江苏省高中2019年高考物理考前模拟试卷(一)新人教版

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江苏省高中2019年高考物理考前模拟试卷(一)新人教版

江苏省高中2019年高考考前物理模拟试卷(一) ‎ 一、单项选择题(每小题3分,共15分。每小题只有一个选项符合要求,选对的得3分,选错或不选的得0分)‎ ‎1、对下列物理公式的理解,说法正确的是 ( )‎ A.由公式a= △v/ △t可知,加速度a由速度的变化量△v和时间△t 决定 B.由公式a= F/m可知,加速度a由物体所受合外力F和物体的质量m决定 C.出公式E=F/q 可知,电场强度E由电荷受到的电场力F和电荷的电量q决定 D.由公式C=Q/U 可知,电容器的电容c由屯容器所带电量Q和两板间的电势差U决定 ‎2、静电场中,带电粒子在电场力作用下从电势为φa的a点运动至电势为φb的b点.若带电粒子在a、b两点的速率分别为va、vb,不计重力,则带电粒子的比荷q/m,为 ‎ A. B. C. D.‎ v t ‎0‎ t1‎ t2‎ ‎3、放置在光滑地面上的物体在某种力的作用下从静止开始向右运动,如果该物体的速度时间图像是一条抛物线,如右图所示,则下列说法正确的是( )‎ A.0 ~ t1内物体做匀加速运动 B.t1时刻物体的速度最大,加速度也最大 ‎ C.物体在0 ~ t1内和t1 ~ t2内运动的位移相等 ‎ D.物体在0 ~ t1内和t1 ~ t2内运动的速度方向相反 ‎ ‎4、酒精测试仪利用的是一种二氧化锡半导体型酒精气体传感器,酒精气体传感器的电阻随酒精气体浓度的变化而变化。在如图所示的电路中,R和Ro为定值电阻,不同的酒精气体浓度对应着传感器的不同电阻,因此,显示仪表读数的指针与酒精气体浓度有了对应关系。如果二氧化锡半导体型酒精气体传感器电阻r′的倒数与酒精气体的浓度成正比,那么,电压表示数U与酒精气体浓度c之间的对应关系正确的是 ( )‎ ‎ A.U越大,表示c越大,但是c与U不成正比 ‎ B.U越小,表示r′越小c越大,但是c与U成正比 ‎ C.U越小,表示c越小,c与U成反比 ‎ D.U越大,表示r′越大c越大,c与U成正比 ‎5.一物体放置在倾角为的斜面上,斜面固定于加速上升的电梯 a θ 中,加速度为,如图所示.在物体始终相对于斜面静止的条件下( )‎ A.当一定时,越大,斜面对物体的正压力越小 B.当一定时,越大,斜面对物体的摩擦力越大 C.当一定时,越大,斜面对物体的正压力越大 D.当一定时,越大,斜面对物体的摩擦力越小 二、多项选择题(每小题4分,共16分。全选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错或不选的得0分)‎ 9‎ ‎6、如图,A、B是在地球大气层外圆周轨道上运行的质量不等的两颗卫星,它们的轨道半径满足RA=2R,RB=3R,R为地球半径,下列说法正确的是( )‎ A.A、B的角速度之比 B.A、B的线速度之比 ‎ C.A、B的加速度之比 D.A、B受到的万有引力之比 ‎7、M、N是一对水平放置的平行板电容器,将它与一电动势为E,内阻为r的电源组成如图所示的电路,R是并联在电容器上的滑动变阻器,G是灵敏电流计,在电容器的两极板间有一带电的油滴处于悬浮状态,如图所示,现保持开关S闭合,将滑动变阻器的滑片向上滑动,则( )‎ M N G a b E r R S A.在滑片滑动时,灵敏电流计中有从a向b的电流 B.在滑片滑动时,灵敏电流计中有从b向a的电流 C.带电油滴将向上运动 D.带电油滴将向下运动 E b a ‎-q ‎8、如图,实线表示某电场的电场线,一个带负电的粒子沿虚线所示的路径从a点运动到b点,则( )‎ A.带电粒子所受电场力变大 B.带电粒子所受电场力变小 C.