【物理】四川省成都市青白江区南开为明学校2019-2020学年高二下学期第三次月考试题

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【物理】四川省成都市青白江区南开为明学校2019-2020学年高二下学期第三次月考试题

南开为明学校2019-2020学年高二下学期第三次月考 物理试题(理科)‎ 总分:100分 时间:90分钟 一、 单项选择题,共有8个小题,每个小题3分,共24分。‎ ‎1.下面列举的四种器件中,在工作时利用了电磁感应现象的是(  )‎ A.回旋加速器 B.日光灯 C.质谱仪 D.示波器 ‎2.公路上的雷达测速仪的工作原理是利用(  )‎ A.波的反射和多普勒效应 B.波的干涉和多普勒效应 C.波的干涉和波的反射 D.波的反射和共振 ‎3.以下哪些现象是由光的全反射造成的(  )‎ A.在岸上能看见水中的鱼 B.夜晚,湖面上映出了岸上的彩灯 C.夏天,海面上出现的海市蜃楼 D.用光导纤维传输光信号 ‎4.一矩形线圈在匀强磁场中转动产生的交变电动势为e=10sin (20πt) V,则下列说法正确的是(  )‎ A.t=0时,线圈位于中性面 B.t=0时,穿过线圈的磁通量为零 C.t=0时,线圈切割磁感线的有效速度最大 D.t=0.4 s时,电动势第一次出现最大值 ‎5.如图所示,弹簧振子在a、b两点间做简谐振动当振子从平衡位置O向a运动过程中(  )‎ A.加速度和速度均不断减小 B.加速度和速度均不断增大 C.加速度不断增大,速度不断减小 D.加速度不断减小,速度不断增大 ‎6.某种单色光在两种透明介质中传播,对真空的临界角分别为C1、C2,且C1>C2,由此可知这两种介质的折射率n1、n2及光在这两种介质中的传播速度v1、v2的大小关系是(  )‎ A.n1>n2 v1>v2 B.n1>n2 v1v2‎ ‎7.如图所示为某质点在0~4 s内的振动图像,则(  )‎ A.质点振动的振幅是‎2 m,质点振动的频率为4 Hz B.质点在4 s末的位移为‎8 m C.质点在4 s内的路程为‎8 m D.质点在t=1 s到t=3 s的时间内,速度先沿x轴正方向后沿x轴负方向,且速度先增大后减小 ‎8.阻值为1 Ω的电阻上通以交变电流,其i-t关系如图所示,则在0~1 s内电阻上产生的热量为(  )‎ A.1 J B.1.5 J C.2 J D.2.8 J 一、 不定项选择题,每个小题至少有一个选项正确,选对的4分,对而不全的2分,共有4个小题,共计16分。‎ ‎9.白光通过三棱镜发生色散现象,下列说法正确的是(  )‎ A.白光是由不同频率的光组成的 ‎ B.棱镜材料对各种色光的折射率不同 C.棱镜材料对红光的折射率大,对紫光的折射率小 ‎ D.出现色散现象的原因是棱镜改变了颜色 ‎10.如图所示,图(a)为一列简谐横波在t=0.1 s时刻的波形图,Q是平衡位置为x=‎4 m处的质点,图(b)为质点Q的振动图像,则下列说法正确的是(  )‎ A.该波的周期是0.1 s B.该波的传播速度为‎40 m/s C.该波沿x轴的正方向传播 D.t=0.4 s时,质点Q的速度方向向上 ‎11.如图所示,理想变压器接在接头a时,原、副线圈的匝数比为10∶1,b是原线圈的中心接头,电压表和电流表均为理想电表,从某时刻开始在原线圈c、d两端加上交变电压,其瞬时值表达式为u=220sin 100πtV,则(  )‎ A.当单刀双掷开关与a连接时,电压表的示数为22 V B.当单刀双掷开关与b连接时,电压表的示数为11 V C.单刀双掷开关与a连接,将滑动变阻器滑片P向上移动,则电压表的示数不变,电流表的示数变小 D.单刀双掷开关与a连接,将滑动变阻器滑片P向上移动,则电压表和电流表的示数都变大 ‎12.如图所示,一粗糙的平行金属轨道平面与水平面成θ角,两轨道上端用一电阻R相连,该装置处于匀强磁场中,磁场方向垂直轨道平面向上.质量为m的金属杆ab以初速度v0从轨道底端向上滑行,滑行到某高度h后又返回到底端.若运动过程中金属杆始终保持与导轨垂直且接触良好,轨道与金属杆的电阻均忽略不计.则下列说法正确的是(  )‎ A.金属杆ab上滑过程与下滑过程通过电阻R的电荷量一样多 B.金属杆ab上滑过程中克服重力、安培力与摩擦力所做功之和大于mv C.金属杆ab上滑过程与下滑过程因摩擦而产生的内能一定相等 D.金属杆ab在整个过程中损失的机械能等于装置产生的焦耳热 三、填空题,每空2分,共计20分 ‎13.若将一个标有“220 V 880W”的电炉接入u=311sin 314tV的交流电路中,则通过电炉的电流强度的瞬时值表达式为________________;与电路串联的电流表的示数为________A,与电炉并联的电压表的示数为________V.‎ ‎14.某同学用实验的方法探究影响单摆周期的因素.‎ ‎(1)下列关于单摆实验的操作,正确的是________.‎ A.摆球运动过程中摆角应大于30° B.摆球到达平衡位置时开始计时 C.摆球应选用泡沫小球 D.