2020版高考物理二轮复习48分小题精准练10含解析

2020版高考物理二轮复习48分小题精准练10含解析

高考化学总复习 ‎48分小题精准练(十)‎ ‎(建议用时：20分钟)‎ ‎(1～5小题为单选题，6～8小题为多选题)‎ ‎1．(2019·湖南六校联考)甲、乙两车在平直公路上同向行驶，其vt图象如图所示。已知两车在t＝3 s时相遇，则(　　)‎ A．在t＝1 s时，甲车在乙车后面 B．在t＝0时，甲车在乙车前7.5 m C．两车另一次相遇的时刻是t＝2 s D．两车两次相遇的位置之间沿公路方向的距离为45 m B　[根据速度—时间图线与横轴围成图形的面积表示位移可知，在1～3 s时间内两车位移相等，已知两车在t＝3 s时相遇，所以在t＝1 s时，甲车和乙车也相遇，选项A、C错误；在0～1 s时间内，甲车的位移为x1＝5 m，乙车的位移为x2＝12.5 m，则在t＝0时，甲车在乙车前Δx＝x2－x1＝7.5 m，选项B正确；在1～3 s时间内两车位移相等，甲车的位移是x＝×2 m＝40 m，所以两车两次相遇的位置之间沿公路方向的距离为40 m，选项D错误。]‎ ‎2.如图所示为氢原子的能级图，用某种频率的光照射大量处于基态的氢原子，受到激发后的氢原子只辐射出三种不同频率的光a、b、c，频率νa>νb>νc，让这三种光照射逸出功为10.2 eV的某金属表面，则(　　)‎ A．照射氢原子的光子能量为12.09 eV B．从n＝3能级跃迁到n＝2能级辐射出的光频率为νb C．逸出的光电子的最大初动能为1.51 eV D．光a、b、c均能使该金属发生光电效应 A　[用某种频率的光照射大量处于基态的氢原子，受到激发后的氢原子只辐射出三种不同频率的光，则知受激发后的氢原子处于n＝3能级，可知照射氢原子的光子能量为(－1.51 eV)－(－13.6 eV)＝12.09 eV，A选项正确；n＝3→n＝1时：hνa＝－1.51 eV－(－13.6 eV)＝12.09 eV，n＝2→n＝1时：hνb＝－3.4 eV－(－13.6 eV)＝10.2 eV，n＝3→n＝2时：hνc - 5 -‎ 高考化学总复习 ‎＝－1.51 eV－(－3.4 eV)＝1.89 eV，则知从n＝3能级跃迁到n＝2能级辐射出的光频率为νc，让这三种光照射逸出功为10.2 eV的某金属表面，光c不能使该金属发生光电效应，光a、b可使该金属发生光电效应，逸出的光电子的最大初动能为12.09 eV－10.2 eV＝1.89 eV，故B、C、D错误。]‎ ‎3．(2019·重庆七校高三联考)如图所示，金属棒ab置于水平放置的U形光滑导轨上，导轨左端接一定值电阻R，在ef右侧存在有界匀强磁场B，磁场方向垂直导轨平面向下，在ef左侧的无磁场区域cdef内有一半径很小的金属圆环L，圆环与导轨在同一平面内。金属棒ab在水平恒力F的作用下从磁场左边界ef处由静止开始向右运动，导轨电阻不计，在金属棒匀速运动前，下列有关圆环的说法正确的是(　　)‎ A．圆环内产生变大的感应电流，圆环有收缩的趋势 B．圆环内产生变小的感应电流，圆环有收缩的趋势 C．圆环内产生变大的感应电流，圆环有扩张的趋势 D．圆环内产生变小的感应电流，圆环有扩张的趋势 B　[金属棒ab在水平恒力F的作用下从磁场左边界ef处由静止开始向右运动，金属棒ab的速度逐渐增大，金属棒ab切割磁感线产生感应电动势和感应电流，由于受到与速度成正比的安培力作用，加速度逐渐减小，左侧金属圆环内的磁通量逐渐增大，但磁通量变化率逐渐减小，根据法拉第电磁感应定律可知，圆环内产生逐渐变小的感应电流；根据楞次定律可知，圆环有收缩的趋势，选项B正确，A、C、D错误。]‎ ‎4．(2019·武汉市三模)2018年7月29日09时48分，我国在西昌卫星发射中心用“长征三号乙”运载火箭，以“一箭双星”方式成功发射第33、34颗北斗导航卫星。火箭将两颗卫星送入同一个轨道上的不同位置，如图所示。如果这两颗卫星与地心连线的夹角为θ(弧度)，在轨运行的加速度大小均为a，均沿顺时针方向做圆周运动。已知地球的半径为R，地球表面的重力加速度为g，则第33颗北斗卫星从图示位置运动到第34颗北斗卫星图示位置所用的时间为(　　)‎ A. B．θ C. D. - 5 -‎ 高考化学总复习 B　[设卫星绕地球运动的轨道半径为r，由万有引力定律和牛顿运动定律有，G＝ma，G＝m0g，G＝m，t＝，联立解得t＝θ，选项B正确。]