2019-2020学年内蒙古包钢一中高一上学期10月月考物理

2019-2020学年内蒙古包钢一中高一上学期10月月考物理

内蒙古包钢一中2019-2020学年高一上学期10月月考 物理试卷 本试卷满分100分，考试时间90分钟。‎ 注意事项：1．答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号准确填写在答题卡上。‎ ‎ 2．作答时，考生务必将答案写在相应答题卡上。写在本试卷及草稿纸上无效。‎ ‎ 3．考试结束后只上交答题卡。‎ 一. 单项选择题：本题共12小题，每小题3分，共36分。‎ ‎1.关于物体的运动,下列现象不可能存在的是(　　)‎ A.加速度在减小,速度在增大 B.加速度很大,速度变化很慢 C.速度变化量很大,加速度很小 D.加速度很小,速度很大 ‎2.关于描述运动的物理量,下列说法正确的是(　　)‎ A.物体沿直线向某一方向运动时,通过的路程就是位移 B.研究飞船的飞行姿态时,可以将飞船看成质点 C.雨点以5 m/s的速度落到地面,这个速度是平均速度 D.描述一个物体的运动时,参考系可以任意选择 ‎3.在某段公路上分别有如图所示的甲、乙两块告示牌,告示牌上面数字的意思是(　　)‎ A.甲是指位移,乙是指平均速度 B.甲是指路程,乙是指平均速度 C.甲是指位移,乙是指瞬时速度 D.甲是指路程,乙是指瞬时速度 ‎4.在平直公路上行驶的a车和b车,其x-t图象分别为图中直线a和曲线b,由图可知(　　)‎ A.b车先做加速运动再做减速运动 B.在t1时刻,a、b两车的速度大小相等 C.t1到t2时间内,a车的位移小于b车的位移 D.t1到t2时间内,某时刻两车的速度可能相同 ‎5.如图所示为甲、乙两物体在同一起跑线上同时向同一方向做直线运动时的v-t图像,则以下判断中正确的是(　　)‎ A.甲、乙均做匀速直线运动 B.在t1时刻甲、乙两物体相遇 C.在0～t1时间内甲乙的平均速度相等 ‎ D.甲、乙均做匀加速直线运动,乙的加速度大 ‎6.甲、乙两人同时从直跑道的一端前往另一端,甲在一半时间内跑,在另一半时间内走,乙在一半路程上跑,在另一半路程上走。他们跑或走的速度都是相同的,则他们两人中先到达终点的是(　　)‎ A.甲 B.乙 C.甲、乙同时到达终点 ‎ D.无法进行比较 ‎7.以v0=12 m/s的速度匀速行驶的汽车,突然刹车,刹车过程中汽车以a=-6 m/s2 的加速度继续前进,则刹车后(　　)‎ A.3 s内的位移是12 m B.3 s内的位移是9 m C.1 s末速度的大小是18 m/s D.3 s末速度的大小是6 m/s ‎8.汽车刹车后做匀减速直线运动,最后停下来,在刹车过程中,汽车前半程的平均速度与后半程的平均速度之比是(　　)‎ A.(+1)∶1 B.1∶(+1)‎ C.2∶1 D.1∶2‎ ‎9.如图所示,一质点做匀加速直线运动先后经过A、B、C三点,已知从A到B和从B到C速度的增加量Δv均为2 m/s,AB间的距离x1=3 m,B、C间的距离x2=5 m,则物体的加速度为(　　)‎ A.1 m/s2 B.2 m/s2 ‎ C.3 m/s2 D.4 m/s2‎ ‎10．正在匀加速沿平直轨道行驶的长为L的列车，保持加速度不变通过长度为L的桥．车头驶上桥时的速度为v1，车头经过桥尾时的速度为v2，则列车过完桥时的速度为(　　)‎ A.　　　　 　B. C. D. ‎ ‎11．高二学生张晓乐身高1.7 m，在2019年学校秋季运动会上参加跳高比赛，采用背跃式，身体横着越过2.10 m的横杆，获得了冠军．据此可估算出他起跳时竖直向上的速度至少约为(g取10 m/s2)(　　)‎ A．9 m/s B．8 m/s C．5 m/s D．3 m/s ‎12．