陕西省宝鸡市渭滨区2018-2019学年高一上学期期末考试物理试卷

陕西省宝鸡市渭滨区2018-2019学年高一上学期期末考试物理试卷

高一年级物理试卷 一、选择题（共12小题，计40分。 第1—8题为单选，每个3分；第9--12题为多选，全部选对得4分，选对但不全得2分，有错误选项得0分，并把选项填涂在答题卡上）‎ ‎1. 牛顿定律的适用范围是 （ ）‎ A. 宏观物体、低速运动 B. 微观物体、低速运动 C. 宏观物体、高速运动 D. 微观物体、高速运动 ‎【答案】A ‎【解析】‎ 牛顿定律仅适用于低速宏观物体的运动。这是牛顿定律的局限性。答案选A.‎ ‎2.下列四幅图中，能大致反映自由落体运动图像的是(　　)‎ A. ‎ B. ‎ C. ‎ D. ‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A.自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动，根据速度时间关系公式v=gt=10t，v-t图象是过原点的直线，故A错误；‎ B.自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动，根据位移时间关系公式为，h-t图象是抛物线，故B错误；‎ CD.自由落体运动是初速度为零匀加速直线运动，加速度为一个定值，为g，故C错误，D正确；‎ ‎3.物理公式在确定物理量数量关系的同时，也确定了物理量间的单位关系．下面给出的关系式中，是长度，是速度，是质量，这些量都用国际单位制中的单位，试判断的单位和物理量名称是 ( )‎ A. 牛顿 力 B. 米每二次方秒 加速度 C. 米每秒 速度 D. 千克 质量 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】将质量、速度、长度的国际单位代入，得单位为：‎ 单位是牛顿，对应的物理量是力。‎ A. 牛顿 力，与推导结果相符，故A正确；‎ B. 米每二次方秒 加速度，与推导结果不符，故B错误；‎ C. 米每秒 速度，与推导结果不符，故C错误；‎ D. 千克 质量，与推导结果不符，故D错误；‎ ‎4.如图所示，在粗糙的水平地面上有质量为m的物体，连接在一劲度系数为k的轻弹簧上，物体与地面之间的动摩擦因数为μ，现用一水平力F向右拉弹簧，使物体做匀速直线运动，则弹簧伸长的长度为(重力加速度为g)‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ 根据平衡条件得：弹簧的弹力F弹=F=μmg，根据胡克定律得，F弹=kx，解得弹簧的伸长量，或．故D正确，A、B、C错误．故选D．‎ ‎【点睛】本题考查了共点力平衡和胡克定律的综合，知道拉力等于弹簧的弹力、等于摩擦力的大小．‎ ‎5.有两个大小相等的共点力F1和F2，当它们的夹角为90°时合力的大小为F，则当它们的夹角为60°时，合力的大小为 A. ‎2F B. C. D. ‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ 当两个力的夹角90°时，合力为：‎ 所以，‎ 当两个力的夹角为60°时，根据平行四边形定则，合力大小等于底角为30°的等腰三角形的底边：‎ A．‎2F与计算结果不符，故A选项错误。‎ B．与计算结果相符，故B选项正确。‎ C．与计算结果不符，故C选项错误。‎ D．与计算结果不符，故D选项错误。‎ ‎6.如下图所示，物体重20N，物体重5N，不计一切摩擦和绳的重力，当两物体由静止释放后，物体的加速度与绳子上的张力分别为（）（ ）‎ A. ； B. ； ‎ C. ； D. ； ‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】设A向下运动的加速度为a，绳子拉力为F，‎ 对A根据牛顿第二定律：‎ 对B根据牛顿第二定律：‎ 代入数据联立解得：a=‎6m/s2，F=8N.‎ A. ；，与推导结果相符，故A正确；‎ B. ；，与推导结果不符，故B错误；‎ C. ；，与推导结果不符，故C错误；‎ D. ；，与推导结果不符，故D错误；‎ ‎7.