【物理】四川省棠湖中学2020届高三第一次高考适应性考试

【物理】四川省棠湖中学2020届高三第一次高考适应性考试

四川省棠湖中学2020届高三第一次高考适应性考试 ‎14．某同学在研究光电效应时测得不同光照射到同一光电管时得到的光电流与电压的关系图象如图所示。则下列有关说法中正确的是 ‎ A．光线1、3为同一色光，光线3的光强更强 ‎ B．光线1、2为同一色光，光线1的光强更强 ‎ C．光线1、2为不同色光，光线2的频率较大 ‎ D．保持光线1的强度不变，光电流强度将随加速电压的增大一直增大 ‎15．中国自主研发的“暗剑”无人机，时速可超过2马赫。在某次试飞测试中，起飞前沿地面做匀加速直线运动，加速过程中连续经过两段均为120m的测试距离，用时分别为2s和1s，则无人机的加速度大小是 ‎ A．20m/s2 B．40m/s2 C．60m/s2 D．80m/s2‎ ‎16．如图所示，斜劈A静止放置在水平地面上，木桩B固定在水平地面上，弹簧K把物体与木桩相连，弹簧与斜面平行。质量为m的物体和人在弹簧K的作用下沿斜劈表面向下运动，此时斜劈受到地面的摩擦力方向向左。则下列说法正确的是 ‎ A．若剪断弹簧，物体和人的加速度方向一定沿斜面向下 ‎ B．若剪断弹簧，物体和人仍向下运动，A受到的摩擦力方向可能向右 ‎ C．若人从物体m离开，物体m仍向下运动，A受到的摩擦力可能向右 ‎ D．若剪断弹簧同时人从物体m离开，物体m向下运动，A可能不再受到地面摩擦力 ‎17．A、B两球沿一直线运动并发生正碰，如图所示为两球碰撞前后的位移﹣时间图象，a、b分别为A、B两球碰前的位移﹣时间图象，c为碰撞后两球共同运动的位移﹣时间图象，若A球质量mA＝2kg，则由图象判断下列结论错误的是 ‎ A．A、B碰撞前的总动量为kg•m/s ‎ B．碰撞时A对B所施冲量为﹣4N•s ‎ C．碰撞前后A的动量变化为4kg•m/s ‎ D．碰撞中A、B两球组成的系统损失的动能为10J ‎18．某实验小组模拟远距离输电的原理图如图所示，A、B为理想变压器，R为输电线路的电阻，灯L1、L2规格相同保持变压器A的输入电压不变，开关S断开时，灯L1正常发光，则 ‎ A．仅将滑片P上移，A的输入功率不变 ‎ B．仅将滑片P上移，L1变暗 ‎ C．仅闭合S，L1、L2均正常发光 ‎ D．仅闭合S，A的输入功率不变 ‎19．如图甲所示，一质量为M的长木板静置于光滑水平面上，其上放置一质量为m的小滑块。木板受到随时间t变化的水平拉力F作用时，用传感器测出其加速度a，得到如图乙所示的a﹣F图。取g＝10m/s2，则 A．滑块的质量m＝4kg ‎ B．木板的质量M＝2kg ‎ C．当F＝8 N时滑块加速度为2m/s2 ‎ D．滑块与木板间动摩擦因数为0.1‎ ‎20．在空间O点以初速度v0水平抛出一个小球，小球运动到空中A点（图中未画出）时，速度与水平方向的夹角为60°，若在O点抛出小球时的初速度方向不变，大小变为2v0，结果小球运动到空中B点（图中未画出）时速度与水平方向的夹角也为60°，不计空气阻力，则下列说法正确的是 ‎ A．OB长是OA长的2倍 ‎ B．OB长是OA长的4倍 ‎ C．OA与水平方向的夹角小于OB与水平方向的夹角 ‎ D．OA与水平方向的夹角等于OB与水平方向的夹角 ‎21．如图所示，磁感应强度大小为B、方向垂直于纸面向外的匀强磁场中有一矩形区域abcd，水平边ab长为s，竖直边ad长为h。质量均为m、带电荷量均为+q的A、B两粒子，由a、c两点先后沿ab和cd方向以速率v0、2v0进入矩形区域（两粒子不同时出现在磁场中）。不计重力，若两粒子轨迹恰好相切，设切点为p点，A粒子从d点射出。下列说法正确的是 ‎ A．两粒子运动到P点所需时间之比为tA：tB＝1：1 ‎ B．两粒子运动到p点所需时间之比为tA：tB＝1：2 ‎ C．A粒子的初速度v0为 ‎ D．A粒子的初速度v0为 ‎22．（6分）在用水平气垫导轨做“探究碰撞中的不变量”实验时，左侧滑块质量m1＝200g，右侧滑块质量m2＝240g，挡光片宽度为1.60cm，两滑块之间有一压缩的弹簧片，并用细线连在一起，如图所示。