一列车沿直线轨道从静止出发由A地驶向B地，并停在B地，列车做加速运动时，其加速度的最大值为a1；做减速运动时，其加速度的绝对值的最大值为a2.要让列车由A地到B地所用的时间最短，图中列车的vt图象应是(其中tanα＝a1；tanβ＝a2)(　　) ‎ 一. 多项选择题：本题共5小题，每小题4分，共20分，选对但不全得2分，选错不得分。‎ ‎13.以下说法正确的是( )‎ A.在800m跑的比赛中,不同跑道的运动员跑完全程的位移相同 B.高速公路上的汽车最快允许达到的速度为33m/s.‎ C.某次比赛,孙杨在400m自由泳决赛中夺得了冠军,这取决于他在400m内的平均速率大 D.通常汽车起步的加速度大小约为2 m/s2‎ ‎14．如图所示，一小滑块沿足够长的固定斜面以初速度v向上做匀减速直线运动，依次经A、B、C、D到达最高点E，已知AB＝BD＝6 m，BC＝1 m，滑块从A到C和从C到D所用的时间都是2 s．设滑块经过C时的速度为vC，则(　　)‎ A．滑块上滑过程中加速度的大小为0.5 m/s2‎ B．vC＝6 m/s ‎ C．DE＝3 m ‎ D．从D到E所用时间为4 s ‎15．甲、乙两辆汽车在同一水平直道上运动，其运动的位移—时间图像(xt图像)如图所示，则下列关于两车运动情况的说法中错误的是(　　)‎ A．甲车先做匀减速直线运动，后做匀速直线运动 B．乙车在0～10 s内的平均速度大小为0.8 m/s C．在0～10 s内，甲、乙两车相遇两次 D．若乙车做匀变速直线运动，则图线上P所对应的瞬时速度大小一定大于0.8 m/s ‎16．一质量为m的滑块在粗糙水平面上匀减速滑行，已知滑块在最开始2 s内的位移是最后2 s内的位移的两倍，且已知滑块第1 s内的位移为2.5 m，由此可求得(　　)‎ A．滑块的加速度为5 m/s2‎ B．滑块的初速度为5 m/s C．滑块运动的总时间为3 s D．滑动运动的总位移为4.5 m ‎17．如图所示，t＝0时，质量为0.5kg的物体从光滑斜面上的A点由静止开始下滑，经过B点后进入水平面(经过B点前后速度大小不变)，最后停在C点．每隔2 s物体的瞬时速度记录在下表中，重力加速度g取10 m/s2，下列说法正确的是（ ）‎ t/s ‎0‎ ‎2‎ ‎4‎ ‎6‎ v/(m·s－1)‎ ‎0‎ ‎8‎ ‎12‎ ‎8‎ A.物体运动过程中的最大速度为12m/s B．t=10s/3的时刻物体恰好经过B点 C．t=10s的时刻物体恰好停在C点 D．A、B间的距离大于B、C间的距离 三、计算题（共计44分。要求有必要的文字说明和重要演算步骤，写清楚物理公式，没有分析过程只写答案不给分）‎ ‎18. (8分)一个物体以一定的初速度做匀减速直线运动直至停止,加速度大小为10m/s2,物体在运动的第一秒内通过的位移为总位移的,求总位移的大小 。‎ ‎19. (8分)一个物体以5 m/s的初速度匀减速上一个斜坡,上坡的加速度的大小为0.4 m/s2,斜坡长30 m,则物体通过斜坡需要多长时间?‎ ‎20.(8分)某物体的位移—时间图象如图甲所示,若规定向东为正方向。 ‎ ‎(1)试求物体在OA、CD、DE各阶段的速度大小及方向。‎ ‎(2)在图乙中作出12 s内的速度—时间图象。‎ ‎21.(8分)将一重物从离地面175 m的高处以10 m/s的速度竖直向上抛出，则重物需要经过多长时间才能落到地面？重物到达地面时的速度是多大？(g取10 m/s2，不计空气阻力)‎ ‎22．（12分）下列是《驾驶员守则》中的安全距离图示和部分安全距离表格．