【物理】2020届一轮复习人教版选择题快速练一作业（山东专用）

【物理】2020届一轮复习人教版选择题快速练一作业（山东专用）

选择题快速练一 ‎1.下列说法中正确的是(　　)‎ 甲 乙 A.利用甲图装置卢瑟福第一次完成了原子核的人工转变,由此发现了电子 B.甲图中的A为α粒子,B为氮气,发生的核反应方程为 ‎ ‎‎7‎‎14‎N+‎‎2‎‎4‎He‎→‎‎8‎‎17‎O‎+‎‎1‎‎1‎H C.乙图为查德威克实验示意图,利用此装置发现了质子 D.乙图中的不可见粒子为γ射线,从石蜡中“打出的粒子”是质子 答案　B　利用甲图所示装置卢瑟福第一次完成原子核的人工转变,由此发现了质子,核反应方程为‎ ‎‎7‎‎14‎N‎+‎‎2‎‎4‎He‎→‎‎8‎‎17‎O+‎1‎‎1‎H,A项错误,B项正确;乙图为查德威克实验示意图,利用此装置发现了中子,C项错误;乙图中的不可见粒子为中子流,D项错误。‎ ‎2.如图所示,小方块代表一些相同质量的钩码,图甲中O为轻绳之间连接的结点,图乙中光滑的轻质小滑轮跨在轻绳上悬挂钩码,两装置均处于静止状态。现将图甲中B滑轮沿虚线稍稍上移一些,图乙中的端点B沿虚线稍稍上移一些(乙图中的绳长不变),则关于图中θ角和OB绳的张力F的变化,下列说法正确的是(　　)‎ A.甲、乙图中的θ角均增大,F均不变 B.甲、乙图中的θ角均不变,F均不变 C.甲图中θ角增大、乙图中θ角不变,张力F均不变 D.甲图中θ角减小、F不变,乙图中θ角增大、F减小 答案　B　甲图中,若将B滑轮沿虚线稍稍上移一些,O结点所受三个力大小不变,根据力的合成法则可知,夹角θ不变。乙图中,因是光滑的滑轮,且绳子中的张力大小相等,则OA、OB段绳中的力总是相等的,因此合力过OA、OB夹角的角平分线,将端点B稍上移,由于绳长不变,分析可知OA、OB夹角不变,则θ角不变,绳子中的张力大小F不变。故B项正确。‎ ‎3.(多选)如图所示,质量均为m的A、B两物块置于水平地面上,物块与地面间的动摩擦因数均为μ,物块间用一水平轻绳相连,绳中无拉力。现用水平力F向右拉物块A,假设最大静摩擦力等于滑动摩擦力,重力加速度为g。下列说法中正确的是(　　)‎ A.当02μmg时,绳中拉力等于F‎2‎ D.无论F多大,绳中拉力都不可能等于F‎3‎ 答案　ABC　当02μmg时,对A、B整体有a=F-2μmg‎2m,对B有a=F拉‎-μmgm,由以上两式得F拉=F‎2‎,C项正确;当F=‎3‎‎2‎μmg时,绳中的拉力为‎1‎‎2‎μmg,即绳中的拉力为F‎3‎,D项错误。‎ ‎4.马来西亚航空公司MH370航班起飞后与地面失去联系,机上有154名中国人。我国在事故发生后启动应急机制,紧急调动海洋、风云、高分、遥感4个型号的近10颗卫星为搜救行动提供技术支持。假设“高分一号”卫星、同步卫星和月球都绕地球做匀速圆周运动,它们在空间的位置示意图如图所示。下列有关“高分一号”卫星的说法正确的是(　　)‎ A.其发射速度可能小于7.9 km/s B.绕地球运行的角速度比月球绕地球运行的角速度小 C.绕地球运动的周期比同步卫星绕地球运动的周期小 D.