云南省曲靖会泽县第一中学2018-2019学年高二下学期第一次质检考试物理

云南省曲靖会泽县第一中学2018-2019学年高二下学期第一次质检考试物理

物理试卷 一、选择题：本题共10小题，每小题5分，共50分．在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一项符合题目要求，第7～10题有多个选项符合题目要求．全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．‎ ‎1．真空中两个点电荷之间的静电力为F，如果它们之间的距离以及每个点电荷的电荷量都增加为原来的2倍，则它们之间的静电力将变为原来的（　　）‎ A．4倍 B．2倍 C．1倍 D．0.5倍 ‎2．如图所示，两个单匝线圈a、b的半径分别为r和2r．圆形匀强磁场B的边缘恰好与a线圈重合，则穿过a、b两线圈的磁通量之比为（　　）‎ A．1：1 B．1：2 C．1：4 D．4：1‎ ‎3．如图，长为2l的直导线折成边长相等，夹角为60°的V形，并置于与其所在平面相垂直的匀强磁场中，磁感应强度为B．当在该导线中通以电流强度为I的电流时，该V形通电导线受到的安培力大小为（　　）‎ A．0 B．0.5BIl C．BIl D．2BIl ‎4．在研究微型电动机的性能时，应用如图所示的实验电路。当调节滑动变阻器R使电动机停止转动时，理想电流表和理想电压表的示数分别为0.50A和1.0V．重新调节R使电动机恢复正常运转，此时理想电流表和理想电压表的示数分别为2.0A和24.0V，则这台电动机正常运转时的输出功率为（　　）‎ A．40W B．32W C．47W D．48W ‎5．目前世界上正研究的一种新型发电机叫磁流体发电机，如图所示表示它的发电原理：将一束等离子体（即高温下电离的气体，含有大量带正电和负电的粒子，从整体来说呈中性）沿图中所示方向喷射入磁场，磁场中有两块金属板A、B，这时金属板上就聚集了电荷。在磁极配置如图所示的情况下，下述说法正确的是（　　）‎ A．A板带正电 ‎ B．有电流从b经电阻流向a ‎ C．金属板A、B间的电场方向向下 ‎ D．等离子体发生偏转的原因是离子所受洛伦兹力小于所受电场力 ‎6．如图所示，正点电荷放在O点，图中画出它产生的电场的六条对称分布的电场线。以水平电场线上的O’点为圆心画一个圆，与电场线分别相交于a、b、c、d、e，下列说法正确的是（　　）‎ A．b、e两点的电场强度相同 ‎ B．a点电势高于e点电势 ‎ C．电子沿圆周由d运动到b，电场力做正功，电势能减少 ‎ D．b、c两点间电势差等于e、d两点间电势差 ‎7如图所示，边长为L的正方形线圈abcd，其匝数为n，总电阻为r，外电路的电阻为R，ab的中点和cd的中点的连线恰好位于匀强磁场的边界线上，磁场的磁感应强度为B，若线圈从图示位置开始，以角速度绕轴匀速转动，则以下判断中正确的是　　 A. 闭合电路中感应电动势的瞬时表达式 B. 在时刻，磁场穿过线圈的磁通量最大，但此时磁通量的变化率为零 C. 从时刻到时刻，电阻R上产生的热量为 D. 从时刻到时刻，通过R的电荷量 ‎8.一滴油酸酒精溶液含质量为m的纯油酸，滴在液面上扩散后形成的最大面积为S。已知纯油酸的摩尔质量为M、密度为，阿伏加德罗常数为，下列表达式中正确的有　　‎ A. 油酸分子的直径 B. 油酸分子的直径 C. 油酸所含的分子数 D. 油酸所含的分子数 ‎9.关于布朗运动，下列说法正确的是　　‎ A. 布朗运动是液体中悬浮微粒的无规则运动 B. 液体温度越高，液体中悬浮微粒的布朗运动越剧烈 C. 