开始时两滑块静止，烧断细线后，两滑块分别向左、右方向运动。挡光片通过光电门的时间分别为△t1＝0.032s、△t2＝0.040s。以向左为正方向，则烧断细线前m1v1+m2v2＝　 　kg•m/s，烧断细线后m1v1'+m2v2'＝　 　kg•m/s（此空保留2位有效数字）；可得到的结论是　 　。‎ ‎23．（9分）某待测电阻Rx的阻值在80Ω～100Ω之间，现要测量其电阻的阻值，实验窒提供如下器材 A．电流表A1（量程50mA、内阻约lΩ）B．电流表A2（量程200mA、内阻约为0.2Ω）‎ C．电流表A3（量程0.6A、内阻约为0.1Ω）D．定值电阻R0＝30Ω E．滑动变阻器R（最大阻值约为10Ω）F．电源E（电动势为4V）G．开关S、导线若干 ‎①某同学设计了一个测量电阻Rx的实验电路，如图所示．为保证测量时电流表读数不小于其量程的，M、N两处的电流表应分别选用：M为　 　，N为　 　 （选填“A1”、“A2”或“A3”）‎ ‎②若M、N电表的读数分别为IM、IN，则Rx的计算式为Rx＝　 　‎ ‎③考虑本次测量存在一定的系统误差，所以测量值比真实值　 　．‎ ‎24.（12分）如图所示在y＞0的空间中存在匀强电场，场强沿y轴负方向；在y＜0的空间中，存在匀强磁场，磁场方向垂直xoy平面（纸面）向外。一电量为q、质量为m的带正电的运动粒子，经过y轴上y＝h处的点P1时速率为v0，方向沿x轴正方向；然后经过x轴上x＝2h处的P2点进入磁场，并经过y轴上y＝﹣2h处的P3点。不计重力。求：‎ ‎（1）电场强度的大小；‎ ‎（2）粒子到达P2时速度的大小和方向；‎ ‎（3）磁感应强度的大小。‎ ‎25．（20分）如图所示，质量M＝2kg、高h＝0.2m的长木板静止在粗糙的水平地面上，长木板与地面间的动摩擦因数μ1＝0.1．在长木板上放置一个质量m＝lkg的铁块（可视为质点），开始时铁块离长木板左端B点的距离L＝0.5m，铁块与木板间的动摩擦因数μ2＝0.2，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g＝10m/s2．若在长木板上加一个水平向右的恒力F，求：‎ ‎（1）要将长木板从铁块下抽出，水平向右的恒力F应满足什么条件。‎ ‎（2）若水平向右的恒力为17N，铁块与长木板分离时两者的速度大小。‎ ‎（3）在（2）中，在铁块落地前的整个过程中，铁块、长木板和地面组成的系统因摩擦所产生的热量。‎ ‎33．（1）下列说法正确的是（　5分　）‎ A．零摄氏度的物体的内能为零 ‎ B．气体如果失去了容器的约束会散开，这是因为气体分子热运动的结果 ‎ C．温度相同的氧气和臭氧气体，分子平均动能相同 ‎ D．理想气体，分子之间的引力、斥力依然同时存在，且分子力表现为斥力 ‎ E．浸润现象是分子间作用力引起的 ‎（2）．（10分）如图所示，上端带卡环的绝热圆柱形汽缸竖直放置在水平地面上，汽缸内部被质量均为m的活塞A和活塞B分成高度相等的三个部分，下边两部分封闭有理想气体P和Q，活塞A导热性能良好，活塞B绝热。两活塞均与汽缸接触良好，活塞厚度不计，忽略一切摩擦。汽缸下面有加热装置，初始状态温度均为T0，气缸的截面积为S，外界大气压强大小为且保持不变，现对气体Q缓慢加热。求：‎ ‎①当活塞A恰好到达汽缸上端卡口时，气体Q的温度T1；‎ ‎②活塞A恰接触汽缸上端卡口后，继续给气体Q加热，当气体P体积减为原来一半时，气体Q的温度T2。‎ ‎34．（1）（5分）一列简谐横波在t1＝0时的波形如图甲中实线所示，t2＝3.0s时的波形如图甲中虚线所示。图乙是图甲中质点a的振动图象，则这列波是向x轴　 　（选填“正方向”或“负方向”）传播的，波速的大小为　 m/s。在t1到t2时间内，质点a通过的路程为　 　m。‎ ‎（2）（10分）．为测量水晶印章的折射率，某同学在水平桌面铺上一张白纸，然后将印章立放在白纸上，用红色激光笔从O点照射该印章的一个侧面，激光所在的竖直平面与印章的右侧面垂直，其正视图如图所示。已知该印章的水平截面是d＝3cm的正方形，当光以θ＝60°的入射角向右侧面照射时，印章右侧的白纸上出现了两个亮点M和N（M点位于N点的右方），测得两亮点间的距离s＝2cm，不考虑光在印章表面的多次反射。