在运行轨道上完全失重,重力加速度为0‎ 答案　C　近地卫星的发射速度为7.9 km/s,卫星发射得越高,发射速度越大,故“高分一号”的发射速度一定大于7.9 km/s,故A项错误;根据万有引力提供向心力有GMmr‎2‎=mω2r,得ω=GMr‎3‎,即轨道半径越大,角速度越小,由于“高分一号”的轨道半径小于月球的轨道半径,故“高分一号”绕地球运行的角速度比月球绕地球运行的角速度大,B项错误;根据万有引力提供向心力得GMmr‎2‎=m‎4‎π‎2‎T‎2‎r,得T=2πr‎3‎GM,可知卫星的轨道半径越小,周期越小,由于“高分一号”的轨道半径小于同步卫星的轨道半径,故“高分一号”绕地球运行的周期比同步卫星的周期小,C项正确;万有引力提供向心力,“高分一号”在运行轨道上完全失重,GMmr‎2‎=mg',故重力加速度g'=GMr‎2‎,不为零,D项错误。‎ ‎5.(多选)如图所示,x轴在水平地面上,y轴在竖直方向。图中画出了从y轴上不同位置沿x轴正向水平抛出的三个小球a、b和c的运动轨迹。小球a从(0,2L)抛出,落在(2L,0)处;小球b、c从(0,L)抛出,分别落在(2L,0)和(L,0)处。不计空气阻力,下列说法正确的是(　　)‎ ‎　　　　　　 　　　　　　 　　　　　　 ‎ A.a和b初速度相同 B.b和c运动时间相同 C.b的初速度是c的两倍 D.a的运动时间是b的两倍 答案　BC　b、c的高度相同,小于a的高度,根据h=‎1‎‎2‎gt2,得t=‎2hg,知b、c的运动时间相同,a的运动时间是b的‎2‎倍,故B正确,D错误;a的运动时间比b长,a、b的水平位移相同,根据x=v0t知,a的初速度小于b的初速度,故A错误;b、c的运动时间相同,b的水平位移是c的水平位移的两倍,则b的初速度是c的两倍,故C正确。‎ ‎6.(多选)如图所示是某空间部分电场线分布图,在电场中取一点O,以O为圆心的圆周上有M、Q、N三个点,连线MON与直电场线重合,连线OQ垂直于MON。下列说法正确的是(　　)‎ A.M点的场强大于N点的场强 B.O点的电势等于Q点的电势 C.将一负点电荷由M点移到Q点,电荷的电势能增加 D.一正点电荷只受电场力作用能从Q点沿圆周运动至N点 答案　AC　电场线的疏密表示场强的强弱,故M点的场强大于N点的场强,A正确;根据电场线与等势线垂直的特点,在O点所在电场线上找到Q点的等势点,根据沿电场线方向电势降低可知,O点的电势比Q点的电势高,故B错误;将一负点电荷由M点移到Q点,电场力做负功,电势能增加,故C正确;一正点电荷只受电场力作用不可能沿圆周运动,故D错误。‎ ‎7.如图所示,整个空间存在水平向左的匀强电场,MN的右侧存在垂直纸面向里的匀强磁场。由绝缘材料制成的光滑轨道AC与水平面的夹角为θ,C点处于MN边界上,其延长线为CD。一质量为m的带电小球沿轨道AC下滑,至C点后沿直线CD运动。则以下说法错误的是(　　)‎ A.小球带正电荷 B.小球在MN左侧做匀加速直线运动 C.小球在MN右侧做匀速直线运动 D.小球在MN的右侧所受洛伦兹力为mgcosθ 答案　B　小球在MN右侧会受到洛伦兹力作用,做直线运动时,因重力、静电力不变,所以洛伦兹力也不变,由F洛=qvB可知v不变,则小球在MN右侧一定做匀速直线运动,故C对。小球受力如图所示,由左手定则可知小球带正电,由图知小球所受电场力和重力的合力垂直于轨道,故小球在MN的左侧做匀速直线运动,A对,B错。由几何关系知F洛=mgcosθ,故D对。本题选择错误的,故选B。‎ ‎8.如图所示,abcd为用粗细均匀的同种材料制成的金属线框,其中ab的长度只有bc长度的一半。