贵州省遵义航天高级中学2019届高三上学期第三次月考物理试卷（解析版）

贵州省遵义航天高级中学2019届高三上学期第三次月考物理试卷（解析版）

‎2019届贵州省遵义航天高级中学高三 上学期第三次月考物理试题此卷只装订不密封 班级 姓名 准考证号 考场号 座位号 ‎ 物理 注意事项：‎ ‎1．答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。‎ ‎2．选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。‎ ‎3．非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。‎ ‎4．考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。‎ 第I卷（选择题）‎ 一、单选题 ‎1．如图所示，某人以力F将物体沿斜面向下拉，拉力大小等于摩擦力，则下列说法正确的是(　　)‎ A．物体做匀速运动 B．合力对物体做功等于零 C．物体的机械能保持不变 D．物体机械能减小 ‎2．一辆公共汽车进站后开始刹车，做匀减速直线运动．开始刹车后的第1 s内和第2 s内位移大小依次为9 m和7 m，则刹车后6 s内的位移是(　　)‎ A．20 m B．24 m C．25 m D．75 m ‎3．如图所示，圆弧形货架摆着四个完全相同的光滑小球，O为圆心．则对圆弧面的压力最小的是（ ）‎ A．a球 B．b球 C．c球 D．d球 ‎4．如图所示，在与水平方向成θ角、大小为F的力作用下，质量为m的物块沿竖直墙壁加速下滑，已知物块与墙壁的动摩擦因数为μ.则下滑过程中物块的加速度大小为(　　)‎ A．a＝g－μg B．a＝g－‎ C．a＝g－ D．a＝g－‎ ‎5．起重机将质量为m的货物由静止开始以加速度匀加速提升，在t时间内上升h高度，设在t时间内起重机对货物的拉力做的功为W、平均功率为，则（ ）‎ A． B． C． D． ‎ ‎6．中国北斗卫星导航系统(BDS)是中国自行研制的全球卫星导航系统，是继美国全球定位系统(GPS)、俄罗斯格洛纳斯卫星导航系统(GLONASS)之后第三个成熟的卫星导航系统。预计2020年左右，北斗卫星导航系统将形成全球覆盖能力。如图所示是北斗导航系统中部分卫星的轨道示意图，已知a、b、c三颗卫星均做圆周运动，a是地球同步卫星，则（ ）‎ A．卫星a的角速度小于c的角速度 B．卫星a的加速度大于b的加速度 C．卫星a的运行速度大于第一宇宙速度 D．卫星b的周期大于24h ‎7．如图所示,MN是空气与某种液体的分界面,一束红光由空气射到分界面,一部分光被反射,一部分光进入液体中.当入射角是45°时,折射角为30°,以下说法正确的是(　　)‎ A．反射光线与折射光线的夹角为105°‎ B．该液体对红光的折射率为 C．该液体对红光的全反射临界角为45°‎ D．当紫光以同样的入射角从空气射到分界面,折射角也是30°‎ E. 当紫光以同样的入射角从空气射到分界面,折射角小于30°‎ 二、多选题 ‎8．水平光滑直轨道ab与半径为R的竖直半圆形光滑轨道bc相切,一小球质量为m以初速度v0沿直轨道ab向右运动,如图所示,小球进入半圆形轨道后刚好能通过最高点c。则( )‎ A．R越大,v0越大 B．c点速度vc=0‎ C．b点小球对轨道的压力大小 D．m越大,v0越大 ‎9．如图甲所示,长为l、倾角为α的斜面固定在水平地面上,一质量为m的小物块从斜面顶端由静止释放并沿斜面向下滑动,已知小物块与斜面间的动摩擦因数μ与下滑距离x的变化图像如图乙所示,则( )‎ A．‎ B．