物理卷·2018届河北省定州中学高二（承智班）下学期周练试题（4-16）（2017-04）

物理卷·2018届河北省定州中学高二（承智班）下学期周练试题（4-16）（2017-04）

河北定州中学2016-2017学年第二学期 高二承智班物理周练试题（4.16）‎ ‎ ‎ ‎ ‎ 一、选择题 ‎1．在相距为r的A、B两点分别放上点电荷QA和QB，C为AB的中点，如图所示，现引入带正电的检验电荷q，则下列说法正确的是（ ）‎ ‎ ‎ A．如果q在C点受力为零，则QA和QB一定是等量异种电荷 B．如果q在AB延长线离B较近的D点受力为零，则QA和QB一定是异种电荷，且电量大小QA＞QB C．如果q在AC段上的某一点受力为零，而在BC段上移动时始终受到向右的力，则QA一定是负电荷，且电量大小QA＜QB D．如果q沿AB的垂直平分线移动时受力方向始终不变，则QA和QB一定是等量异种电荷 ‎ ‎ ‎2．如图甲所示，汽车以l0m/s 的速度匀速驶向路口，当行驶至距路口停车线20m处时，绿灯还有3s熄灭，而该汽车在绿灯熄灭时刚好停在停车线处。若汽车减速时的最大加速度为5m/s2，则汽车运动的v-t图象可能是图乙中的 ‎3．一电阻阻值为110n，接在如图所示的交流电压两端，则以下说法中正确的是 （ ）‎ ‎ ‎ A．电阻两端电压的表达式为 ‎ B．通过电阻的电流表达式为i=/sm（l00t）A C．并联在该电阻两端的交流电压表的示数为 D．流过电阻的电流方向每秒改变100次 ‎4．一串小灯笼（五只）彼此用轻绳连接，并悬挂在空中．在稳定水平风力作用下发生倾斜，悬绳与竖直方向的夹角为30°，如图所示．设每个红灯笼的质量均为 m．则自上往下第二只灯笼对第三只灯笼的拉力大小为（ ）‎ ‎ ‎ A．2mg B．mg C．mg D．8mg ‎5．如图所示，足够长的U型光滑金属导轨平面与水平面成θ角（0＜θ＜90°），其中MN与PQ平行且间距为L，导轨平面与磁感应强度为B的匀强磁场垂直，导轨电阻不计。金属棒ab由静止开始沿导轨下滑，并与两导轨始终保持垂直且良好接触，ab棒接入电路的电阻为R，当流过ab棒某一横截面的电量为q时，棒的速度大小为v，则金属棒ab在这一过程中 ‎ ‎ A．运动的平均速度大于v B．受到的最大安培力大小为sinθ C．下滑的位移大小为 D．产生的焦耳热为qBLv ‎6．下图是娱乐场所中的一种滑梯，滑梯在最底端是处于水平切线方向，质量为M、可看成质点的一名滑梯爱好者从高为h的滑梯顶端静止下滑，忽略所有摩擦及阻力，则滑梯爱好者在下滑过程中下列说法正确的是 ‎ ‎ A．机械能不守恒 B．滑梯爱好者滑到底层末端时的速度大小为 C．滑梯爱好者滑到底层末端时对滑梯的压力为Mg D．滑梯爱好者到达底层末端时处于失重状态 ‎7．下列情况满足机械能守恒的是（ ）‎ A、手中扔出的小石头（不计空气阻力） B、子弹射穿木块 ‎ C、汽车以恒定的速度上坡 D、起重机将货物匀速吊起 ‎8．关于热力学定律，下说法中正确的是 ‎ A. 随着高科技的不断发展，绝对零度是可以达到的 B. 一切自然过程总是沿着分子热运动的无序性增大的方向进行 C. 第二类永动机因为不违反能量守恒定律，所以它将会被制造出来 D. 热量能够自发地从高温物体传递到低温物体，也能自发地从低温物体传递到高温物体 ‎9．（加试题）如图是一弹簧振子，O为平衡位置，则振子从a→O运动的过程中，下列说法正确的是（ ）‎ A．位移不断减小 B．速度不断减小 C．加速度不断减小 D．弹簧的弹性势能不断增大 ‎10．于自感现象，下列说法中正确的是( )‎ A．自感现象是线圈自身的电流变化而引起的电磁感应现象 B．自感电动势总是阻止原电流的变化 C．自感电动势的方向总与原电流方向相反 D．自感电动势的方向总与原电流方向相同 ‎11．光学镜头涂一层薄膜叫增透膜，以下说法正确的是 ‎ A 增透膜的作用是为减小光的反射损失, 增强透射光的强度 B 增透膜的厚度等于入射光在薄膜中波长的1/4‎ C 增透膜的厚度等于入射光在真空中波长的1/4‎ D 因为增透膜厚度一般选为适合绿光反射时相互抵消，红光、紫光的反射不能完全抵消, 所以涂有增透膜的镜头呈淡紫色 ‎12．