现将线框放在水平光滑绝缘的桌面上,在外力F的作用下让线框以速度v匀速穿过右边两个磁感应强度大小相等、方向相反的磁场区域。若以图示位置开始计时,‎ 规定逆时针电流方向为正,磁感线向下穿过线框时的磁通量为正。则下列关于回路电流i、外力F大小、cb间的电势差Ucb及穿过线框的磁通量Φ随时间变化的图像正确的是(　　)‎ 答案　C　当线框进入第一个磁场时,由右手定则知电流方向为逆时针,开始进入第二个磁场时,电流方向为顺时针,出第二个磁场,电流方向为逆时针,故A错误;由E=Blv可知,线框进入第一个磁场和出第二个磁场时,E=BLv‎2‎保持不变,而开始进入第二个磁场时,两边同时切割磁感线,电动势应为BLv,电流加倍,故每根导体棒受到的安培力加倍,则F=4F安,将变为原来的4倍,故B错误;根据U=IR和电流方向知刚进入磁场和出磁场时电压相等,b点电势高,故Ucb为负,两边同时切割磁感线时,c点电势高,且c、b两点之间的电压为原来的2倍,故C正确;当线框开始进入磁场时,磁通量开始增加,当全部进入时达到最大,此后向外的磁通量增加,总磁通量减小,当运动1.5L时,磁通量为零,故D错误。‎ 选择题快速练二 ‎1.如图所示为氢原子能级示意图,现有大量的氢原子处于n=4的激发态,当向低能级跃迁时辐射出若干不同频率的光,下列说法正确的是(　　)‎ A.这些氢原子总共可辐射出3种不同频率的光 B.由n=2能级跃迁到n=1能级产生的光频率最小 C.由n=4能级跃迁到n=1能级产生的光最容易表现出衍射现象 D.用由n=2能级跃迁到n=1能级辐射出的光照射逸出功为6.34 eV的金属铂能发生光电效应 答案　D　这些氢原子总共可辐射出6种不同频率的光,A错;由n=4能级跃迁到n=3能级产生的光,能量最小,频率最小,由n=4能级跃迁到n=1能级产生的光,能量最大,频率最大,波长最小,最不容易表现出衍射现象,B、C错;由n=2能级跃迁到n=1能级辐射出的光子的能量为10.2 eV,用它照射逸出功为6.34 eV的金属铂能发生光电效应,D对。‎ ‎2.甲、乙两物体从同一地点开始沿同一方向运动,其速度随时间的变化关系如图所示,图中t2=t‎4‎‎2‎,两段曲线均为‎1‎‎4‎圆弧,则(　　)‎ A.两物体在t1时刻加速度相同 B.两物体在t2时刻运动方向均改变 C.两物体在t3时刻相距最远,t4时刻相遇 D.0~t4时间内甲物体的平均速度大于乙物体的平均速度 答案　C　因两段曲线均为‎1‎‎4‎圆弧,分析题图知在t1时刻曲线的切线斜率的绝对值与直线斜率相等,即t1时刻两物体加速度大小相等,但方向相反,选项A错。两物体均做单方向的直线运动,选项B错。甲先做匀加速运动再做匀减速运动,乙先做加速度减小的减速运动,再做加速度减小的加速运动,在t3时刻,两物体相距最远;在0~t4时间内两物体的v-t图线与t轴所围面积相等,故两物体在t4时刻相遇,在0~t4时间内的平均速度相同,选项C对,D错。‎ ‎3.如图所示,两小球A、B通过O点处光滑的小滑轮用细线相连,小球A置于光滑半圆柱上,小球B用水平线拉着系于竖直板上,两球均处于静止状态,已知O点在半圆柱截面圆心O1的 正上方,OA与竖直方向成30°角,其长度与圆柱底面圆的半径相等,OA⊥OB,则A、B两球的质量之比为(　　)‎ A.‎2‎‎3‎ B.‎2‎‎3‎‎1‎ C.‎1‎‎2‎ D.