在液体中的悬浮颗粒只要大于某一尺寸，都会发生布朗运动 D. 液体中悬浮微粒的布朗运动是液体分子永不停息地做无规则运动 E. 液体中悬浮微粒的布朗运动是液体分子对它的撞击作用不平衡所引起的 ‎10物体体积变化时，分子间距离会随之变化，分子势能也会发生变化如图为分子势能Ep与分子间距离r的关系曲线，以下判断正确的是　　‎ A. 当时，分子势能最小 B. 当时，分子引力与斥力大小相等 C. 当时，分子间作用力的合力表现为引力 D. 在r由变到的过程中，分子间作用力的合力做正功 E. 在r由逐渐增大的过程中，分子间作用力的合力做负功 二．实验题（共2大题，每空2分，共18分）‎ ‎11．（8分）某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ，步骤如下：‎ ‎（1）用20分度的游标卡尺测量其长度如图1，由图可知其长度为　 　mm；‎ ‎（2）用螺旋测微器测量其直径如图2，由图可知其直径为　 　mm；‎ ‎（3）该同学先用欧姆表粗测该圆柱体的阻值，选择欧姆档倍率“×100”后测得的阻值如图3表盘所示，测得的阻值约为　 　Ω，‎ ‎（4）导线的直径为d，长度为L，电压表示数为U，电流表示数为I，则电阻率的表达式ρ＝　 　。‎ ‎12．（10分）有一个小灯泡上标有“4V，2W”的字样，现在要用伏安法描绘这个灯泡的I﹣U图线．现有下列器材供选用：‎ A．电压表（0～5V，内阻约10kΩ）‎ B．电压表（0～15V，内阻约20kΩ）‎ C．电流表（0～3A，内阻约1Ω）‎ D．电流表（0～0.6A，内阻约0.4Ω）‎ E．滑动变阻器（10Ω，2A）‎ F．滑动变阻器（500Ω，1A）‎ G．学生电源（直流6V）、开关、导线若干 ‎（1）实验中所用电压表应选　 　，电流表应选用　 　，滑动变阻器应选用　 　．‎ ‎（2）在虚线框内画出实验电路图，不需要实物连接．‎ ‎（3）若把电器元件Z和小灯泡接入如图（丙）所示的电路中时，通过Z的电流为0.22A，已知A、B两端电压恒为2.5V，则此时灯泡L的功率约为　 　W（保留两位有效数字）‎ 三、计算题（共42分，写出必要的文字叙述）‎ ‎13（9分）小型水利发电站的发电机输出功率为1000kW，输出电压为500V，输电线总电阻为，为了使输电线损耗功率为发电机输出功率的，需在发电机处设升压变压器，用户所需电压为220V，所以在用户处需安装降压变压器输电电路图如图所示，求： 输电线上的电流． 升压变压器的原、副线圈的匝数之比． 降压变压器的原、副线圈的匝数之比．‎ ‎14．（9分）一个质量m＝0.1g的小滑块，带有q＝5×10﹣4 C的电荷放置在倾角α＝30°的光滑斜面上（绝缘），斜面置于B＝0.5T的匀强磁场中，磁场方向垂直纸面向里，如图所示，小滑块由静止开始沿斜面滑下，其斜面足够长，小滑块滑至某一位置时，要离开斜面．g取10m/s2求：‎ ‎（1）小滑块带何种电荷？‎ ‎（2）小滑块离开斜面的瞬时速度多大？‎ ‎（3）该斜面的长度至少多长？‎ ‎15．（12分）在范围足够大、方向竖直向下的匀强磁场中，B＝0.2T，有一水平放置的光滑框架，宽度为l＝0.4m，如图所示，框架上放置一质量为0.05kg、接入电路的电阻为R＝1Ω的金属杆cd，金属杆与框架垂直且接触良好，框架电阻不计。若cd杆以恒定加速度a＝2m/s2，由静止开始沿框架向右做匀变速直线运动，则：‎ ‎（1）在2s内平均感应电动势是多少？‎ ‎（2）第5s末，回路中的电流多大？‎ ‎（3）作用在cd杆上的水平外力F随时间变化的关系式？