一个质量为的物体，放在表面粗糙的水平面上，当受到水平拉力作用是产生加速度，如果当水平拉力变为时，物体的加速度将是（ ）‎ A. 大于； B. 等于；‎ C. 在和之间； D. 小于 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】设物体所受的滑动摩擦力大小为f，当拉力变为‎2F时物体的加速度为a′，根据牛顿第二定律得 则：‎ 即a′>‎‎2a A. 大于；与推导结果相符，故A正确；‎ B. 等于；与推导结果不符，故B错误；‎ C. 在和之间；与推导结果不符，故C错误；‎ D. 小于；与推导结果不符，故D错误；‎ ‎8.关于牛顿运动定律，正确理解的是 （ ）‎ A. 作用力和反作用力大小相等，方向相反，合力为零 B. 力是使物体产生加速度的原因，先有力的作用，然后才产生加速度 C. 质量越大的物体惯性也越大 D. 物体只有受到力的作用才会运动 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 两个物体之间的作用力和反作用力总是大小相等，方向相反，作用在两个物体上，不能合成，故A错误；‎ B. 力是使物体产生加速度的原因，具有瞬时性，有力就产生加速度。故B错误；‎ C. 质量越大的物体惯性也越大，故C正确；‎ D. 如果物体不受力或受平衡力作用，物体保持静止或匀速直线运动状态，故D错误。‎ ‎9.下列说法正确的是（ ）‎ A. 牛顿力学中认为时间与空间是绝对的 B. 火车太长，地球和太阳质量太大，所以在研究其运动时不能看成质点 C. 在验证力的平行四边形定则的实验中，应用得科学方法是等效替代 D. 速度变化大的物体，其加速度也大 ‎【答案】AC ‎【解析】‎ ‎【详解】A．牛顿力学中认为时间与空间是绝对的。爱因斯坦的相对论对牛顿时空观的一种改变，从绝对时空观变成了相对时空观，故A正确；‎ B.物体能否看作质点，与物体的长度和质量无关，关键看长度和质量对研究结果有无影响。如研究地球绕太阳公转时，地球可以看作质点。故B错误；‎ C.在验证力的平行四边形定则的实验中，合力作用和分力同时作用的作用效果等效，应用得科学方法是等效替代，故C正确；‎ D. 速度变化大的物体，如果所用时间长，其加速度不一定大，故D错误。‎ ‎10.如图所示，物体静止在倾角为的斜面上，质量为，其所受的重力可分解成平行于斜面的和垂直于斜面的，则( ) ‎ A. 受到重力、、、支持力和摩擦力的作用 B. 受到重力、支持力和摩擦力作用 C. ，‎ D 当减小时，却逐渐增大 ‎【答案】BCD ‎【解析】‎ ‎【详解】AB.物体静止在斜面上，受重力、斜面对物体的支持力、静摩擦力三个力作用，F1、F2是重力的分力，不是物体实际受到的力，故A错误，B正确；‎ CD. 由三角知识，得F1=mgsinα，F2=mgcosα。当α减小时，F1减小，F2逐渐增大。故C正确，D正确。‎ ‎11.物体沿一条东西方向的水平线做直线运动，取向东为运动的正方向，其速度—时间图象如图所示，下列说法中正确的是 (　　)‎ A. 在1 s末，速度为‎9 m/s B. 0～2 s内，加速度为‎6 m/s2‎ C. 6～7 s内，做速度方向向西的加速运动 D. 10～12 s内，做速度方向向东的加速运动 ‎【答案】AC ‎【解析】‎ A、由图像可知，在2 s末，速度为‎12 m/s，故A正确； B、0-2s内物体的加速度：，故B错误； C、6s-7s物体运动的方向与选取的正方向相反，即向西做加速运动，故C正确； D、10s-12s内物体运动的方向与选取的正方向相反，即向西减速运动，故D错误。‎ 点睛：本题考查对速度时间图象的掌握，要注意掌握住速度时间的含义，图象中直线的斜率表示加速度的大小和方向，而坐标的正负表示运动方向。‎ ‎12.相同的三块木块并排固定在水平面上，一颗子弹以速度水平射入，若子弹在木块中做匀减速直线运动，且穿过第三块木块后速度恰好为零，则子弹依次射入每块木块时的速度之比和穿过每块木块所用时间之比为（ ）‎ A. ‎ B. ‎ C. ‎ D. ‎ ‎【答案】BD ‎【解析】‎ ‎【详解】子弹匀减速穿过三木块，末速度为零，我们假设子弹从右向左作初速度为零的匀加速直线运动。