‎ ‎（i）作出光从O点入射至形成M、N两亮点的光路图；‎ ‎（ii）求水晶印章对红色光的折射率n。‎ ‎【参考答案】‎ ‎14.C 15.B 16.A 17.A 18. B 19.ABD 20.BD 21.AC ‎22：0；0.0040；在误差允许范围内，两滑块质量与各自速度的乘积之和为不变量。‎ ‎23：①A1；A2；②；③偏大．‎ ‎24解：（1）粒子在电场、磁场中运动的轨迹如图所示。‎ 设粒子从P1到P2的时间为t，电场强度的大小为E，粒子在电场中的加速度为a，‎ 由牛顿第二定律及运动学公式有：‎ qE＝ma ①v0t＝2h ②③由①、②、③式解得：④‎ ‎（2）粒子到达P2时速度沿x方向的分量仍为v0，‎ 以v1表示速度沿y方向分量的大小，v表示速度的大小，‎ θ表示速度和x轴的夹角，则有：⑤且有 ⑥⑦‎ 由②、③、⑤式得：v1＝v0⑧由⑥、⑦、⑧式得：⑨θ＝45° ⑩‎ ‎（3）设磁场的磁感应强度为B，在洛仑兹力作用下粒子做匀速圆周运动，‎ 由牛顿第二定律： （11）‎ r是圆周的半径。此圆周与x轴和y轴的交点分别为P2、P3．因为OP2＝OP3，‎ θ＝45°，由几何关系可知，连线P2P3为圆轨道的直径，由此可求得：r＝ （12）‎ 由⑨、（11）、（12）可得：；‎ ‎25解：（1）欲将长木板从铁块下抽出，这两者间必存在相对运动，两者刚好发生相对滑动时：‎ 对滑块，由牛顿第二定律有μ2mg＝mα，解得a＝2m/s2‎ 对长木板，由牛顿第二定律有Fmin﹣μ1（m+M）g﹣μ2mg＝Ma解得Fmin＝9N，‎ 即恒力F应满足的条件为F＞9N；‎ ‎（2）当F1＝17N＞9N时，滑块相对于长木板将发生相对滑动。‎ 对长板，根据牛顿第二定律可得：F1﹣μ1（m+M）g﹣μ2mg＝Ma1，解得 滑块的加速度，分离时长木板的位移，‎ 铁块的位移 两者分离时有x1﹣x2＝L， 解得t1＝0.5s 设滑块离开长木板的瞬间，长木板与铁块的速度分别为v1，v2，‎ 则v1＝a1t1＝3m/s，v2＝a2t1＝1m/s；‎ ‎（3）在（2）问中，分离时长木板位移 滑块离开长木板后做平抛运动，由平抛运动规律有 滑块离开长木板后，对长木板，由牛顿第二定律可知F1﹣μ1Mg＝Ma3，解得 滑块离开长木板到落地时长木板的位移，解得x3＝0.75m 整个过程中，滑块与长板间因摩擦产生的热量Q1＝μ2mgL＝1.0J 长木板与水平面间因摩擦产生的热量Q2＝μ1（M+m）gx1+μ1Mgx3＝3.75J 铁块、长木板和水平地面组成的系统因摩擦产生的热量Q总＝Q1+Q2＝4.75J。‎ ‎33．(1)BCE ‎ ‎(2)．解：①设P、Q初始体积均为V0，在活塞A接触卡扣之前，两部分气体均等压变化，‎ 由P温度不变，根据理想气体状态方程可知体积也不变，‎ 又汽缸内部被质量均为m的活塞A和活塞B分成高度相等的三个部分，‎ 故当活塞A恰好到达汽缸上端卡口时，Q的体积为2V0，‎ 对Q由盖﹣吕萨克定律得：，解得：T1＝2T0‎ ‎②当活塞A恰接触汽缸上端卡口后，P气体做等温变化，‎ 当活塞A恰好到达汽缸上端卡口时P内气体压强为：P＝P0+＝，‎ 对两活塞整体分析得Q内气体压强为：P′＝P0+＝，‎ 对P中气体，由玻意耳定律得：PV0＝P1，解得：P1＝，‎ 此时Q气体的压强为：P2＝P1+＝，‎ 当P气体体积变为原来时，Q气体的体积为V0，‎ 此过程对Q气体，由理想气体状态方程得：，解得：T2＝T0；‎ 答：①当活塞A恰好到达汽缸上端卡口时，气体Q的温度T1为2T0；‎ ‎②当气体P体积减为原来一半时，气体Q的温度T2为T0。‎ ‎34.（1）负方向，0.5，0.15‎ ‎ (2)．解：（i）光路图如图所示 ‎（ii）设O1，O2分别是射入印章的光线在后表面的反射点及前表面的折射点，γ为折射角，‎ 根据折射定律和反射定律有，射向纸面两光线是相互平行的，‎ 根据几何知识有OO2＝s•tanθ＝2d•tanγ，‎ 代入数据解得，则γ＝30°，‎ 根据折射定律可知，水晶印章的折射率为n＝＝。‎