‎ ‎16．（12分）如图，在y＞0的区域存在方向沿y轴负方向的匀强电场，场强大小为E，在y＜0的区域存在方向垂直于xOy平面向外的匀强磁场。一个氕核H和一个氘核H先后从y轴上y＝h点以相同的动能射出，速度方向沿x轴正方向。已知H进入磁场时，速度方向与x轴正方向的夹角为60°，并从坐标原点O处第一次射出磁场。H的质量为m，电荷量为q，不计重力。求 ‎（1）H第一次进入磁场的位置到原点O的距离；‎ ‎（2）磁场的磁感应强度大小；‎ ‎（3）H第一次离开磁场的位置到原点O的距离。‎ ‎ ‎ 题号 ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ ‎5‎ ‎6‎ ‎7‎ ‎8‎ ‎9‎ ‎10‎ 答案 C A C A B D CD BC ABE BCE ‎11（1）50.15；（2）4.698；（3）700；（4）‎ ‎12‎ ‎（1）A，D，E ‎ ‎（2）如图，如图 ‎（3）0.31‎ ‎13【答案】解：输电线上损耗的功率 根据 升压变压器原线圈上的电流 升压变压器原副线圈的匝数之比 输电线上损失的电压 升压变压器副线圈两端的电压，得 降压变压器原线圈两端的电压 ‎ 降压变压器原副线圈的匝数比 14．【解答】解：（1）小滑块沿斜面下滑过程中，受重力mg、斜面支持力FN和洛伦兹力F．若要小滑块离开斜面，洛伦兹力F的方向应垂直斜面向上，根据左手定则可知，小滑块应带有负电荷．‎ ‎（2）小滑块沿斜面下滑时，垂直斜面方向的加速度为零，有Bqv+FN﹣mgcosα＝0．当FN＝0时，小滑块开始脱离斜面，此时有：qvB＝mgcosα，‎ 得：v＝＝ m/s＝2 m/s≈3.46m/s．‎ ‎（3）下滑过程中，只有重力做功，由动能定理得：mgssinα＝mv2，‎ 斜面的长度至少应为：s＝＝ m＝1.2m．‎ ‎15．【解答】解：（1）金属杆2 s内的位移为：x＝at2，‎ 由法拉第电磁感应定律得：E＝＝，‎ 代入数据解得：E＝0.16V；‎ ‎（2）金属杆第5 s末的速度为：v′＝at＝2×5＝10m/s，‎ 此时回路中的感应电动势为：E′＝Blv′，‎ 则回路中的电流为：I＝＝＝ A＝0.8 A；‎ ‎（3）金属杆做匀加速直线运动，由牛顿第二定律得：F﹣F安＝ma，‎ 其中安培力为：F安＝BIl，‎ 感应电流为：I＝，‎ 代入数据解得：F＝0.1+0.0128t；‎ ‎16．【解答】解：（1）H在电场中做类平抛运动，‎ 水平方向：x1＝v1t1，‎ 竖直方向：h＝a1t12，‎ 粒子进入磁场时竖直分速度：vy＝a1t1＝v1tan60°，‎ 解得：x1＝h；‎ ‎（2）H在电场中的加速度：a1＝，‎ H进入磁场时的速度：v＝，‎ H在磁场中做圆周运动，运动轨迹如图所示：‎ 由几何知识得：x1＝2r1sin60°，‎ H在磁场中做匀速圆运动，洛伦兹力提供向心力，‎ 由牛顿第二定律得：qvB＝m，‎ 解得：B＝；‎ ‎（3）由题意可知：H和H的初动能相等，即：mv12＝•2mv22，‎ 由牛顿第二定律得：qE＝2ma2，‎ H在电场中做类平抛运动，‎ 水平方向：x2＝v2t2，‎ 竖直方向：h＝a2t22，‎ H进入磁场时的速度：v′＝，‎ sinθ′＝＝，‎ 解得：x2＝x1，θ′＝θ＝60°，v′＝v，‎ H在磁场中做圆周运动，圆周运动的轨道半径：r′＝＝r，‎ 射出点在原点左侧，H进入磁场的入射点到第一次离开磁场的出射点间的距离：x2′＝2r′sinθ′，‎ H第一次离开磁场时的位置距离O点的距离为：d＝x2′﹣x2，解得：d＝‎ ‎；‎