‎ 则：子弹依次穿过3、2、1三木块所用时间之比：t3：t2：t1=1：（-1）：（ -）‎ 得：子弹依次穿过1、2、3三木块所用时间之比：t1：t2：t3=（ -）：（-1）：1‎ 设子弹穿过第三木块所用时间为1秒，则穿过3、2两木块时间为：t3+t2=秒，穿过3、2、1三木块时间为：t3+t2+t1=秒 则：子弹依次穿过3、2、1三木块时速度之比为：1：：‎ 所以，子弹依次穿过1、2、3三木块时速度之比为：：：1‎ A. ，与推导结果不符，故A错误；‎ B. ，与推导结果相符，故B正确；‎ C. ，与推导结果不符，故C错误；‎ D. ，与推导结果相符，故D正确；‎ 二、填空、作图与实验题（每空或每问2分，计32分）‎ ‎13.一质点从高处自由下落到地面恰好历时3s，落地时的速度大小是_______ ，第3s内的平均速度是___________ （ ）。‎ ‎【答案】 (1). 30 (2). 25‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】[1]根据v=gt，落地时的速度大小为：‎ v=10×‎3m/s=‎30m/s；‎ ‎[2]根据速度时间公式v=v0+at，第3s初的速度：‎ v0=v−at=30−10×‎1m/s=‎20m/s 所以第3s内的平均速度 ‎14.在“研究匀变速直线运动”的实验中，打点计时器使用的交流电频率为50Hz。某同学实验得到的纸带如图所示，在纸带上选择了标为0—6的7个记数点，相邻的两个记数点间还有四个计时点没有画出。相邻两计数点之间的距离如图所示，则 ‎（1）打1号计数点时小车的速度大小为 __________ （结果保留两位有效数字）；‎ ‎（2）小车的加速度大小为__________ ，（结果保留两位有效数字）。‎ ‎【答案】 (1). 0.16 (2). 0.81‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）[1]每两个计数点之间的时间间隔为T=0.1s，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，因此有：‎ ‎（2）[2]根据匀变速直线运动推论△x=aT2，依据逐差法，解得 ‎15.如图所示的光滑圆球A支撑在长方体尖端B和斜壁C上，在图中画出B对A和A对C的弹力。‎ ‎【答案】力示意图如图：‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】弹力垂直于接触面，并指向被支持物或被压物．B对A的弹力是支持力，方向由B指向A，A对C的弹力是压力，方向垂直于斜面由A指向C。示意图如图：‎ ‎16.如图是描述一个物体运动的位移图像，请在下边速度图像中作出相应的图线。‎ ‎【答案】速度−时间图象如图。‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】在0∼2s内，物体向正方向做匀速直线运动，速度：‎ 在2∼4s内，物体的位移不随时间变化，速度为零。‎ 在4∼5s内，物体向负方向做匀速直线运动，速度：‎ ‎，‎ 作出速度−时间图象如图。‎ ‎17.某人在地面上最多能举起质量为‎60kg的物体，而在一个做匀变速运动的升降机内却最多能举起质量为‎80kg的物体，以向上为正方向，则此升降机的加速度为___________m/s2（重力加速度g＝‎10m/s2），升降机的运动方向是___________（选填“向上”、“向下”或“向上或向下”）。‎ ‎【答案】－2.5，向上或向下 ‎【解析】‎ 由题意可知举力最大为600N，ma=F-mg,所以可以求得a=－‎2.5 m/s2,只能确定加速度方向向下，速度方向无法确定向上向下均可。‎ ‎18.“探究物体运动加速度与外力关系”实验中。‎ ‎（1）根据测得的数据作出图线，若作出的图线如图（甲）所示，这是由______‎ 造成的，若作出的图线如图（乙）所示，这是因________造成的。