小物块下滑的加速度逐渐增大 C．小物块下滑到斜面低端的过程中克服摩擦力做的功为 D．小物块下滑到低端时的速度大小为 第II卷（非选择题）‎ 三、实验题 ‎10．如图所示是某研究性学习小组做探究“橡皮筋做功和物体速度变化的关系”的实验，图中是小车在一条橡皮筋作用下弹出，沿木板滑行的情形．这时，橡皮筋对小车做的功记为W.当我们把2条、3条……完全相同的橡皮筋并在一起进行第2次、第3次……实验时，每次橡皮筋都拉伸到同一位置释放．小车每次实验中获得的速度由打点计时器所打点的纸带测出．‎ ‎(1)除了图中已给出的实验器材外，还需要的器材有______________；‎ ‎(2)实验时为了使小车只在橡皮筋作用下运动，应采取的措施是______________；‎ ‎(3)打出如图所示,在正确操作情况下,打在纸带上的点,并不都是均匀的,为了测量小车获得的速度,应选用纸带的____________部分进行测量。‎ ‎11．用伏安法测量一个阻值约为20 Ω的未知电阻Rx的阻值。实验电路图如图：‎ ‎(1)备有以下器材：‎ 电源E(电动势3 V、内阻可以忽略不计)‎ 电流表A1(量程0～50 mA，内阻RA1约12 Ω)‎ 电流表A2(量程0～3 A，内阻RA2约0.12 Ω)‎ 电压表V1(量程0～3 V，内阻RV1=3 kΩ)‎ 电压表V2(量程0～15 V，内阻RV2约15 kΩ)‎ 滑动变阻器R1(0～10 Ω，允许最大电流2.0 A)‎ 滑动变阻器R2(0～1000 Ω，允许最大电流0.5 A)‎ 定值电阻R(30 Ω，允许最大电流1.0 A)‎ 开关、导线若干 以上器材中电流表应选用________，电压表应选用________，滑动变阻器应选用________。‎ ‎(2)某次测量中，电压表读数为U时，电流表读数为I，则计算待测电阻阻值的表达式Rx＝________。‎ 四、解答题 ‎12．如图所示，坐标平面第Ⅰ象限内存在大小为E＝4×105 N/C、方向水平向左的匀强电场，在第Ⅱ象限内存在方向垂直纸面向里的匀强磁场．比荷＝4×10－10 kg/C的带正电的粒子，以初速度v0＝2×107 m/s从x轴上的A点垂直x轴射入电场，xOA＝0.2 m，经偏转电场后进入磁场，在磁场中发生偏转，轨迹恰好与x轴相切，不计粒子的重力．求：‎ ‎ ‎ ‎(1)粒子在电场中运动的加速度大小；‎ ‎(2)求粒子经过y轴时的位置到原点O的距离；‎ ‎(3)求磁感应强度B.‎ ‎13．如图所示，一轻弹簧原长15cm,竖直放置在水平面上，将一质量为m1=8.1kg的物体无初速地放在弹簧上端，弹簧压得最短时长度为10cm。现将这弹簧放在与弹簧原长相等的光滑固定水平台B上，弹簧右端固定在平台边缘，平台左端有一等高质量为m＝0.2 kg的长木板，木板静止在水平地面上并与B挨着，已知木板A与地面间的动摩擦因数μ1＝0.1。将质量M＝0.1 kg的小铁块（可视为质点）放平台B上与弹簧左端接触但不连接，用力推铁块向右压缩弹簧到长度为10cm，然后撤去推力无初速释放铁块，从木板A的右端滑上木板。铁块与木板间的动摩擦因数μ2＝0.4，取重力加速度g＝10 m/s2，木板足够长，求：‎ ‎(1)弹簧上放物体压缩到最短10cm时，具有的弹性势能Ep；‎ ‎(2)铁块相对木板滑动时木板的加速度的大小；‎ ‎(3)铁块与木板摩擦所产生的热量Q和木板在水平地面上滑行的总路程x.‎ ‎14．一定质量的理想气体由状态A经过状态B变为状态C，其有关数据如p-T图象甲所示．若气体在状态A的温度为－73.15 ℃，在状态C的体积为0.6 m3.