2018-2019学年黑龙江省鹤岗市第一中学高二下学期期末物理试题 Word版

2018-2019学年黑龙江省鹤岗市第一中学高二下学期期末物理试题 Word版

鹤岗一中2018-2019学年度下学期期末考试 高二物理试卷 一、选择题（本题共12小题，每题4分，共48分）‎ ‎1、（单选）下列关于光电效应的说法正确的是（ ）‎ A、光电效应实验说明光具有波动性 B、若用某种色光去照射金属而没能发生光电效应，则说明该色光的波长太长 C、若用某种色光去照射金属而没能发生光电效应，若增加光照时间有可能使该金属发生光电效应 D、逸出的光电子的最大初动能与入射光的强度有关 ‎2、（单选）手拿一个锤头敲在一块玻璃上把玻璃打碎了，对于这一现象下列说法正确的是( )‎ A、锤头敲玻璃的力大于玻璃对锤头的作用力,所以玻璃才碎了 B、锤头受到的力大于玻璃受到的力,只是由于锤头能够承受比玻璃更大的力才没有碎 C、锤头和玻璃之间的作用力应该是等大的,只是由于锤头能够承受比玻璃更大的力才没有破 D、因为不清楚锤头和玻璃的其他受力情况,所以无法判断它们之间的相互作用力的大小 ‎3、（单选）下面列出的是一些核反应方程 , , 其中（ ）‎ A、X是质子，Y是中子，Z是正电子　　B、X是正电子，Y是质子，Z是中子 C、X是中子，Y是正电子，Z是质子　　D、X是正电子，Y是中子，Z是质子 ‎4、（单选）如图所示为氢原子能级图，下列说法正确的是（ ）‎ ‎-13.6‎ ‎-3.4‎ ‎-1.51‎ ‎-0.85‎ ‎0‎ En/eV ‎-0.54‎ ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ ‎5‎ ‎∞‎ n A、当氢原子从n=3状态跃迁到n=4状态时，辐射出0.66eV的光子 B、玻尔理论认为原子的能量是不连续的，电子的轨道半径是连续的 C、玻尔理论也能很好地解释复杂原子的光谱 D、大量处在n=1能级的氢原子可以被13eV的电子碰撞而发生跃迁 ‎5、（单选）下列说法中正确的是( )‎ A、核反应堆是人工控制链式反应的装置 B、 ，式中d＝3‎ C、β衰变中产生的β射线是原子核外电子挣脱原子核束缚后形成的 D、4个放射性元素的原子核经过一个半衰期后一定还剩下2个没有发生衰变 ‎6、（单选）如图所示，表示原子核的比结合能与质量数A的关系，据此下列说法中正确的（ ） ‎ A、重的原子核，因为它的核子多，核力大，所以结合得坚固而稳定 B、锂核（）的核子的比结合能比铀核的比结合能小，因而比铀核结合得更坚固更稳定 C、原子核结合的松紧程度可以用“比结合能”来表征，比结合能的定义是每个核子的平均结合能；比结合能越大的原子核越稳定 D、比结合能小的原子核结合成（或分裂成）比结合能大的原子核时一定吸收能量 ‎7、（单选）如图所示，一箱苹果沿着倾角为θ的斜面，以速度v匀速下滑．在箱子的中央有一个质量为m的苹果，它受到周围苹果对它作用力的合力的方向( )‎ A、竖直向上B、沿斜面向下C、沿斜面向上 D、垂直斜面向上 ‎8、（单选）如图所示，物体A的质量为2m，物体B的质量为m，A、B与地面间的摩擦不计，用水平力F向右推A使A、B一起加速运动，则B对A的作用力大小为( )‎ A、 B、 F C、 D、 ‎ ‎9、（单选）汽车以20 m/s的速度在平直公路上行驶,急刹车时的加速度大小为5 m/s2,则自驾驶员急踩刹车开始，2 s与4 s内，汽车的位移大小之比为( )‎ A、5∶4 B、4∶5 C、3∶4 D、4∶3‎ ‎10、（单选）如图所示，小物块从足够长的光滑斜面顶端由静止自由滑下。