‎ ‎ ‎ A．在平衡摩擦力时，把长木板的末端抬得过高了 B．由于砂及砂桶质量远远小于小车的质量 C．由于砂及砂桶质量较大，不能很好满足远远小于小车的质量造成的 D．实验前没有平衡摩擦力 ‎（2）某同学在接通电源进行实验之前，将实验器材组装如同下图所示，请你指出该装置中的错误或不妥之处（只要指出二处错误或不妥之处）__________，________‎ ‎【答案】（1）A；C(顺序不能颠倒)‎ ‎（2）电源应该是4-6V交流电；小车应该停靠在打点计时器附近；没有抬起木板右端用来平衡摩擦力。（只要答出其中两个就给全分）‎ ‎【解析】‎ 试题分析:（1）甲图中，力F为零时，加速度不为零，说明木板垫的过高，A对；‎ 乙图中，随着力F的增大，图像偏离直线，说明由于砂及砂桶质量较大，不能很好满足远远小于小车的质量造成的，C对。‎ ‎（2）电源应该是4-6V交流电；小车应该停靠在打点计时器附近；没有抬起木板右端用来平衡摩擦力。‎ 考点: 究物体运动加速度与外力关系 ‎19.如图所示，为测量向左做匀加速直线运动的小车的加速度，将宽度均为的挡光片固定在小车上，测得两者间距为．当小车匀加速经过光电门时，测得两挡光片先后经过的时间为和，则小通过的速度分别是______；______‎ ‎；小车的加速度__________。‎ ‎【答案】 (1). (2). (3). ‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】[1]挡光片通过光电门平均速度可以认为是小车在此时刻的瞬时速度，故小车通过光电门的A速度为：‎ ‎[2] 小车通过光电门的B速度为：‎ ‎ [3]此段时间小车的位移为d，由运动学速度位移关系式得：‎ 带入数据得：‎ 三、综合题（共3小题，第19题9分，第20题9分，第21题10分，共计28分）。要求写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，有数字计算的题要写出明确的数值和单位。只有最后结果的计零分）‎ ‎20.汽车从静止开始做匀加速直线运动，经时间后立刻做匀减速直线运动，再经时间汽车静止，设全程距离为，求:‎ ‎（1）则在此过程中汽车的最大速度；‎ ‎（2）汽车第一段运动中的加速度大小.‎ ‎【答案】（1） （2）‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）设汽车的最大速度为v，则匀加速直线运动的平均速度 ‎，匀减速直线运动的平均速度，根据 解得：‎ ‎（2）根据匀变速直线运动的速度时间公式得：‎ ‎21.如图所示，用与竖直方向成角，大小为100N的力推着一个质量为‎9kg的木块紧贴在竖直的墙壁上，若木块匀速下滑，求墙对木块的摩擦力的大小以及木块与墙之间的动摩擦因数.（； ； ）‎ ‎【答案】，‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】当物块沿竖直面向下匀速运动时，其受力如图所示：‎ 水平：‎ Fsin37°−N=0‎ 竖直：‎ Fcos37°+f−mg=0‎ f=μN 联立上述式子得：‎ f=10N μ= ‎ ‎22.如图所示,某客机的气囊竖直高度,斜面长度,一质量的乘客从处由静止开始滑下,最后停在水平部分的处．已知乘客与气囊之间的动摩擦因数 ,忽略乘客在处速度大小的变化,不计空气阻力, ().求： ‎ ‎(1)乘客在斜面下滑时加速度 的大小；‎ ‎(2)乘客从处开始到滑至处的时间。‎ ‎【答案】（1）a1=‎2m/s2 (2) ‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）乘客在斜面上的受力如图所示：‎ 设斜面的倾角为θ，由数学知识得：cosθ=0.8，sinθ=0.6‎ 由牛顿第二定律得：‎ 联立解得：a1=‎2m/s2；‎ ‎（2）设下滑时间为t1，在CE段滑行时间为t2‎ 由：‎ 得：t1=s 经过C点的速度大小为 乘客在水平部分滑行的加速度为：‎ 则 故乘客从处开始到滑至处的时间：‎