求：‎ ‎(1)状态A的热力学温度；‎ ‎(2)说出A至C过程中气体的变化情形，并根据图象提供的信息，计算图中VA的值；‎ ‎(3)在图乙坐标系中，作出由状态A经过状态B变为状态C的V－T图象，并在图线相应位置上标出字母A、B、C.如果需要计算才能确定坐标值，请写出计算过程．‎ ‎15．平衡位置位于原点O的波源发出的简谐横波在均匀介质中沿水平x轴传播，P、Q为x轴上的两个点（均位于x轴正向），P与O的距离为35 cm，此距离介于一倍波长与二倍波长之间。已知波源自t＝0时由平衡位置开始向上振动，周期T＝1 s，振幅A＝5 cm。当波传到P点时，波源恰好处于波峰位置；此后再经过5 s，平衡位置在Q处的质点第一次处于波峰位置。求：‎ ‎（1）P、Q间的距离；‎ ‎（2）从t＝0开始到平衡位置在Q处的质点第一次处于波峰位置时，波源在振动过程中通过的路程。‎ 五、填空题 ‎16．下列说法正确的是________。‎ A．自然界中只要涉及热现象的宏观过程都具有方向性 B．叶面上的小露珠呈球形是由于液体表面张力的作用 C．水的饱和气压会随着温度的升高而变小 D．当两分子间距离大于平衡位置的间距r0时，分子间的距离越大,分子势能越小 E. 一定质量的理想气体保持体积不变,温度升高,单位时间内撞击器壁单位面上体的分子数增多 ‎2019届贵州省遵义航天高级中学高三 上学期第三次月考物理试题 物理答案 ‎1．C ‎【解析】‎ A、对物体受力分析，受重力、拉力、摩擦力和支持力，拉力和摩擦力平衡，故物体加速下滑；故A错误.‎ B、合力沿着斜面向下大小等于重力的分力，合力做正功；故B错误.‎ C、D、拉力和摩擦力平衡，做的功之和为零，支持力不做功，故总功等于重力的功，故机械能总量保持不变；故C正确，D错误.‎ 故选C.‎ ‎【点睛】‎ 本题关键明确机械能守恒的条件，然后受力分析并结合功能关系判断.‎ ‎2．C ‎【解析】‎ 汽车的加速度为：，根据，则，解得：v0="12m/s" ,故物体停止的时间：，刹车后7s内的位移是6s内的位移，选项C正确。‎ 考点：匀变速运动的规律.‎ ‎3．A ‎【解析】‎ 小球对圆弧面的压力大小等于求的重力沿斜面的分力，显然a球对圆弧面的压力最小，故选A．‎ 考点：力的分解 ‎4．D ‎【解析】‎ 将F分解可得，物体在垂直于墙壁方向上受到的压力为N=Fcosθ，则物体对墙壁的压力为N=N′=Fcosθ；物体受到的滑动摩擦力为f=μN′=μFcosθ，根据牛顿第二定律可得，解得；故选D.‎ ‎【点睛】‎ 本题考查牛顿第二定律的基本应用，关键是对滑动摩擦力公式的掌握，注意公式里的正压力不一定是重力，而是垂直于接触面的压力．‎ ‎5．D ‎【解析】‎ 对货物进行受力分析，货物受重力和起重机对货物拉力F，根据牛顿第二定律得：，解得：，上升h高度，起重机对货物拉力做功，故A、B错误；由于货物做匀加速运动，所以平均速度等于过程中的中间时刻速度，所以在t时间内的平均速度为，起重机对货物拉力做功平均功率为，故C错误，D正确．所以选D．‎ 考点：牛顿第二定律；匀变速运动规律；功率、平均功率和瞬时功率．‎ ‎6．A ‎【解析】‎ A、由万有引力提供向心力，得：，则半径大的角速度小，A正确； ‎ B、，半径大的加速度小，B错误；‎ C、第一宇宙速度为近地卫星的运行速度，所有卫星的运行速度都小于或等于它，C错误； ‎ D、a的周期为24h,由，半径相同周期相同，则b的周期为24小时，D错误。‎ 故选：D。‎ ‎7．ACE ‎【解析】‎ 根据反射定律可得反射角为45°，所以反射角与折射光线的夹角为105°，所以A错误。根据折射定律可得，所以全反射角为，即C为45°。B错误。根据可得，在该液体中，红光的传播速度要比紫光的大，C错，紫光波长要比红光的小，所以该液体对紫光的折射率要比红光的大，所以折射角小于30°。