带电粒子的电势能变大 D.带电粒子的电势能变小 ‎ h S ‎9、2010年广州亚运会上,刘翔重归赛场,以打破亚运记录的方式夺得110米跨栏的冠军。他采用蹲踞式起跑,在发令枪响后,左脚迅速蹬离起跑器,在向前加速的同时提升身体重心。如图所示,假设质量为m的运动员,在起跑时前进的距离S内,重心升高量为h,获得的速度为v,阻力做功为W阻,则在此过程中( )‎ A.运动员的机械能增加了 B.运动员的机械能增加了 C.运动员的重力做功为 D.运动员自身做功 三、简答题简答题:本大题分必做题(第10、11题)和选做题(第12题)两部分,共42分.请将解答填在相应的位置.‎ ‎10、Ⅰ(4分)利用重物自由下落验证机械能守恒定律的实验。‎ ‎(1)在验证机械能守恒定律的试验中,没有必要进行的操作是 ( ) ‎ A.用天平测重物的质量 B.用秒表测重物下落的时间 ‎ C.用打点计时器记录重物下落的信息 D.用纸带记录测量重物下落的高度 ‎·‎ ‎·‎ ‎·‎ A B C ‎20.50‎ ‎18.70‎ 单位:cm ‎(2)该实验所用打点计时器的电源频率为50Hz, A、B、C为纸带中选取的三个计数点,每两个计数点之间还有4个点未画出,则每两个计数点之间的时间间隔T= s 9‎ ‎,打点计时器在打下计数点B时,物体的下落速度为vB= m/s。(小数点后保留两位有效数字)‎ ‎(3)由于该实验中存在阻力做功,所以实验测得的重物的重力势能的减少量 动能的增加量(选填“<”, “>”或“=”)‎ ‎11、(10分)现有一只标值为“3.0V,xW”小灯泡,其额定功率的标值已模糊不清。某同学想通过测量灯丝伏安曲线的方法,来找出该灯泡正常工作时的功率。‎ ‎(1)已知该灯泡灯丝电阻较小,请先在图(甲)中补全用伏安法测量灯丝电阻的电路图,再选择合适量程的电流表与电压表,将图(乙)中的实物连成完整的电路。‎ ‎(2)开关S闭合之前,图(乙)中滑动变阻器的滑片应该置于 (选填“A”端、“B端”、或“AB正中间”)‎ ‎ ‎ ‎(3)该同学通过实验作出了灯丝的伏安曲线如图(丙)所示,根据小灯泡的额定电压的标值为“3.0V”,从图(丙)中可以找出该灯正常工作时的电流I= A,其额定功率为P=‎ ‎ W。(结果均保留两位有效数字)‎ ‎(甲)‎ S E R0‎ I/A ‎0‎ ‎0.1.0‎ ‎0.2‎ ‎0.3‎ ‎1.052‎ ‎3.0‎ ‎(丙)‎ U/V ‎2.052‎ ‎4.06‎ ‎(乙)‎ S AS BS ‎12.【选做题】本题包括A、B小题,,并在答题卡相应的答题区域内作答。‎ A.(选修模块3-3)(12分)‎ ‎(1)下列说法中正确的是 ▲ ‎ A.水可以浸润玻璃,水银不能浸润玻璃 B.热管是利用升华和汽化传递热量的装置 A O p/(Pa)‎ V/(m3)‎ ‎1‎ ‎1‎ ‎3‎ ‎3‎ B C.布朗运动是指在显微镜下直接观察到的液体分子的无规则运动。‎ ‎ D.一般说来物体的温度和体积变化时它的内能都要随之改变 ‎(2) 如图所示,一定质量的某种理想气体由状态A变为状态B,‎ A、B两状态的相关参量数据已标于压强—体积图象上。该 气体由AB过程中对外做功400J,则此过程中气体内能 增加了 J,从外界吸收了 J热量。‎ 9‎ ‎(3)某地强风速v=10m/s,空气的密度。若通过截面积S=400m2的风能全部用于使风力发电机转动,且风能的20%转化为电能,则通过这个截面的风的发电功率是多大?‎ B.(选修模块3-4: 计12分)‎ ‎⑴如图所示,O是一列横波的波源,从O点起振开始计时,t=0.4s时,波形如图示(即此刻仅在OA之间有波形).则以下判断正确的是 。‎ A.波传到x=9m处的点Q时,A点运动的路程为5m B.波传到x=9m处的点Q时,A点运动的路程为1m C.从此刻起再经过1.2s点Q第二次出现波峰 ‎ D.