如图所示，有一重力为G的带电小球，从两竖直的带等量异号电荷的平行板电容器的上方高h处自由落下，.两板间还有匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里.。则小球在通过板间的过程中 ‎ ‎ A、一定做曲线运动 B、可能做匀速直线运动 C、可能做变加速直线运动 D、机械能可能不变 ‎13．可变电容器C1、C2和可变电阻器R1、R2以及电源E连接成如图所示的电路．闭合S，当R1的滑片在图示位置时，C1、C2所带的电荷量相等．现要使C1所带的电荷量大于C2所带的电荷量，可采用的方法是 ‎ ‎ A．只增大R2的电阻 B．只增大C2的电容 C．只增大C1的电容 D．只将R1的滑片向A端移动 ‎14．如右图所示电路中，闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，三个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I、、表示．下列判断正确的是( )‎ A．I减小，增大 B．I减小，增大 C．I增大，增大 D．I增大，增大 ‎15．16世纪末，伽利略用实验和推理，推翻了已在欧洲流行了近两千年的亚里士多德关于力和运动的理论，开启了物理学发展的新纪元。在以下说法中，与亚里士多德观点相反的是( )‎ A. 四匹马拉的车比两匹马拉的车跑得快；这说明，物体受的力越大，速度就越大 B. 一个运动的物体，如果不再受力了，它总会逐渐停下来；这说明，静止状态才是物体长时间不受力时的“自然状态”‎ C. 两物体从同一高度自由下落，较重的物体下落较快 D. 一个物体维持匀速直线运动，不需要力 ‎16．以下说法正确的有 。‎ a．布朗运动证明，组成固体小颗粒的分子在做无规则运动 ‎ b．液晶的光学性质会随温度、外加电压等外界因素的变化而变化 ‎ c．第二类永动机不可能制成，是因为违反了能量守恒定律 ‎ d．已知阿伏伽德罗常数，某气体的摩尔质量，就可以计算出该气体的分子质量 ‎17．如右图所示，可视为质点的物块A放在物体B上，物体B的斜面为弧面，A、B之间有摩擦，水平地面光滑，现将物块A从物块B的顶端由静止释放，在滑到物体B的底端前，下列说法正确的是 （ ）‎ ‎ ‎ A．若物体B固定，则物块A减少的重力势能等于它的动能和系统增加的内能之和 B．若物体B不固定，则物块A减少的机械能等于物体B增加的机械能 C．物体B在固定与不固定的两种情况下，系统重力势能的减少量相等 D．物体B在固定与不固定的两种情况下，系统的机械能都守恒 ‎18．如图所示，一只蜗牛沿着葡萄枝缓慢爬行，若葡萄枝的倾角α，则葡萄枝对重为G的蜗牛的作用力为：（ ）‎ ‎ ‎ A. Gsinα B. Gcosα C. G D. 小于G ‎19．一带正电的粒子仅在电场力作用下从A点经B、C运动到D点，其“速度—时间”图象如图所示。分析图象后，下列说法正确的是 ‎ ‎ A. B、D两点的电场强度和电势一定都为零 B. A处的电场强度大于C处的电场强度 C. 粒子在A处的电势能小于在C处的电势能 D. A、C两点的电势差大于B、D两点间的电势差 ‎20．我国发射的“嫦娥三号”登月探测器靠近月球后，先在月球表面附近的近似圆轨道上绕月运行；然后经过一系列过程，在离月面4m高处做一次悬停（可认为是相对于月球静止）；最后关闭发动机，探测器自由下落．己知探测器的质量约为1.3×103kg，地球质量约为月球的81倍，地球半径约为月球的3.7倍，地球表面的重力加速度大小约为9.8m/s2．则此探测器（ ）‎ A. 在着陆前的瞬间，速度大小约为8.9m/s B. 悬停时受到的反冲作用力约为2×103N C. 从离开近月圆轨道到着陆这段时间内，机械能守恒 D. 在近月圆轨道上运行的线速度小于人造卫星在近地圆轨道上运行的线速度 ‎ ‎ ‎ ‎ 二、实验题 ‎21．