【物理】2020届一轮复习人教版变压器电能的输送课时作业

【物理】2020届一轮复习人教版变压器电能的输送课时作业

‎2020届一轮复习人教版 变压器电能的输送 课时作业 ‎1．如图所示，理想变压器的原线圈接在u＝220sinπt(V)的交流电源上，副线圈接在负载电阻R＝5.5 Ω，原副线圈匝数之比为201，交流电流表、电压表均为理想电表，下列说法正确的是(　B　)‎ A．交流电压表的读数为15.6 V B．交流电流表的读数为0.1 A C．副线圈输出交变电流的周期为50 s D．原线圈的输入功率为22 W 解析：由题意知，原线圈电压有效值为220 V，原、副线圈匝数之比为201，由＝，得U2＝U1＝220× V＝11 V，电压表的读数为有效值，即U2＝11 V，故A错误；副线圈的电流为I2＝＝ A＝2 A，故＝，得I1＝I2＝×2 A＝0.1 A，故B正确；由u＝220sinπt(V)，可知ω＝π，由ω＝，解得：T＝＝2 s，理想变压器不改变周期，故C错误；原线圈中的输入功率为P入＝U1I1＝220×0.1 W＝22 W，故D错误．‎ ‎2．一含有理想变压器的电路如图所示，变压器原副线圈匝数比n1n2＝21，图中电阻R1、R2和R3的阻值分别是4 Ω、2 Ω和3 Ω，U为有效值恒定的正弦交流电源．当开关S断开时，理想电流表的示数为I，当S闭合时，电流表的示数为(　D　)‎ A.I B.I C.I D．2I 解析：设S闭合时，电流表示数为I1，对理想变压器有P入＝P出，＝，则开关闭合时有 I1U－IR1＝(2I1)2R2，开关断开时有IU－I2R1＝(2I)2(R2＋R3)，解得I1＝2I，故D项正确．‎ ‎3．(多选)如图所示的电路中，P为滑动变阻器的滑片，保持理想变压器的输入电压U1不变，闭合开关S，下列说法正确的是(　BD　)‎ A．P向下滑动时，灯L变亮 B．P向下滑动时，变压器的输出电压不变 C．P向上滑动时，变压器的输入电流变小 D．P向上滑动时，变压器的输出功率变大 解析：对于理想变压器U2＝U1，U1不变则U2不变，与调节P无关，故B正确．又UL＝U2，所以灯的亮度不变，A错．P向上滑动时RP减小，则R总减小，P出＝增大，P入＝P出＝U1I1，所以I1增大，可知C错误，D正确．‎ ‎4．如图所示，理想变压器原线圈接有交流电源，当副线圈上的滑片P处于图示位置时，灯泡能发光，若将滑片P上移(电压表和电流表均为理想电表)，则(　D　)‎ A．电容器的容抗增大 B．电流表的示数减小 C．变压器的输入功率减小 D．灯泡L变亮 解析：本题考查变压器的动态变化，由副线圈的匝数变化引起．变压器不改变电流的频率，所以频率不变，电容器的容抗不变，故A错误；滑片P向上移，副线圈的匝数增加，根据电压与匝数成正比，知副线圈两端的电压变大，电压表的示数变大，电流表的示数变大，故B错误；根据P＝IU可知，变压器的输出功率变大，则输入功率变大，故C错误；因电容器的容抗不变，而灯泡和电容器两端电压之和变大，则灯泡的电流变大，灯泡变亮，选项D正确．‎ ‎5．如图所示，理想变压器副线圈接有两个相同的灯泡L1和L2，R为光敏电阻，受光照时其阻值减小．开始时开关S断开，要减小变压器的输入功率，可采用的方法是(　A　)‎ A．只增加原线圈的匝数 B．只增加副线圈的匝数 C．闭合开关S D．用手电筒照射电阻R 解析：输入功率由输出功率决定，副线圈上的功率P2＝.只增加原线圈匝数，U2减小，P2减小，P1减小，故A正确；只增加副线圈匝数，U2增加，P2增大，P1增大，故B错误；闭合S，副线圈上的总电阻变小，P2增大，P1增大，故C错误；用手电简照射R，光敏电阻阻值减小，副线圈上的总电阻R变小，P2增大，P1增大，故D错误．‎ ‎6．如图所示电路中，变压器为理想变压器，a、b接在电压有效值不变的交流电源两端，R0为定值电阻，R为滑动变阻器．现将变阻器的滑片从一个位置滑动到另一位置，观察到电流表A1的示数增大了0.2 A，电流表A2的示数增大了0.8 A，则下列说法正确的是(　D　)‎ A．电压表V1示数增大 B．电压表V2、V3示数均增大 C．该变压器起升压作用 D．变阻器滑片是沿c→d的方向滑动 解析：电压表V1的示数和a、b间电压的有效值相同，滑片滑动时V1示数不变，选项A错误；电压表V2测量的电压为副线圈两端的电压，原、副线圈匝数不变，输入电压不变，故V2示数不变，V3示数为V2示数减去R0两端电压，两线圈中电流增大，易知R0两端电压升高，故V3示数减小，选项B错误；理想变压器U1I1＝U2I2，则U1ΔI1＝U2ΔI2，ΔI2>ΔI1，故U255 V，故灯泡L1有可能被烧坏，故D正确．‎ ‎13．(2019·福建龙岩质检)(多选)如图所示，有一个“口口”形铁芯上绕有两个线圈，铁芯的三个竖直部分截面积相同，当线圈通电时产生的磁场都不能穿出铁芯，并且在分支处分成完全相等的两部分，现在给线圈1加电压为U0的正弦式交流电，2接一负载电阻，此时线圈1中的电流为I0，线圈2中的电流为I0，则线圈1、2的匝数比k及线圈2两端的电压U为(忽略线圈的电阻及铁芯中由于涡流而造成的电能损失)(　AC　)‎ A．U＝2U0 B．U＝4U0‎ C．k＝ D．k＝ 解析：根据法拉第电磁感应定律可得U0＝n1，由于穿过2线圈的磁通量为1线圈磁通量的一半，则U＝n2＝n2，所以＝，根据功率相等可得UI＝U0I0，所以＝＝＝，所以U＝2U0，k＝＝，故B、D错误，A、C正确．‎ ‎14．(2019·云南师大附中月考)(多选)如图所示为模拟远距离输电的实验电路图．两理想变压器的匝数n1＝n42R，忽略灯丝电阻随温度的变化．在A、B端接入输出电压为U的低压交流电源，下列说法正确的是(　BD　)‎ A．A1的示数I1＝ B．灯泡L1比灯泡L2亮 C．R1消耗的功率大于R3消耗的功率 D．R2两端的电压小于R4两端的电压 解析：根据＝，＝＝，＝，联立解得L1两端电压UL1＝U4＝，A1的示数为I1＝＝，将U4代入可知A错误；L2所在回路中，由欧姆定律可知电流I′＝，L2两端电压UL2＝I′RL＝

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