下滑位移x时的速度为v，其x－v2图象如图乙所示，取g＝10m/s2，则斜面倾角θ为（ ）‎ A、30° B、45° C、60° D、75°‎ ‎11、（多选）在一大雾天，一辆小汽车以30 m/s的速度匀速行驶在高速公路上，突然发现正前方30 m处有一辆大卡车以10 m/s的速度同方向匀速行驶，小汽车紧急刹车，刹车过程中刹车失灵．如图所示，图线a、b分别为小汽车和大卡车的v－t图象 (忽略刹车反应时间)，以下说法正确的是( )‎ A、因刹车失灵前小汽车已减速，故不会发生追尾事故 B、在t＝3s时发生追尾事故 C、在t＝5s时发生追尾事故 D、若紧急刹车时两车相距40m，则不会发生追尾事故且两车最近时相距5m ‎12、（多选）如图，一光滑的轻滑轮用细绳OO′悬挂于O点；另一细绳跨过滑轮，其一端悬挂物块a，另一端系一位于水平粗糙桌面上的物块b.外力F向右上方拉b，整个系统处于静止状态．若F方向不变，大小在一定范围内变化，物块b仍始终保持静止，则 A．绳OO′的张力也在一定范围内变化 ‎ B．物块b所受到的支持力也在一定范围内变化 C．连接a和b的绳的张力也在一定范围内变化 ‎ D．物块b与桌面间的摩擦力也在一定范围内变化 二、实验题（本题共2小题,每空2分，共12分）‎ ‎13、(6分)某同学用如图所示的实验装置验证牛顿第二定律，请回答下列有关此实验的问题：‎ ‎(1)该同学在实验前准备了图中所示的实验装置及下列辅助器材：‎ A、交流电源、导线　　　　B、天平(含配套砝码)‎ C、秒表　　　　　　　　　D、刻度尺　　　　　E、细线、砂和小砂桶 其中不必要的器材是________(填代号)。（单选）‎ ‎(2)打点计时器在小车拖动的纸带上打下一系列点迹，以此记录小车的运动情况。其中一部分纸带上的点迹情况如图所示，已知打点计时器打点的时间间隔T＝0.02 s，测得A点到B、C点的距离分别为x1＝5.99 cm、x2＝13.59 cm，则在打下点迹B时，小车运动的速度vB＝________ m/s；小车做匀加速直线运动的加速度a＝________ m/s2。(结果均保留三位有效数字)‎ ‎14、(6分)某同学做“验证力的平行四边形定则”实验的情况如下图甲所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳，图乙是在白纸上根据实验结果画出的图。‎ ‎ (1)实验中用弹簧测力计测量力的大小时，下列使用方法中不正确的是________。（单选）‎ A、拿起弹簧测力计就进行测量读数 B、拉橡皮筋的拉力大小不能超过弹簧测力计的量程 C、测量前检查弹簧指针是否指在零刻线，用标准砝码检查示数正确后，再进行测量读数 D、应尽量避免弹簧、指针、拉杆与刻度板间的摩擦 ‎(2)图乙中的F与F′两力中，方向一定沿AO方向的是________。‎ ‎(3)本实验采用的科学方法是________。‎ 三、计算题（本题4小题，共36分。15题9分，16题9分，17题10分，18题12分）‎ ‎15、（9分）一个滑雪运动员,从85 m长的山坡上匀加速滑下,初速度是1.8 m/s,滑到山坡底端的末速度是5.0 m/s,求:‎ ‎(1)下滑过程中的平均速度;‎ ‎(2)下滑的加速度a;‎ ‎(3)下滑的时间t。‎ ‎16、（9分）如图所示，质量为m1的物体甲通过三段轻绳悬挂，三段轻绳的结点为O，轻绳OB水平且B端与放置在水平面上的质量为m2的物体乙相连，轻绳OA与竖直方向的夹角θ＝37°，物体甲、乙均处于静止状态．(已知sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，tan37°＝0.75，g取10 m/s2.设最大静摩擦力等于滑动摩擦力)求：‎ ‎(1)轻绳OA、OB受到的拉力是多大？‎ ‎(2)物体乙受到的摩擦力是多大？方向如何？