从此刻起再经过0.8s点Q第二次出现波峰 ‎ ‎(2)某单摆的摆长为l、摆球质量为m,单摆做简谐振动时的周期为T,摆动时最大动能为Ek,如果摆角不变,将摆球质量变成2m,则单摆的最大动能变为__________,如果将摆长变再变为2l,摆角变成原来一半时,单摆的周期为________。‎ ‎⑶如图所示是安全门上的观察孔,其直径ab为 4 cm,门的厚度ac为2 cm。为了扩大向外观察范围,将孔中完全嵌入折射率为的玻璃,那么嵌入玻璃后向外观察视野的最大张角是多少?若要求将视野扩大到1800,嵌入玻璃的折射率应为多少?‎ 解:‎ 四、计算题(本题共2小题,第15题8分,第16题11分,共19分.要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤)‎ ‎13、(15分)如图所示,抗震救灾运输机在某场地卸放物资时,通过倾角为300的固定光滑斜轨道面进行。有一件质量为m=2.0kg的小包装盒,由静止开始从斜轨道的顶端A滑至底端B,然后又在水平面上滑行一段距离后停下。若A点距离水平面的高度h=5.0m,重力加速度g取10m/s2,求:‎ ‎1)包装盒由A滑到B所经历的时间;‎ ‎2)若地面的动摩擦因数为0.5,包装盒在水平地面上还能滑行多远?(不计斜面和地面接触处的能量损耗)‎ ‎ ‎ 9‎ ‎14、(16分)如图所示,一个板长为L,板间距离也是L的平行板容器上极板带正电,下极板带负电。有一对质量均为m,重力不计,带电量分别为+q和-q的粒子从极板正中水平射入(忽略两粒子间相互作用),初速度均为v0。若-q粒子恰能从上极板边缘飞出,求 B v0‎ v L L ‎(1)两极板间匀强电场的电场强度E的大小和方向 ‎(2)-q粒子飞出极板时的速度v的大小与方向 ‎(3)在极板右边的空间里存在着垂直于纸面向里的匀强磁场,为使得+q粒子与-q粒子在磁场中对心正碰(碰撞时速度方向相反),则磁感应强度B应为多少?‎ ‎15(16分)个质量m=0.1kg的正方形金属框总电阻R=0.5W,金属框放在表面是绝缘且光滑的斜面顶端,自静止开始沿斜面下滑,下滑过程中穿过一段边界与斜面底边BB’平行、宽度为d的匀强磁场后滑至斜面底端BB’,设金属框在下滑时即时速度为v,与此对应的位移为s,那么v2-s图像如图2所示,已知匀强磁场方向垂直斜面向上。试问:‎ ‎(1)分析v2-s图像所提供的信息,计算出斜面倾角q和匀强磁场宽度d。‎ ‎(2)匀强磁场的磁感应强度多大?‎ ‎(3)金属框从斜面顶端滑至底端所需的时间为多少?‎ ‎(4)现用平行斜面沿斜面向上的恒力F作用在金属框上,使金属框从斜面底端BB’静止开始沿斜面向上运动,匀速通过磁场区域后到达斜面顶端。试计算恒力F做功的最小值。‎ 9‎ 江苏省高中2019年高考考前物理模拟试卷(一) ‎ 参 考 答 案 一、二选择题 题号 ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ ‎5‎ ‎6‎ ‎7‎ ‎8‎ ‎9‎ 答案 B C C A B BC AC BD BD 三.简答题 ‎10、Ⅰ (1) AB (单选得1分) (2) 0.1 1.96 (3) > ‎ ‎11、Ⅱ(10分)(1)如图,电路2分,电流表内接不给分;实物连线2分(任何一个地方错误得0分)。‎ S AS BS S E R0‎ VE AE ‎ ‎ ‎(2)(2分) B端 (可能是A端,与所连实物图对应即可得分) (3)(每空2分) 0.25 0.75‎ ‎12A (1)AD(4分) ‎ ‎(2)0(2分) 400(2分) ‎ ‎(3) ‎ ‎(2分)(2分)‎ ‎12B (1) BC (2)2Ek,T ⑶ 向外观察张角最大时,在cd边中点e观察,b为入射点,be为折射光线,入射角i、折射角r,由几何关系有sinr = ed/be = 1/2,根据折射定律有sini/ sinr = n,得i = 600,则最大张角θ = 2i = 1200;视野扩大到1800,即入射角为900,折射角r = 300,则折射率n = sin900/sin300 = 2。