D错误。‎ ‎8．AC ‎【解析】‎ B、小球恰好通过最高点时，轨道的支持力为零，只有重力提供向心力，，可得；故B错误.‎ C、小球通过b点的速度为v0,做圆周运动，由向心力公式，由牛顿第三定律可得压力为；故C正确.‎ A、D、从b点到c点由机械能守恒定律，结合临界速度可得，可知R越大,v0越大；而质量m与v0无关，则A正确，D错误.‎ 故选AC.‎ ‎【点睛】‎ 机械能守恒与向心力知识综合是常见的题型.小球恰好通过最高点时速度与轻绳模型类似，轨道对小球恰好没有作用力，由重力提供向心力，临界速度，做选择题时可直接运用．‎ ‎9．BC ‎【解析】‎ A、物块在斜面顶端静止释放能够下滑，则满足：mgsinα＞μ0mgcosα，即μ0＜tanα，故A错误.‎ B、根据牛顿第二定律有：，下滑过程中μ逐渐减小，则加速度a逐渐增大，故B正确.‎ C、由图乙可知，则摩擦力，可知f与x成线性关系，如图所示:‎ 其中f0=μ0mgcosα，图线和横轴所围的面积表示克服摩擦力做的功，则下滑到斜面底端的过程克服摩擦力做功：，故C正确.‎ D、下滑过程根据动能定理有：,解得：，故D错误.‎ 故选BC.‎ ‎【点睛】‎ 本题主要考查了牛顿第二定律、动能定理的综合应用，涉及到变力做功的问题，F-x图象所围的面积表示F所做的功.‎ ‎10．（1）刻度尺 （2）把木板的末端垫起适当高度以平衡摩擦力 （3）GJ ‎ ‎【解析】‎ ‎(1)除了图中的已给出的实验器材外，还需要的器材有刻度尺测量纸带上的长度；‎ ‎(2)实验时为了使小车只在橡皮筋作用下运动，应把木板的末端垫起适当高度以平衡摩擦力；‎ ‎(3)为了测量小车获得的速度，应选用小车速度最大，达到匀速运动时的速度，即选择纸带的间距均匀部分GJ进行测量；‎ ‎【点睛】‎ 本题关键是结合探究功与速度变化关系的实验原理进行分析，如本实验中，明确小车的运动情况，先加速，再匀速，橡皮条做功完毕，速度最大，做匀速运动，故需要测量匀速阶段的速度.‎ ‎11．（1）A1；V1；R1 （2）‎ ‎【解析】‎ ‎（1）由题意可知，电源电压为3V，故电压表只能采用0～3V，不能选用最大量程为15V的电压表，电压表选用V1；而由于待测电阻为20Ω，则电路中电流最大为150mA；故不能选用最大量程为3A的电流表，故电流表只能选用A1；而由题意可知，电路应采用分压接法，故滑动变阻器应选用较小的电阻，故滑动变阻器选用R1。‎ ‎（2）由欧姆定律可知R+Rx=，解得Rx=-R。‎ ‎【点睛】‎ 在电学实验的考查中，经常考查到仪表的选择、电流表内外接法的选择及实验数据的处理，故应注意此类问题的解法；在实验中要注意把握准确性、安全性及方便性原则。‎ ‎12．(1)a＝1.0×1015 m/s2 (2)y＝0.4m (3)‎ ‎【解析】‎ ‎(1)粒子在电场中只受电场力产生加速度，由牛肚第二定律 代入数据解得a＝1.0×1015m/s2‎ ‎(2)设粒子在电场中运动时间为t，粒子经过y轴时的位置与原点O的距离为y，‎ 则 y＝v0t t＝2.0×10－8s y＝0.4 m. ‎ ‎(3)粒子经过y轴时沿电场方向的分速度为：vx＝at＝2×107m/s 粒子经过y轴时速度为，方向与y轴正方向夹角为θ.‎ ‎，θ＝45°‎ 粒子在磁场中做匀速圆周运动，如图所示，‎ 设此时粒子做圆周运动的半径为R，‎ 由几何关系得：‎ 由牛顿第二定律得：‎ 解得：.‎ ‎【点睛】‎ 该题考查带电粒子在组合场中的运动，可以分别使用类平抛的公式和圆周运动的公式解答，‎ ‎13．