‎ 车速v(km/h)‎ 反应距离s(m)‎ 刹车距离x(m)‎ 停车距离L(m)‎ ‎40‎ ‎10‎ ‎10‎ ‎20‎ ‎60‎ ‎15‎ ‎22.5‎ ‎37.5‎ ‎80‎ A＝(　　)‎ B＝(　　)‎ C＝(　　)‎ 请根据该图表计算：‎ ‎(1)如果驾驶员的反应时间一定，请在表格中填上A的数据；‎ ‎(2)如果路面情况相同，请在表格中填上B、C的数据；‎ ‎(3)如果路面情况同，一名喝了酒的驾驶员发现前面50m处有一队学生正在横过马路，此时他的车速为72km/h，而他的反应时间比正常时慢了0.1s，请问他能在50m内停下来吗？‎ 参考答案 一、单项选择题 ‎1.B 2.D 3.D 4.D 5.D 6.A 7.A 8.A 9.B 10.D 11.C 12.D 二、多项选择题 ‎13.BCD 14.AD 15.BCD 16.CD 17.BC ‎ 三、计算题 ‎18.（8分）解析:设物体运动的总时间为t,加速度大小为a,通过位移为X,物体在(t-1)秒内的位移为x。由匀变速运动的规律,有x=at2,x1=a(t-1)2。由题意得==,联立以上各式解得X=125 m。‎ ‎19.（8分）解析　由位移公式x=v0t+at2 代入数据得:30=5t-×0.4t2‎ 解得:t1=10 s,t2=15 s。‎ 将t1=10 s和t2=15 s分别代入速度公式v=v0+at计算两个对应的末速度,v1=1 m/s和v2=-1 m/s。后一个速度v2=-1 m/s与上坡的速度方向相反,与实际情况不符,所以应该舍去。实际上,15 s是自行车按0.4 m/s2的加速度匀减速运动速度减到零又反向加速到1 m/s所用的时间,而这15 s内的位移恰好也是30 m。‎ 在本题中,由于斜坡不是足够长,用10 s的时间就能到达坡顶,自行车不可能倒着下坡,从此以后自行车不再遵循前面的运动规律,所以15 s是不合题意的 ‎20．（8分）解析　(1)物体在t=0开始从原点出发向东做匀速直线运动,历时2 s,接着在2~5 s内静止;第6 s内继续向东做匀速直线运动;在第6 s末到第8 s末匀速反向运动,至8 s末回到出发点;在第8 s末至第12 s末从出发点向西做匀速直线运动。‎ 由x-t图象得各阶段的速度如下:OA段:v1==3 m/s,方向向东;AB段:v2=0;‎ BC段:v3==6 m/s,方向向东;CD段:v4== m/s=-6 m/s,速度大小为6 m/s,方向向西;‎ DE段:v5== m/s=-1 m/s,速度大小为1 m/s,方向向西。‎ ‎(2)v-t图象如图所示。‎ ‎21. （8分）[解析] 解法一：全程法 取全过程为一整体进行研究，从重物抛出开始计时，经时间t落地，规定初速度方向为正方向，画出运动草图，如图所示．重物在时间t内的位移h＝－175 m 将h＝－175 m，v0＝10 m/s代入位移公式h＝v0t－gt2 解得t＝7 s或t＝－5 s(舍去)‎ 所以重物落地速度为v＝v0－gt＝10 m/s－10×7 m/s＝－60 m/s 其中负号表示方向竖直向下，与初速度方向相反．‎ 解法二：分段法设重物抛出后，经过t1时间上升到最高点，则t1＝＝ s＝1 s(10分)‎ 上升的最大高度h1＝＝ m＝5 m故重物离地面的最大高度为H＝h1＋h＝5 m＋175 m＝180 m 重物从最高处自由下落，落地时间和落地速度分别为 t2＝＝ s＝6 sv＝gt2＝10×6 m/s＝60 m/s，方向竖直向下 所以重物从气球上掉落至落地共历时t＝t1＋t2＝7 s.‎ 一. ‎（12分）解析：(1)反应时间为t＝＝，即＝，A＝20 m.‎ （2） 加速度a＝＝ m/s2＝ m/s2，B＝＝ m＝40 m，所以C＝A＋B＝60 m.‎ ‎（3）此时，司机的反应时间为t＝ s＋0.1 s＝1 s，司机的反应距离为s＝vt＝×1 m＝20 m，‎ 司机的刹车距离为x＝＝ m＝32.4 m L＝s＋x＝52.4 m>50 m，故不能在50 m内停下来．‎