‎‎3‎‎3‎ 答案　B　小球A、B受力如图所示,则对小球A有mAg、T、N组合成的力三角形与△OAO1相似,又因OA长与圆柱底面圆的半径相等,∠AOO1=30°,所以T=‎3‎‎3‎mAg;对小球B有T' cos 60°=mBg,T=T',所以A、B两球的质量之比为mAmB=‎2‎‎3‎‎1‎,B对。‎ ‎4.如图所示,质量为m1和m2的两个材料相同的物体用细线相连,在大小恒定的拉力F作用下,先沿水平面,再沿斜面,最后竖直向上匀加速运动,不计空气阻力,在三个阶段的运动中,线上拉力的大小(　　)‎ A.由大变小 B.由小变大 C.始终不变且大小为m‎1‎m‎1‎‎+‎m‎2‎F D.由大变小再变大 答案　C　在水平面上时,对整体由牛顿第二定律得F-μ(m1+m2)g=(m1+m2)a1,对m1由牛顿第二定律得T1-μm1g=m1a1,联立解得T1=m‎1‎m‎1‎‎+‎m‎2‎F;在斜面上时,对整体由牛顿第二定律得F-μ(m1+m2)g cos θ-(m1+m2)g sin θ=(m1+m2)a2,对m1由牛顿第二定律得T2-μm1g cos θ-m1g sin θ=m1a2,联立解得T2=m‎1‎m‎1‎‎+‎m‎2‎F;在竖直方向时,对整体由牛顿第二定律得 F-(m1+m2)g=(m1+m2)a3,对m1由牛顿第二定律得T3-m1g=m1a3,联立解得T3=m‎1‎m‎1‎‎+‎m‎2‎F。综上分析可知,线上拉力始终不变且大小为m‎1‎m‎1‎‎+‎m‎2‎F,选项C正确。‎ ‎5.(多选)某同学在实验室中研究远距离输电。由于输电线太长,他将每 100 米导线卷成一卷,共卷成 8 卷来代替输电线路(忽略输电线路的自感作用)。第一次直接将输电线与学生电源及用电器相连,测得输电线上损失的功率为P1。第二次采用如图所示的电路输电,其中理想变压器 T1与电源相连,其原、副线圈的匝数比为n1∶n2,理想变压器T2与用电器相连,测得输电线上损失的功率为P2。下列说法正确的是(　　)‎ A.前后两次实验都可用于研究远距离直流输电 B.实验可以证明,减小输电电流能减小远距离输电的能量损失 C.若输送功率一定,则P2∶P1=n‎1‎‎2‎∶‎n‎2‎‎2‎ D.若输送功率一定,则P2∶P1=n1∶n2‎ 答案　BC　变压器只能改变交变电压,A项错误;根据P=I2r可知,减小输电电流能减小远距离输电的能量损失,B项正确;若输送功率一定,第一次实验输电线上的电流为I=PU‎1‎,输电线上损耗的功率为P1=I2r=PU‎1‎‎2‎r,第二次实验,升压变压器副线圈两端的电压U2=n‎2‎n‎1‎U1,输电线上的电流为I'=PU‎2‎,输电线上损耗的功率为P2=PU‎2‎‎2‎r,解得P2∶P1=n‎1‎‎2‎∶n‎2‎‎2‎,C项正确,D项错误。‎ ‎6.我国正在进行的探月工程是高新技术领域的一次重大科技活动,在探月工程中飞行器成功变轨至关重要。如图所示,假设月球半径为R,月球表面的重力加速度为g0,飞行器在距月球表面高度为3R的圆形轨道Ⅰ上运动,到达轨道的A点点火变轨进入椭圆轨道Ⅱ,到达轨道的近月点B再次点火进入近月轨道Ⅲ绕月球做圆周运动,则(　　)‎ A.飞行器在B点点火后,动能增加 B.由已知条件不能求出飞行器在轨道Ⅱ上的运行周期 C.只有万有引力作用的情况下,飞行器在轨道Ⅱ上通过B点时的加速度大于在轨道Ⅲ上通过B点时的加速度 D.