(1)Ep= 4.05J (2)a＝0.5m/s2 (3)Q＝3.6J，x＝1.5m ‎【解析】‎ ‎(1)物块向下压弹簧的过程，由能量守恒定律：Ep=m1g（L1-L2）=4.05J ‎(2)设铁块滑上木板时速度为v0，在木板上滑动时，铁块的加速度为a1，木板的加速度为a2，‎ 由功能关系得解得：v0=9m/s 由牛顿第二定律可得μ2Mg＝Ma1，解得：a1＝μ2g＝4 m/s2。‎ μ2Mg－μ1(M＋m)g＝ma2，解得a2＝0.5 m/s2。‎ 设铁块与木板相对静止达共同速度时的速度为v，所需的时间为t，则有v＝v0－a1t，v＝a2t 解得：v＝1 m/s，t＝2 s。‎ 铁块相对地面的位移 木板运动的位移 铁块与木板的相对位移Δx＝x1－x2＝10m－1m＝9m 则此过程中铁块与木板摩擦所产生的热量Q＝Ff·Δx＝μ2Mg·Δx＝0.4×0.1×10×9J＝3.6J 达共同速度后的加速度为a3，发生的位移为s，则有：a3＝μ1g＝1m/s2‎ 木板在水平地面上滑行的总路程x＝x2＋s＝1m＋0.5m＝1.5m ‎【点睛】‎ 本题是一道力学综合题，分析清楚物块的运动过程是解题的前提与关键，应用能量守恒、牛顿第二定律、运动学公式即可解题，平时要注意基础知识的学习与积累．‎ ‎14．(1)TA＝200K (2)VA＝0.4m3 ‎ ‎(3)V－T图象如图所示:‎ ‎【解析】‎ ‎(1)根据摄氏温度与热力学温度间的关系求出热力学温度．(2)根据图示图象求出气体的状态参量，应用理想气体状态方程求出气体的体积．(3)求出气体的状态参量，然后应用盖吕萨克定律求出气体体积，再作出图示．‎ ‎【详解】‎ ‎(1)状态A的热力学温度：TA=t+273.15=-73.15+273.15=200（K）．‎ ‎(2)由图甲可知：A至B为等压过程，B至C为等容过程．‎ 对A至C，由理想气体状态方程有： ‎ 解得：‎ ‎(3)由盖•吕萨克定律：‎ 解得：‎ 因为B至C为等容过程，所以VC=VB=0.6m3，图象如图所示．‎ ‎【点睛】‎ 本题考查了求气体的温度与体积、作图象等问题，分析清楚气体状态变化过程、根据图象求出气体的状态参量、应用气体状态方程即可正确解题．‎ ‎15．（1）133cm （2）125m ‎【解析】‎ ‎（1）由题意，O、P两点间的距离与波长λ之间满足①‎ 波速v与波长的关系为②‎ 在t=5s的时间间隔内，波传播的路程为vt．由题意有③‎ 式中，PQ为P、Q间的距离．由①②③式和题给数据，得PQ=133cm ‎（2）Q处的质点第一次处于波峰位置时，波源运动的时间为；波源从平衡位置开始运动，每经过T，波源运动的路程为A．有题给条件得t1=25×T 故t1时间内，波源运动的路程为s=25A=125cm 考点：机械波的传播 ‎【名师点睛】‎ 本题是机械波的传播问题，是对简谐波的周期性的考查，根据波速和距离、周期之间的关系来计算通过的时间，再根据振幅计算通过的路程的大小。‎ ‎16．ABE ‎【解析】‎ A、自然界中进行的涉及热现象的宏观过程都具有方向性，故A正确；B、液体表面张力产生的原因是：液体跟气体接触的表面存在一个薄层，叫做表面层，表面层里的分子比液体内部稀疏，分子间的距离比液体内部大一些，分子间的相互作用表现为引力，所以叶面上的小露珠呈球形是由于液体表面张力的作用，故B正确；C、水的饱和气压会随着温度的升高而增大，故C错误；D、两分子间距大于平衡距离时，分子间为引力，则分子距离增大时，分子力做负功，分子势能增大；故D错误；E、一定质量的理想气体保持体积不变，温度升高，气体分子的平均动能增大，单位时间内撞击器壁单位面上体的分子数增多，故E正确；故选ABE。‎ ‎【点睛】‎ 考查分子势能、表面张力及压强等内容，要注意重点掌握气体压强不是因为分子间作用力，而是因为分子对器壁的撞击作用。‎