安徽省蚌埠铁路中学2020学年高二物理上学期期中检测试题

安徽省蚌埠铁路中学2020学年高二物理上学期期中检测试题

安徽省蚌埠铁路中学2020学年高二物理上学期期中检测试题 ‎ 考试时间：90分钟 试卷分值：100分 一、单选题（本大题共8小题，共32分）‎ 1. 关于点电荷的说法，正确的是（　　）‎ A. 带电体能否看成点电荷,是看它的形状和大小对相互作用力的影响是否能忽略不计 B. 点电荷一定是电量很小的电荷 C. 体积很大的带电体一定不能看作点电荷 D. 只有体积很小的带电体,才能作为点电荷 2. 将两个分别带有电荷量-2Q 和+5Q 的相同金属小球 A、B 分别固定在相距为r的两处（均可视为点电荷），它们间库仑力的大小为 F．现将第三个与 A、B 两小球完全相同的不带电小球 C先后与A、B 相互接触后拿走，A、B 间距离保持不变，则两球间库仑力的大小为（　　）‎ A. F B. C. D. ‎ 3. 用电场线能很直观、很方便地比较电场中各点的强弱。如图,下图左边是等量异种点电荷形成电场的电场线,下右边是场中的一些点：O是电荷连线的中点,E,F是连线中垂线上相对O对称的两点,B,C和A,D也相对O对称,则下列认识不正确的是 4. 5. A. B,C两点场强大小和方向都相同 B. A,D两点场强大小相等,方向相反 C. E,F两点场强大小和方向都相同 D. 从E到F过程中场强先增大后减小 1. 如图所示，A，B是两块水平放置的平行金属板，一带电小球垂直于电场线方向射入板间，小球将向A极板偏转，为了使小球沿射入方向做直线运动，可采用的方法是( ) ‎ A. 将带正电的小球改为带负电 B. 将变阻器滑片P适当向左滑动 C. 适当增大小球所带电量 D. 将极板间距适当增大 2. 如图所示，在原来不带电的导体附近P处，放置一个正点电荷，导体内a、b、c三点与点电荷P在同一连线上，导体达到静电平衡后（   ）‎ 3. A. 导体内三点的电势关系：‎ B. 导体两端感应电荷在导体内b点的场强方向沿b指向c C. 若导体缓慢向点电荷P靠近过程中,导体内a、b、c三点的电场强度将逐渐增大 D. 若导体右端接地,大地上有感应负电荷,导体左端有感应正电荷 4. 如图所示，图线1表示的导体的电阻为，图线2表示的导体的电阻为，则下列说法正确的是 A. ：：1‎ B. 把拉长到原来的3倍长后电阻等于 C. 将与串联后接于电源上,则功率之比：：3‎ D. 将与并联后接于电源上,则电流比：：3‎ 5. 如图所示，直线A为某电源的U－I图线，曲线B为某小灯泡的U–I图线的一部分，用该电源和小灯泡组成闭合电路时，灯泡恰好能正常发光，则下列说法中正确的是（）‎ A. 此电源的内阻为 B. 额定状态下,小灯泡阻值为．‎ C. 灯泡的额定功率为6 W D. 小灯泡的曲线说明电功率越大,灯丝电阻率越小 1. 如图，四个灯泡L1,L2,L3,L4完全一样,规格都是12V、12W,在AB两端加上60V的电压,则经过L3的电流是(   )‎ A. ‎1A‎ B. ‎2A C. D. ‎ 二、多选题（本大题共4小题，共16分）‎ 2. 如图所示，一电子在外力作用下沿等量异种电荷的中垂线由A→O→B匀速运动，A、B两点关于两电荷连线对称，电子重力不计，则电子运动过程中说法正确的是 A. 电子受外力先变大后变小,方向水平向右 B. 电子受外力先变小后变大,方向水平向左 C. 电子在A、B两点电势能相等 D. 电子受合力为零 3. 图中的虚线为某正点电荷电场的等势面，相邻两等势面之间电势差相等有两个带电粒子重力不计，以不同的速率，沿不同的方向，从A点飞入电场后，沿不同的径迹1和2运动,C,D,E均为运动轨迹与等势面的交点则以下判断正确的是 4. A粒子1带负电,粒子2带正电 5. B. 