‎ 9‎ 四、计算题 ‎13、解:.解:对物体进行受力分析,由牛顿第二定律,得:‎ ‎………………………………………(1分)‎ 包装盒沿斜面由A到B的位移为……(1分)‎ 设包装盒由A到B做匀加速运动的时间为t 则……………………………………………………(1分)‎ 解得:…………………………………………(1分)‎ ‎(2)由动能定理得:………………………… (2分)‎ 其中……………………………………………………(1分)‎ 在B点速度 ………………………………………………(1分) ‎ 代入已知,得s=10m ……………………………………………(1分)‎ ‎14、解:(1)由于上板带正电,下板带负电,故板间电场强度方向竖直向下 ‎-q粒子在水平方向上匀速运动,在竖直方向上匀加速运动 ‎ ‎ …………………….……………………..……………………..…………①‎ ‎……………………………………………..………….…………………②‎ 其中 ‎………………………………………………………………………………③ ‎ ‎(①②③联合列式且正确者得3分)‎ 由①②③得,……………………………………………………………..④(1分)‎ ‎ (2)设粒子飞出板时水平速度为vx,竖直速度为vy,水平偏转角为 ‎……………………………….………………………………………………..⑤‎ ‎……………………….………..…………………………………..⑥‎ 9‎ ‎……………………….………..…………………………………………..⑦‎ ‎……………………….…………………………………………………⑧‎ 由④⑤⑥⑦⑧式可得,….………………………………………⑨(1分)‎ ‎(⑤⑥⑦联合列式且正确者得3分)‎ B v0‎ v L L v v ‎(3)由于+q粒子在电场中向下偏转,且运动轨迹与-q粒子对称,它飞出下极板时速度大小与偏转角和-q粒子相同,进入磁场后它们均做圆周运动,为了使它们正碰,只须,轨迹如图所示 由几何关系易知.………………………………⑩(1分)‎ 洛伦兹力提供向心力.………… .………….⑾(2分)‎ 由得⑨⑩⑾…………………………………….. (1分) ‎ ‎15、解:(1)s=0到s=1.6 m由公式v2=2as,该段图线斜率k==2a==10,所以a=5m(1分),根据牛顿第二定律 mgsinq=ma(1分),sinq===0.5,q=30°(1分), 由 ‎ 图得从线框下边进磁场到上边出磁场均做匀速运动,所以△s=2L=2d=(2.6-1.6)m=1 m,d=L=0.5m(2分),‎ ‎(2)线框通过磁场时,v12=16,v1=4 m/s,此时F安=mg sinq(1分),BL=mg sinq,B==0.5 T(1分),‎ ‎(3)t1==s=0.8 s(1分),t2==s=0.25 s,s3=(3.4-2.6)m=0.8 m,s3=v1t3+a t32,t3=0.2 s(1分),‎ 所以t=t1+t2+t3=(0.8+0.25+0.2)s=1.25 s(2分)‎ ‎(4)未入磁场 F-mgsinq=ma2,进入磁场F=mgsinq+F安, ∴F安=ma2(1分),BL=m,v==2 m/s(1分),F安==0.25N(1分),最小功WF=2dF安+mg(s1+s2+s3)sinq=+mg(s1+s2+s3)sinq=1.95 J(2分) ‎ 9‎ ‎ ‎ 9‎
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