；M1为半径为的球体质量，应有：‎ ‎ ‎ 同理当半径为的球体空间存在密度为的煤炭时应有：‎ ‎ ‎ ‎ ‎ 联立解得： ‎ ‎17. 【答案】（1）2m/s （2）1.2m ‎【解析】（1）对A、Ｂ组成的系统，在Ａ下降h至地面过程中，A、B系统机械能守恒，‎ 依据机械能守恒定律得 解得 ‎ 代入数据有： v=2m/s ‎（2）对Ｂ，在A着地后，B向上作匀减速过程中，依据运动学知Ｂ物还能上升的高度h`为：‎ 代入数据有 0.2m 故B物体上升过程中距地面的最大高度为 ＝1.2m ‎18.【答案】‎ - 14 -‎ ‎【解析】由A、B和地球组成的系统，在A、B运动过程中，只有A、B的重力做功，系统机械能守恒，即： ，细线突然断的瞬间，物块B竖直上升的速度为，此后B做竖直上抛运动，设继续上升的距离为，由机械能守恒得，物块B上升的最大高度，解得 - 14 -‎