某同学用如图所示的装置“验证动量守恒定律”，其操作步骤如下：‎ ‎ ‎ A．将操作台调为水平，并在两侧挂上重垂线；‎ B．用天平测出滑块A、B的质量mA、mB；‎ C．用细线将滑块A、B连接，滑块A、B紧靠在操作台边缘，使A、B间的轻弹簧处于压缩状态；‎ D．剪断细线，滑块A、B均做平抛运动，记录A、B滑块的落地点M、N；‎ E．用刻度尺测出M、N距操作台边缘的水平距离x1、x2；‎ F．用刻度尺测出操作台面距地面的高度h．‎ ‎①上述步骤中，多余的步骤是____________；‎ ‎②如果系统动量守恒，须满足的关系是__________________。‎ ‎ ‎ 三、计算题 ‎22．如图所示，水平面上有两电阻不计的光滑金属导轨平行固定放置，间距d＝0.5m，左端通过导线与阻值为2Ω的电阻R连接，右端通过导线与阻值为4Ω的小灯泡L连接；在CDEF矩形区域内有竖直向上的匀强磁场，CE长为2m，CDEF区域内磁场的磁感应强度B如图所示随时间t变化；在t＝0s时，一阻值为2Ω的金属棒在恒力F作用下由静止从AB位置沿导轨向右运动，当金属棒从AB位置运动到EF位置的全过程中，小灯泡的亮度都没有变化。求：⑴通过小灯泡的电流强度；⑵恒力F的大小；⑶金属棒的质量。‎ ‎ ‎ 参考答案 ‎1．BCD ‎【解析】‎ 试题分析：知道在电场中某点的电场强度方向．‎ 电场强度是矢量，能用平行四边形法则进行矢量叠加．‎ 解：A、如果q在C点受力为零，则QA和QB对q的力方向相反，所以QA和QB一定是等量同种电荷，故A错误 B、如果q在AB延长线离B较近的D点受力为零，则QA和QB一定是异种电荷，有库仑定律，对q有 ‎=‎ rA＞rB，所以电量大小QA＞QB．故B正确 C、如果q在AC段上的某一点受力为零，根据=‎ 所以QA＜QB．在BC段上移动时始终受到向右的力，则QA一定是负电荷，故C正确 D、如果q沿AB的垂直平分线移动时受力方向始终不变，即水平方向，所以QA和QB一定是等量异种电荷，故D正确 故选BCD．‎ ‎【点评】熟悉电场强度的方向和点电荷电场强度的公式应用．‎ ‎ ‎ ‎2．C ‎【解析】汽车减速需要的时间，则减速位移，匀速时间，故汽车运动的v-t图象可能是图乙中的C ‎3．AD ‎【解析】‎ ‎4．A ‎【解析】‎ 试题分析：以下面三个灯笼作为整体为研究对象，进行受力分析，根据平衡条件并运用合成法列式求解即可．‎ 解：以下面三个灯笼作为整体为研究对象，进行受力分析，如图：‎ 竖直方向：Tcos30°=3mg 得：T==2mg 故选：A ‎ ‎ ‎ ‎ ‎【点评】本题涉及的物体较多，巧妙的选取研究对象可以达到事半功倍的效果．也可以运用隔离法研究，但比较麻烦．‎ ‎【答案】AC ‎【解析】‎ 试题分析：金属棒 开始做加速度逐渐减小的变加速运动，不是匀变速直线运动，平均速度大于，故A正确；金属棒受到的安培力，故B错误；由可知：下滑的位移，故C正确；产生的焦耳热，而这里的电流I比棒的速度大小为时的电流小，故这一过程产生的焦耳热小于，故D错误。‎ 考点：导体切割磁感线时的感应电动势、安培力 ‎【名师点睛】本题考查了电磁感应与力学的综合，关键理清金属棒的运动规律，能知道求电量时要用法拉第电磁感应定律求平均电动势。‎ ‎6．B ‎【解析】‎ 试题分析：由于忽略所有摩擦及阻力，在运动过程中，只有重力做功，机械能守恒，A错误；因此，可知到过底端的速度大小为，B正确；由于到达低端时是圆弧，合力来提供做圆周运动的向心力，因此支持力大于重力，C错误；由于合力向上，因此滑梯爱好者到达底层末端时处于超重状态，D错误。‎ 考点：机械能守恒 ‎7．A ‎【解析】考点：机械能守恒定律．‎ 专题：机械能守恒定律应用专题．‎ 分析：判断机械能守恒的方法：1、根据条件，看是否只有重力做功．2、看势能和动能之和是否保持不变．‎ 解答：解：A、仍出去的石头只有重力做功，机械能守恒．故A正确． ‎ ‎ B、子弹射出木块，有阻力做功，机械能不守恒．