粒子1从A到B与从B到C电场力做的功相等 6. C. 粒子2的电势能先减小后增大 7. D. 经过D,E两点时两粒子的速率可能相等 8. 图中的实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带电粒子的运动轨迹，粒子先经过M点，再经过N点。可以判定（）‎ 1. A. M点的电势小于N点的电势 2. B. 粒子带正电,M点的电势大于N点的电势 3. C. 粒子在M点受到的电场力大于在N点受到的电场力 4. D. 粒子在M点的电势能大于在N点的电势能 5. 如图所示，两块较大的金属板A,B相距为d，平行放置并与一电源相连，S闭合后，两板间恰好有一质量为m、带电荷量为q的油滴处于静止状态，下列说法正确的是（）‎ 6. A. 若将S断开,则油滴将做自由落体运动,G表中无电流 7. B. 若将A向左平移一小段,则油滴仍然静止,G表中有的电流 8. C. 若将A向上平移一小段,则油滴向下加速运动,G表中有的电流 9. D. 若将A向下平移一小段,则油滴向上加速运动,G表中有的电流 三、实验题（本大题共2小题，共18分）‎ 10. 在“描绘该小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，已知小灯泡规格为“3.0V  ‎0.2A”，其他备用的仪表和器材有：‎ A．电流表A1，量程‎0.6A，内阻约1Ω          B．电流表A2，量程0.25A，内阻约3Ω C．电压表V、量程3V，内阻约5Kω           D．滑动变阻器R1（0～10Ω）‎ E．滑动变阻器R2（0～100Ω） F．电源E（3V，内阻可忽略）、开关、导线若干 ‎①实验中应选用的电流表为______（填“A‎1”‎或“A‎2”‎），应选用的滑动变阻器为______（填“R‎1”‎或“R‎2”‎）。‎ ‎②实验的电路图应选用下列的图（      ）．‎ ‎③实验得到小灯泡的伏安特性曲线如图所示，图中所描绘不是直线，某同学分析实验结论时对出现曲线的原因给出以下理由，其中正确的是（    ）‎ A．实验时操作错误，从而使读数错误。‎ B．小灯泡灯丝电阻不是恒值，随温度升高会发生变化 C．电路中的连接点有接触不良的现象 D．改描I-U曲线可能变为直线 ‎④如果将这个小灯泡接到电动势为1.5 V、内阻为5 Ω的电源两端，小灯泡消耗的功率是________W．（结果保留两位有效数字）‎ 1. 在如图实验装置中，充电后的平行板电容器的A极板与灵敏的静电计相接，B极板接地．‎ 2. ‎（1）若极板B稍向上移动一点，则将观察到静电计指针偏角______ （填“变大”或“变小”），此实验说明平行板电容器的电容随______ 而增大；‎ 3. ‎（2）若极板B稍向左移动一点，则将观察到静电计指针偏角______ （填“变大”或“变小”），此实验说明平行板电容器的电容随______ 而增大．‎ 四、计算题（本大题共4小题，8+9+9+8共34分）‎ 1. 如图所示，一带电小球的质量m=2×10‎-4kg，用长为L=‎0.8m的细线悬挂在水平方向的匀强电场中的O点，电场场强E=3×104N/C，当细线与竖直方向夹角为θ=37°时，小球恰好静止在A点．（g=‎10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）求 2. 3. ‎（1）小球带什么电？电量是多少？‎ 4. ‎（2）若剪断细线，则带电小球的运动轨迹是直线还是曲线？加速度是多少？‎ 5. ‎（3）若小球由竖直方向的P点静止释放，运动到A位置的过程中，电场力做多少功？‎ 6. ‎16.如图所示，平行金属板长为L，一个带电为+q、质量为m的粒子以初速度v0紧贴上板垂直射入电场，刚好从下板边缘射出，末速度恰与下板成30°角，粒子重力不计．