‎ ‎17、（10分）如图所示，光滑斜面AB与粗糙斜面BC对接，一质量m=1.0kg的小滑块从A点由静止滑下，已知AB段斜面倾角为53°，A点离B点所在水平面的高度h=0.8m．两斜面对接点B处有一段很小的圆弧以保证小滑块拐弯时无碰撞，能以到达B点时同样大小的速度冲上BC斜面，已知BC段斜面倾角为37°，滑块与斜面BC间的动摩擦因数μ=0.5‎ ‎，滑块在运动过程中始终未脱离斜面，（g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）求：‎ ‎（1）小滑块到达B点时速度的大小；‎ ‎（2）小滑块沿BC斜面向上运动的最大距离。‎ ‎18、（12分）如图，光滑水平面上静置一长木板A，质量M=4kg，A的最前端放一小物块B（可视为质点），质量m=1kg，A与B间动摩擦因数μ=0.2．现对木板A施加一水平向右的拉力F，取g=10m/s2．则：‎ ‎（1）若拉力F1=5N，A、B一起加速运动，求A对B的静摩擦力f的大小和方向；‎ ‎（2）为保证A、B一起加速运动而不发生相对滑动，求拉力的最大值Fm（设最大静摩擦力与滑动摩擦力相等）；‎ ‎（3）若拉力F2=14N，在力F2作用t=ls后撤去，要使物块不从木板上滑下，求木板的最小长度L。‎ ‎2019-2020学年度高二下学期期末考试物理试卷答案解析 一、选择（48分）‎ ‎1、B 2、C 3、D 4、D 5、A 6、C 7、A 8、C 9、C 10、A 11、BD 12、BD 二、填空（16分）‎ ‎13、 （每空2分）(1)C (2)0.680 1.61 ‎ ‎14、 （每空2分）(1)A (2)F′ (3)等效替代 三、解答题（40分）‎ ‎15、（9分）解析:‎ ‎(1)根据匀变速直线运动中平均速度公式 ‎=, ‎ 有= m/s=3.4 m/s （3分）‎ ‎(2)由v2-=2ax得,a=, ‎ 代入数据得a=0.128 m/s2, （3分）‎ ‎(3)由v=v0+at得,t=, ‎ 代入数据得t=25 s. （3分）‎ ‎16、（9分）解析：(1)FTOA＝＝m1g （3分）‎ FTOB＝m1gtanθ＝m1g （3分）‎ ‎(2)Ff＝FTOB＝m1g （2分）‎ 方向水平向左 （1分）‎ ‎17、（10分）（1）滑块从A到B过程，‎ 有mgsin53°=ma， ‎ vB2=2ah/sin53°， ‎ 解得：vB=4m/s． （5分）‎ ‎（2）小滑块沿BC斜面向上运动时，‎ 有mgsin37°+μmgcos37°=ma1， ‎ 解得：a1=10m/s2． ‎ X=(0-VB2)/(-2a1)=0.8m （5分）‎ ‎18、（12分）‎ ‎（1）对AB整体分析，由牛顿第二定律得：F1=（M+m）a1 ‎ 对B，由牛顿第二定律得：f=ma1联立解得f =1N， ‎ 方向水平向右； （3分）‎ ‎（2）对AB整体，由牛顿第二定律得：Fm=（M+m）a2 ‎ 对B，有：μmg=ma2 ‎ 联立解得：Fm=10N （3分）‎ ‎（3）因为F2＞Fm，所以AB间发生了相对滑动，木块B加速度为：a2=μg=2m/s2。 ‎ 木板A加速度为a3，则：F2-μmg=Ma3 解得：a3=3m/s2。 ‎ ‎1s末A的速度为：vA=a3t=3m/s B的速度为：vB=a2t=2m/s ‎ ‎1s末A、B相对位移为：△l1==0.5m （3分）‎ 撤去F2后，t′s后A、B共速 对A：-μmg=Ma4可得：a4=-0.5m/s2。‎ 共速时有：vA+a4t′=vB+a2t′可得：t′=0.4s 撤去F2后A、B相对位移为：△l2==0.2m （2分）‎ 为使物块不从木板上滑下，木板的最小长度为：L=△l1+△l2=0.7m。 （1分）‎