故B错误 ‎ C、汽车以恒定的速度上坡，动能不变，重力势能增大，机械能增大．故C错误．‎ ‎ D、起重机将货物匀速吊起，动能不变，重力势能增大，机械能增大．故D错误．‎ 故选A．‎ 点评：解决本题的关键掌握判断机械能守恒的方法：1、根据条件，看是否只有重力做功．2、看势能和动能之和是否保持不变．‎ ‎8．B ‎【解析】‎ ‎9．AC ‎【解析】‎ 试题分析：振子从a→O运动的过程是靠近平衡位置，故位移减小，速度增加，加速度减小，弹性势能减小；‎ 故BD错误，AC正确；故选AC.‎ 考点：简谐振动的规律 ‎10．A ‎【解析】自感电动势总是阻碍原电流的变化，BCD错；A对；‎ ‎11．ACD ‎【解析】涂增透膜的目的是成像清晰，所以作用是减小光的反射损失,‎ ‎ 增强透射光的强度，A对；要求增透膜的厚度等于入射光在真空中波长的1/4，C对，B错；因为增透膜厚度一般选为适合绿光反射时相互抵消，红光、紫光的反射不能完全抵消, 所以涂有增透膜的镜头呈淡紫色，D对。‎ ‎12．A ‎【解析】小球竖直方向受重力作用，小球做加速运动，水平方向由于洛伦兹力的存在，小球一定做曲线运动；电场力做负功，机械能减小。‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ 试题分析：由题意，当变阻器的滑动触头在图示位置时，的电荷量相等．要使的电荷量大于的电荷量，根据，可知，的电压大于的电压，不管R2，电阻增大，还是减小，都不会导致的电压大于的电压．故A错误；只增大的电容，的电荷量增大，的电荷量不变，则所带的电荷量大于所带的电荷量，故B错误；只增大的电容，的电荷量增大，的电荷量不变，则所带的电荷量大于所带的电荷量，故C正确；当将的滑动触头向A端移动时，两端的电压降低，两端的电压升高，则所带的电荷量大于所带的电荷量，故D错误。‎ 考点：闭合电路的欧姆定律；电容 ‎【名师点睛】本题是电容器的动态变化分析问题，关键抓住不变量．电容不变，关键分析电压变化；若电压不变，关键分析电容如何变化。‎ ‎14．B ‎【解析】‎ 试题分析：闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻R增大，根据闭合电路欧姆定律分析得知，干路电流减小，路端电压U增大．的电压等于路端电压，则流过电流增大．流过电流表的电流，减小，增大，I减小，的电压减小，即电压表的示数减小．电压表示数，U增大，减小，则增大．所以，I减小，减小，增大．‎ 故选B 考点：本题考查电路的动态分析．‎ 点评：对于电路的动态分析问题，首先要认清电路部分的连接关系，往往按“局部→整体→局部”思路分析．‎ ‎15．D ‎【解析】亚里士多德的多数结论来自观察．用四匹马和两匹马拉车，车在运动的过程中所受的摩擦力相同，两次都是匀速运动故，但四匹马的功率大于两匹马的功率，根据，可知 ‎，故认为物体受力越大，速度越大的观点是错误的， A错误；一个物体不受力就会逐渐停下来，是因为物体受到了地面的摩擦力，而不是因为不受力．故B选项是亚里士多德的观点．两个物体从同一高度自由下落，较重的下落的快，是因为重的物体所受的摩擦力相对于重力来说小，其加速度就大．如果没有空气的阻力两物体应同时到达地面．故C选项是错误的，是亚里士多德的观点；物体之所以运动，不是因为受力，而是由于惯性，故维持物体的运动不需要力，是伽利略的观点，与亚里士多德的观点相反，故D选项是正确的．‎ ‎16．bd (2分，选不全得1分)‎ ‎【解析】‎ 试题分析：布朗运动证明，液体分子的无规则运动，a不对；液晶既具液体的流动性，也具有光学的各项异性，且光学性质会随温度、外加电压等外界因素的变化而变化，b正确；第二类永动机不可能制成，是因为违反了热力学第二定律，c不对；已知阿伏伽德罗常数NA，某气体的摩尔质量M，就可以计算出该气体的分子质量，d正确 考点：分子动理论，固体液体和气体，热力学定律。‎ ‎17．AC ‎【解析】若物体B固定，则物块A减少的重力势能等于它的动能和系统增加的内能之和；若物体B不固定，则物块A减少的机械能等于物体B增加的机械能与系统增加的内能之和。