保证摆球在同一竖直平面内摆动 ‎(2)正确组装单摆后在摆球自然悬垂的情况下,用毫米刻度尺量出从悬点到摆球最低端的长度L=0.999 ‎0 m,再用游标卡尺测出摆球直径,结果如图所示,则该摆球的直径为________ mm,单摆摆长l为________ m.‎ ‎(3)实验中,测出不同摆长l对应的周期值T,作出T2-l图像,如图所示,已知图线上A、B两点的坐标分别为(x1,y1)、(x2,y2),可求出g=________.‎ ‎ ‎ ‎15.在“用两面平行的玻璃砖测定玻璃折射率”的实验中,其实验光路如图所示.‎ ‎(1)在实验中,如果用量角器分别量出入射角θ1和折射角θ2,那么,该玻璃砖的折射率的表达式为n=________.‎ ‎(2)在实验数据的处理中,有两位同学各设计了一个记录表格,而且都已完成了计算,根据他们设计的表格所反映的信息,判断他们的论证做得是否正确.‎ 甲同学设计的表格 乙同学设计的表格 上述两位同学做得正确的是___________(填“甲”或“乙”)‎ ‎(3)若甲同学在做“测定玻璃的折射率”的实验时,法线画得与界面不垂直,出现如图(a)所示的倾斜;若乙同学在放置玻璃砖时,玻璃砖的平面没有与aa′重合,出现如图(b)所示的偏差,则他们测得的折射率比真实值_______.‎ A.甲、乙均偏小 B.甲、乙均偏大 C.甲偏大、乙偏小 D.甲偏小、乙偏大 四、计算题,本题共有3个小题,共计40分 ‎16.如图所示,一列沿x轴正方向传播的简谐横波,波速大小为‎0.3 m/s,P点的横坐标为‎96 cm,从图中状态开始计时,求:‎ ‎(1)经过多长时间,P质点开始振动,振动时方向如何?‎ ‎(2)经过多长时间,P质点第一次到达波峰?‎ ‎17.某小型水力发电站的发电机输出功率为24.5 kW,输出电压为350 V,输电线总电阻为4 Ω,为了使输电线损耗功率为发电机输出功率的5%,需在发电机处设升压变压器,用户所需电压为220 V,所以在用户处需安装降压变压器,输电电路图如图所示,求:‎ ‎(1)输电线上的电流(已知:17.5x17.5=306.25);‎ ‎(2)升压变压器的原、副线圈的匝数之比;‎ ‎(3)降压变压器的原、副线圈的匝数之比.‎ ‎18.如图所示,正方形闭合线圈边长为‎0.2 m、质量为‎0.1 kg、电阻为0.1 Ω,在倾角为30°的斜面上的砝码质量为‎0.4 kg,匀强磁场磁感应强度为0.5 T,不计一切摩擦,砝码沿斜面下滑线圈开始进入磁场时,它恰好做匀速运动.(g取‎10 m/s2)‎ ‎(1)求线圈匀速上升的速度大小;‎ ‎(2)在线圈匀速进入磁场的过程中,砝码对线圈做了多少功?‎ ‎(3)线圈进入磁场的过程中产生多少焦耳热?‎ ‎【参考答案】‎ 一、选择题 ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ ‎5‎ ‎6‎ ‎7‎ ‎8‎ ‎9‎ ‎10‎ ‎11‎ ‎12‎ B A D A C D C D AB BD AC AC 二、 填空题 ‎13、4sin(314t) 4 220‎ ‎14、BD 12.0 ‎0.9930 g=(x2-x1).‎ ‎15、(1)  (2)甲  (3)A 三、计算题 ‎16、【答案】(1)2.4 s 沿y轴负方向 (2)3.0 s ‎【解析】(1)开始计时时,这列波的最前端的质点坐标是‎24 cm,根据波的传播方向,可知这一点沿y轴负方向运动,因此在波前进方向的每一个质点开始振动的方向都是沿y轴负方向运动,故P点开始振动时的方向是沿y轴负方向,P质点开始振动的时间是 t==s=2.4 s.‎ ‎(2)波形移动法:质点P第一次到达波峰,x=‎6 m处的波峰传到P点,因此所用的时间是t′=s=3.0 s.‎ ‎17、【答案】(1)‎17.5 A (2)1∶4 (3)133∶22‎ ‎【解析】(1)输电线上功率损失 P损=5%P1=5%×24.5 kW=1 225 W.‎ 又因为P损=IR线,‎ 所以,输电线上的电流为 I2==A=‎17.5 A.‎ ‎(2)升压变压器原线圈上的电流 I1===‎70 A,‎ 升压变压器原、副线圈的匝数之比为 n1∶n2=I2∶I1=17.5∶70=1∶4.‎ ‎(3)输电线上电压损失ΔU=I2R线=U2-U3,‎ 则降压变压器输入电压 U3=U2-ΔU=U1-I2R线 ‎=(4×350-17.5×4) V=1 330 V.‎ 降压变压器原、副线圈的匝数之比为 n3∶n4=U3∶U用=1 330∶220=133∶22.‎ ‎18、【答案】(1)‎10 m/s (2)0.4 J (3)0.2 J ‎【解析】(1)设绳子的拉力为F,对砝码:‎ F=m1gsin 30°=2 N 对线圈:F=m‎2g+F安,F安=‎ 代入数据得:v=‎10 m/s.‎ ‎(2)W=Fl=2×0.2 J=0.4 J.‎ ‎(3)由能量转化守恒定律得:‎ Q=W-m2gl=0.4 J-0.1×10×0.2 J=0.2 J.‎
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