飞行器在轨道Ⅲ上绕月球运行一周所需的时间为2πRg‎0‎ 答案　D　在椭圆轨道近月点变轨成为圆轨道,要实现变轨应点火减速,使飞行器做近心运动,故点火后动能减小,A项错误;设飞行器在近月轨道Ⅲ绕月球运行一周所需的时间为T3,则mg0=mR‎4‎π‎2‎T‎3‎‎2‎,解得T3=2πRg‎0‎,根据几何关系可知,轨道Ⅱ的半长轴a=2.5R,根据开普勒第三定律a‎3‎T‎2‎=k以及T3,可求出飞行器在轨道Ⅱ上的运行周期,故B项错误,D项正确;只有万有引力作用的情况下,飞行器在轨道Ⅱ上通过B点时的加速度与在轨道Ⅲ上通过B点时的加速度相等,故C项错误。‎ ‎7.在真空中M、N两点分别放有异种点电荷+2Q和-Q,以M、N连线中点O为中心作一圆,a、O、c三点恰好将MN四等分。b、d为MN的中垂线与圆的交点,如图所示,则下列说法正确的是　(　　)‎ A.a、b、c、d四点电场强度的大小关系是Ea>Ec,Eb=Ed B.a、b、c、d四点电势的关系是φa<φc,φb=φd C.在M、N的连线上,O点的电场强度最小 D.将带负电的试探电荷由b沿直线移动到d的过程中,其电势能始终不变 答案　A　设Ma=aO=l,则Ea=k·2Ql‎2‎+kQ‎(3l‎)‎‎2‎=‎19kQ‎9‎l‎2‎,Ec=k·2Q‎(3l‎)‎‎2‎+kQl‎2‎=‎11kQ‎9‎l‎2‎,故Ea>Ec;b、d两点关于O点对称,则有Eb=Ed,故A项正确。沿电场线方向电势降低,分析两点电荷周围的电场线分布情况,可知φa>φc,根据对称性可知φb=φd,B项正确。电场线的疏密表示电场强度的相对大小,由电场线疏密程度可知,M、N连线上电场强度最小值出现在O点的右侧,故C项错误;带负电的试探电荷沿直线由b运动到d的过程中,初、末位置的电势能相等,移动过程中电势能在变化,故D项错误。‎ ‎8.(多选)如图所示,三个半径分别为R、2R、6R的同心圆将空间分为Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ四个区域。其中圆形区域Ⅰ和环形区域Ⅲ内有垂直纸面向里的匀强磁场,磁感应强度分别为B和B‎2‎。‎ 一个质子从区域Ⅰ边界上的A点以速度v沿半径方向射入磁场,经磁场偏转后恰好从区域Ⅰ边界上的C点飞出,AO垂直CO,则关于质子的运动,下列说法正确的是(　　)‎ A.质子最终将离开区域Ⅲ在区域Ⅳ内匀速运动 B.质子最终将一直在区域Ⅲ内做匀速圆周运动 C.质子能够回到初始点A,且周而复始地运动 D.质子能够回到初始点A,且回到初始点前,在区域Ⅲ中运动的时间是在区域Ⅰ中运动时间的6倍 答案　CD　依题意知,质子从A点进入区域Ⅰ,从C点离开区域Ⅰ,则运动半径等于区域Ⅰ的半径,即R=mvqB,质子在区域Ⅰ转过‎1‎‎4‎圆周后以速度v匀速通过区域Ⅱ进入区域Ⅲ,此时运动半径变为R'=mvq·‎B‎2‎=‎2mvqB=2R,即半径变为原来的2倍,正好等于中间一个圆的半径;因第三个圆的半径为6R,质子不会从区域Ⅲ射出,由几何知识可知,质子在区域Ⅲ转过3/4圆周后进入区域Ⅱ,沿直线运动至A点,又从A点沿半径方向进入区域Ⅰ,重复上述的运动过程。质子在区域Ⅰ中的运动周期T1=‎2πmqB,而在区域Ⅲ中的运动周期T2=‎2πmq·‎B‎2‎=‎4πmqB=2T1,显然质子在区域Ⅰ中运动的时间t1=T‎1‎‎4‎=πm‎2qB,在区域Ⅲ中运动的时间t2=‎3‎‎4‎T2=‎3πmqB,故t2=6t1,正确选项为C、D。‎