‎ ‎5.如图所示，在间距为d的竖直虚线MN、PQ区域内有垂直于纸面向外的匀强磁场。一质量为m、电荷量为＋q的带电粒子沿与竖直方向成60°的方向，从A点以速度v0进入匀强磁场。不计粒子的重力，若要使粒子从MN飞出磁场，则磁感应强度的最小值为(　　)‎ A. B. C. D. B　[带电粒子刚好不从PQ射出磁场，运动轨迹如图所示，由几何关系得r＋rcos 60°＝d，解得r＝d，电子在磁场中做匀速圆周运动，由牛顿第二定律得qv0B＝m，解得磁感应强度的最小值为B＝，故A、B、C错误，D正确。]‎ ‎6．(2019·成都二诊)如图所示，固定的倾斜光滑杆上套有一个质量为m的圆环，圆环与一轻质水平状态的弹簧相连，弹簧的另一端固定在墙上O点，且处于原长。现让圆环从A点由静止开始下滑，滑到O点正下方B点时速度为零。则在圆环下滑过程中(　　)‎ - 5 -‎ 高考化学总复习 A．圆环的机械能先减小再增大，再减小 B．弹簧的弹性势能先增大再减小 C．与圆环在A点的加速度相同的位置还有两处 D．弹簧再次恢复到原长时圆环的速度最大 AC　[弹簧的弹力对圆环先做负功再做正功，再做负功，故圆环的机械能先减小后增大，再减小；弹簧的弹性势能先增大后减小，再增大。圆环在A处a＝gsin θ，当弹簧恢复原长时和弹簧与杆垂直时，也有a＝gsin θ。合力为零时，圆环的速度最大，不是弹簧再次恢复到原长时。]‎ ‎7.如图所示，在光滑的水平桌面上有体积相同的两个小球A、B，质量分别为m＝0.1 kg和M＝0.3 kg，两球中间夹着一根压缩的轻弹簧，原来处于静止状态，同时放开A、B球和弹簧，已知A球脱离弹簧时的速度为6 m/s，接着A球进入与水平面相切、半径为0.5 m的竖直面内的光滑半圆形轨道运动，P、Q为半圆形轨道竖直的直径，g取10 m/s2。下列说法正确的是(　　)‎ A．弹簧弹开过程，弹力对A的冲量大小大于对B的冲量大小 B．A球脱离弹簧时B球获得的速度大小为2 m/s C．A球从P点运动到Q点过程中所受合外力的冲量大小为1 N·s D．若半圆轨道半径改为0.9 m，则A球不能到达Q点 BCD　[弹簧弹开两小球的过程，弹力相等，作用时间相同，根据冲量定义可知，弹力对A的冲量大小等于对B的冲量大小，选项A错误；由动量守恒定律得mv1＝Mv2，解得A球脱离弹簧时B球获得的速度大小为v2＝2 m/s，选项B正确；设A球运动到Q点时速度为v，对A球从P点运动到Q点的过程，由机械能守恒定律得mv＝mg·2R＋mv2，解得v＝4 m/s，根据动量定理得I＝mv－(－mv1)＝1 N·s，即A球从P点运动到Q点过程中所受合外力的冲量大小为1 N·s，选项C正确；若半圆轨道半径改为0.9 m，小球到达Q点的临界速度为vC＝＝3 m/s，对A球从 - 5 -‎ 高考化学总复习 P点运动到Q点的过程，由机械能守恒定律，mv＝mg·2r＋mv′2，解得v′＝0 m/s，小于小球到达Q点的临界速度vC，则A球不能到达Q点，选项D正确。]‎ ‎8．如图甲所示，物块A与木板B叠放在粗糙水平面上，其中A的质量为m，B的质量为2m，且B足够长，A与B、B与地面间的动摩擦因数均为μ。对木板B施加一水平变力F，F随t变化的关系如图乙所示，A与B、B与地面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力。下列说法正确的是(　　)‎ 甲　　　　　　　乙 A．在0～t1时间内，A、B间的摩擦力为零 B．在t1～t2时间内，A受到的摩擦力方向水平向左 C．在t2时刻，A、B间的摩擦力大小为0.5μmg D．在t3时刻以后，A、B间的摩擦力大小为μmg AD　[A、B间的滑动摩擦力fAB＝μmg，B与地面间的滑动摩擦力f＝3μmg，故在0～t1时间内，推力小于木板与地面间的滑动摩擦力，故B静止，此时A、B无相对滑动，故A、B间摩擦力为零，故A正确；‎ A在木板上产生的最大加速度为a＝＝μg，此时对B分析可知F－3μmg＝2ma，解得F＝5μmg，故在t1～t2时间内，A、B一起向右做加速运动，对A分析可知，A受到的摩擦力水平向右，故B错误；‎ 在t2时刻，A、B未发生滑动，加速度a＝＝μg，对物块A：f＝ma＝μmg，故C错误；‎ 在t3时刻以后，A、B发生滑动，故A、B间的摩擦力大小为μmg，故D正确。]‎ - 5 -‎