物体B在固定与不固定的两种情况下，物体A下降高度相同，所以系统重力势能的减少量相等，但是由于摩擦生热，所以机械能不守恒。答案选AC。‎ ‎18．C ‎【解析】试题分析：蜗牛受到竖直向下的重力和葡萄枝的作用力，两力平衡，等大反向，所以葡萄枝对蜗牛的作用力大小等于G，故C正确；‎ 考点：：考查了共点力平衡条件的应用 ‎【名师点睛】解题的关键是进行受力分析，葡萄枝对蜗牛的作用力是指支持力和摩擦力的合力，三力平衡时其中两个力的合力与第三个力等大反向 ‎19．BC ‎【解析】试题分析：速度时间图像的斜率表示加速度，B、D两点的斜率为零，说明合力为零，因为一带正电的粒子仅在电场力作用下从A点经B、C运动到D点，所以B、D两点的电场力为零，但是电场强度为零，不一定电势为零，A错误；A处的斜率大小大于C处的斜率大小，因为，所以A处的电场强度大于C处的电场强度，B正确；因为只受电场力，所以过程中动能和电势能相互转化，从图中可得A点的速度大于C点的速度，所以从A到C动能一部分转化为电势能，故粒子在A处的电势能小于在C处的电势能，C正确；从图中可得A、C两点的变化量小于B、D两点的变化量，根据公式可得A、C两点的电势差小于B、D两点间的电势差，D错误；‎ 考点：考查了电场力做功，速度时间图像 ‎【名师点睛】电场力对电荷做正功时，电荷的电势能减少；电荷克服电场力做功，电荷的电势能增加，电势能变化的数值等于电场力做功的数值．这常是判断电荷电势能如何变化的依据．还考察了对于匀变速直线运动的图象分析电荷在电场中移动时，电场力做的功与移动的路径无关，只取决于起止位置的电势差和电荷的电量，这一点与重力做功和高度差的关系相似 ‎20．BD ‎【解析】解：A、根据万有引力等于重力，可得重力加速度g=，地球质量约为月球的81倍，地球半径约为月球的3.7倍，地球表面的重力加速度大小约为9.8m/s2，所以月球表面的重力加速度大小约为g′==1.66m/s2，根据运动学公式得在着陆前的瞬间，速度大小约v===3.6m/s，故A错误；‎ B、登月探测器悬停时，二力平衡，F=mg′=1.3×103×1.66≈2×103N，故B正确；‎ C、从离开近月圆轨道到着陆这段时间内，有外力做功，机械能不守恒，故C错误；‎ D、根据v=，地球质量约为月球的81倍，地球半径约为月球的3.7倍，‎ 所以在近月圆轨道上运行的线速度小于人造卫星在近地圆轨道上运行的线速度，故D正确；‎ 故选：BD．‎ ‎【点评】解答本题要知道除重力以外的力对物体做功等于物体机械能的变化量，月球重力加速度约为地球重力加速度的，关于万有引力的应用中，常用公式是在地球表面重力等于万有引力，卫星绕地球做圆周运动万有引力提供圆周运动向心力．‎ ‎21．F ； mAx1=mBx2 ‎ ‎【解析】试题分析：取小球A的初速度方向为正方向，两小球质量和平抛初速度分别为mA、mA，v1、v2，平抛运动的水平位移分别为x1、x2，平抛运动的时间为t．需要验证的方程：0=mAv1-mBv2又v1=，v2＝代入得到mAx1=mBx2‎ 故不需要用刻度尺测出操作台面距地面的高度h．所以多余的步骤是F；‎ 考点：本题考查验证却是守恒定律。‎ ‎22．⑴0.1A ⑵0.3N ⑶1.2kg ‎【解析】⑴金属棒未进入磁场，电路总电阻R总=R并+RL=5Ω ①‎ ‎ 回路中的感应电动势E==0.5V ②‎ ‎ 通过灯泡的电流 IL==0.1A ③‎ ‎⑵因灯泡亮度不变，故在t=4s末金属棒刚好进入磁场，且做匀速运动，此时金属棒中的电流为 ‎ I=IR+IL=0.3A ④‎ ‎ 恒力F的大小为 F=F安=BId=2×0.3×0.5N=0.3N ⑤‎ ‎⑶金属棒进入磁场后回路中的总电阻 ⑥‎ ‎ 金属棒中感应电动势 E=Bdv=I=1v ⑦‎ ‎ t=4s末金属棒的速度 v==1m/s ⑧‎ ‎ 0～4s金属棒的加速度 a=v/t=0.25m/s2 ⑨‎ ‎ 由F=ma 得金属棒的质量 m=F/a=1.2kg ‎ ‎