求： （1）粒子末速度大小；‎ ‎（2）电场强度；‎ ‎（3）两极板间距离d．‎ ‎17.如图所示，充电后的平行板电容器水平放置，电容为C，极板间距离为d，上极板正中有一小孔，质量为m，电荷量为+q的小球从小孔正上方高h处由静止开始下落，穿过小孔到达下极板处速度恰为零（空气阻力忽略不计，极板间电场可视为匀强电场，重力加速度为g）‎ ‎（1）小球到达小孔处的速度；‎ ‎（2）极板间电场强度大小和电容器所带电荷量；‎ ‎（3）小球从开始下落运动到下极板处的时间．‎ ‎18.如图所示，甲图中变阻器的滑片从一端滑到另一端的过程中，两电压表的读数随电流表读数的变化情况如图乙中的AC、BC两直线所示．不考虑电表对电路的影响．‎ ‎​‎ ‎(1)电压表V1、V2的示数随电流表示数的变化图象应分别为U-I图象中的哪一条直线？‎ ‎(2)定值电阻R0、变阻器的总电阻R分别为多少？‎ ‎(3)求出电源的电动势和内阻．‎ 高二物理答案 1. A 2.B 3.B 4.D 5.B 6.C 7.C 8.A 2. ‎9.ACD 10.BC 11.BD 12.BC ‎13.（每空2分）‎ ‎（1 ）A2  , R1 ；（2）B ；（3）B ；（4）0.10W  。‎ ‎14.（每空2分）‎ ‎（1）变大；极板正对面积增大 ‎（2）变大；板间距离减小 ‎15.解：（1）小球带正电，由平衡条件，则有：‎ mgtanθ=Eq 代入数据解得：q=5×10‎-8C              (2分)‎ ‎（2）若剪断细线，因初速度为零，那么小球沿着合力的方向做直线运动，由矢量合成法则，结合三角知识，则有：‎ ‎=ma 代入数据解得：a=12.5 m/s2             (3分)‎ ‎（3）根据静电力做功为：‎ ‎ (3分)‎ 答：（1）小球带正电，电量是5×10‎-8C；‎ ‎（2）若剪断细线，则带电小球的运动轨迹是直线，加速度是12.5 m/s2；‎ ‎（3）若小球由竖直方向的P点静止释放，运动到A位置的过程中，电场力做功7.2×10-4J．‎ ‎16.解：（1）将末速度分解，‎ 由几何关系知：‎ 所以：； （2分）‎ ‎（2）带电粒子做类平抛运动，依题知，粒子在电场中的运动时间：‎ 粒子离开电场时，垂直板方向的分速度：v1=v0tan30°‎ 竖直方向加速度：a=‎ 粒子从射入电场到离开电场，有at=v1‎ 即：=v1；‎ 联立以上各式得 （4分）‎ ‎（3）粒子从射入电场到离开电场，由动能定理，有 解得　　　 （3分）‎ 答：（1）粒子的末速度为；‎ ‎（2）电场强度E为；‎ ‎（3）板间距离为．‎ ‎17.解：（1）小球到达小孔前是自由落体运动，根据速度位移关系公式，有：‎ v2=2gh 解得：v=…① （2分）‎ ‎（2）对从释放到到达下极板处过程运用动能定理列式，有：‎ mg（h+d）-qEd=0‎ 解得：E=…② (2分)‎ 电容器两极板间的电压为：‎ U=Ed=，‎ 电容器的带电量为：‎ Q=CU=； （2分）‎ ‎（3）加速过程：‎ ‎ ‎ t=。 （3分）‎ 答：（1）小球到达小孔处的速度为；‎ ‎（2）极板间电场强度大小为，电容器所带电荷量为；‎ ‎（3）小球从开始下落运动到下极板处的时间为。‎ ‎18.解：（1）当变阻器的滑动片向左移动时，变阻器接入电路的电阻减小，电路中电流增大，定值电阻R0的电压增大，路端电压减小，由图分析可得V1对应AC、V2对应BC。 （2分）‎ ‎（2）由题意得：U1=IR0，则 当滑动变阻器取最大值时，电流最小Imin=‎0.5A，而UR=UB-UA=7.5V-1.5V=6V 所以 （3分）‎ ‎（3）因为U2=E-Ir，则内阻​​ （3分）‎ 所以E=U2+Ir=7.5V+0.5×1V=8V。‎